2025屆安徽舒城桃溪中學高三物理第一學期期中預測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，甲圖是某人站在力傳感器上做下蹲-起跳動作的示意圖，甲圖中的“●”表示人的重心，乙圖是根據力傳感器畫出的壓力F隨時間t變化的圖線．乙圖中a、d、f、g各點數據分別與甲圖中人的a、d、f、g狀態相對應，其余點對應狀態沒有在甲圖中畫出．乙圖中a、c、e、i點對應的縱坐標均為610N．請根據這兩個圖所給出的信息，判斷下列說法中正確的是A．乙圖中b點時刻，人處于超重狀態B．乙圖中d點時刻，人處于失重狀態C．乙圖中g點時刻，人處于失重狀態D．乙圖中i點時刻，人的速度為零2、物體在水平力F作用下，沿水平地面由靜止開始運動，1s后撤去F，再經過2s物體停止運動，其圖象如圖．若整個過程拉力F做功為W1，平均功率為P1；物體克服摩擦阻力Ff做功為W2，平均功率為P2，加速過程加速度大小為a1，減速過程加速度大小為a2，則A．W1=3W2 B．a1=3a2C．F=3Ff D．P1=2P23、有a、b、c、d四顆地球衛星，a還未發射，在地球赤道上隨地球表面一起轉動，b處于地面附近的近地軌道上正常運動，c是地球同步衛星，d是高空探測衛星，各衛星排列位置如圖所示，則有（）A．a的向心加速度等于重力加速度gB．b在相同時間內轉過的弧長最長C．c在4h內轉過的圓心角是D．d的運動周期有可能是20小時4、如圖所示，一輛汽車自某地A點啟動，先做勻加速直線運動，運動到B點時接著做勻速直線運動到C點，整個過程汽車運動的總時間為t，總路程為s，B是AC的中點，則這輛汽車勻速運動的速度大小為（）A．B．C．D．5、如圖，在一半經為R的球面頂端放一質量為m的物塊，現給物塊一初速度v0，，則（）A．若，則物塊落地點離A點B．若球面是粗糙的，當時，物塊一定會沿球面下滑一段，再斜拋離球面C．若，則物塊落地點離A點為RD．若，則物塊落地點離A點至少為2R6、在“和平使命-2014聯合軍演”的“垂直截擊行動”中,中國空降兵某部的一名傘兵從高空靜止的直升飛機上跳下,在t0時刻打開降落傘,在3t0時刻以速度v2著地.他運動的速度隨時間變化的規律如圖所示.下列結論不正確的是(

)A．在0-t0時間內加速度不變,在t0-3t0時間內加速度減小B．降落傘打開后,降落傘和傘兵所受的阻力越來越小C．在的時間內t0-3t,平均速度vD．若第一個傘兵打開降落傘時第二個傘兵立即跳下,則他們在空中的距離先增大后減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一列簡諧橫波沿x軸傳播．t=0時的波形如圖所示，質點A與質點B相距lm，A點速度沿y軸正方向；t=0.02s時，質點A第一次到達正向最大位移處．由此可知A．此波沿x軸正方向傳播B．此波的傳播速度為25m/sC．從t=0時起，經過0.04s，質點A沿波傳播方向遷移了1mD．在t=0.04s時，質點B處在平衡位置，速度沿y軸正方向E.此列波不能和頻率為50Hz的橫波發生干涉現象8、如圖所示，鏈球上面安有鏈子和把手．運動員兩手握著鏈球的把手，人和球同時快速旋轉，最后運動員松開把手，鏈球沿斜向上方向飛出，不計空氣阻力．關于鏈球的運動,下列說法正確的有A．鏈球脫手后做勻變速曲線運動B．鏈球脫手時沿金屬鏈方向飛出C．鏈球拋出角度一定時，脫手時的速率越大，則飛得越遠D．鏈球脫手時的速率一定時，拋出角度越小，一定飛得越遠9、如圖所示，ABC是一條長軌道，其中AB段是傾角為θ的斜面，BC段是水平的，一質量為m的小滑塊（可視為質點）從A點由靜止滑下，最后停在C點．已知滑塊與軌道間的動摩擦因數為μ，在B點兩軌道平滑連接，滑塊改變方向時無能量損失．現用一沿著軌道方向的力拉滑塊，使它緩緩地由C點回到A點，則拉力對滑塊做的功等于：（）A．mgh B．2mghC． D．10、在擋板P作用下，木板A靜止于豎直的墻壁和水平地面之間，墻壁和地面皆光滑，在木板A上放有一斜面B，如圖所示。現將擋板P緩慢向左移動，在A的傾角α由30°變到60°的過程中，在此過程中(

)A．A對B的支持力減小B．A對B的作用力保持不變C．.A對地面的壓力變大D．A對P的壓力先增大后減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖是研究平拋運動的實驗裝置示意圖，桌面上的小球經壓縮狀態的彈簧彈開后，飛出桌面做平拋運動。撞到帶有白紙和復寫紙的豎直長木板上，并留下痕跡A。重復實驗，木板依次后退水平距離相同，都為x，小球撞在木板上，留下痕跡B、C，測量A、B、C點到同一點O的距離y1、y2、y3，其中O點與小球拋出時圓心位置等高（1）關于此實驗，以下說法正確的是_________A．重復實驗時，必須將彈簧壓縮到同一位置，再釋放小球B．桌面必須保證嚴格水平C．桌面必須盡量光滑，多次重復實驗D．一定會有y1:y2:y3=1:4:9（2）利用題目中所給數據，可得到平拋運動的初速度為v0=_______（已知當地重力加速度為g）12．（12分）“探究力的平行四邊形定則”的實驗如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細線的結點，OB和OC為細繩，圖乙所示是在白紙上根據實驗結果畫出的圖。(1)某同學的實驗操作主要步驟如下：A．在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；B．用圖釘把橡皮筋的一端固定在板上的A點，在橡皮筋的另一端拴上兩條細繩，細繩的另一端系著繩套；C．用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋伸長，結點到達某一位置O，記錄下O點的位置，讀出兩個彈簧測力計的示數；D．按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測力計的拉力和的圖示，并用平行四邊形定則求出合力F；E.只用一只彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮筋使其伸長，讀出彈簧測力計的示數，記下細繩的方向，按照同一標度作出這個力的圖示；F.比較力和F的大小和方向，看它們是否相同，得出結論。上述步驟中，有重要遺漏的步驟的序號是______。(2)該實驗中某彈簧測力計顯示的讀數如圖所示，其大小是________N。(3)圖乙中的______是力F1和F2合力的理論值；______是力F1和F2合力的實際測量值。(4)同學們在操作過程中有如下議論，其中對減小實驗誤差有益的說法是______。A．兩個分力之間的夾角越大越好B．橡皮筋應與兩繩夾角的平分線在同一直線上C．在使用彈簧秤時要注意使彈簧秤與木板平面平行D．拉橡皮筋的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，ABD為豎直平面內的光滑絕緣軌道，其中AB段是水平的，BD段為半徑R＝0.2m的半圓，兩段軌道相切于B點，整個軌道處在豎直向下的勻強電場中，場強大小E＝5.0×103V/m。一不帶電的絕緣小球甲，以速度v0沿水平軌道向右運動，與靜止在B點帶正電的小球乙發生彈性碰撞。已知乙球質量為m＝1.0×10－2kg，乙所帶電荷量q＝2.0×10－5C，乙球質量是甲球質量的3倍。g取10m/s2。(水平軌道足夠長，甲、乙兩球可視為質點，整個運動過程無電荷轉移)(1)甲、乙兩球碰撞后，乙球通過軌道的最高點D時，對軌道的壓力是自身重力的2.5倍，求乙在軌道上的首次落點到B點的距離；(2)在滿足(1)的條件下，求甲球的初速度v0；14．（16分）圖是離心軌道演示儀結構示意圖．光滑弧形軌道下端與半徑為R的光滑圓軌道相接，整個軌道位于豎直平面內．質量為m的小球從弧形軌道上的A點由靜止滑下，進入圓軌道后沿圓軌道運動，若小球通過圓軌道的最高點時對軌道的壓力與重力等大．小球可視為質點，重力加速度為g，不計空氣阻力．求：（1）小球運動到圓軌道的最高點時速度的大小；（2）小球開始下滑的初始位置A點距水平面的豎直高度h；（3）小球從更高的位置釋放，小球運動到圓軌道的最低點和最高點時對軌道的壓力之差．15．（12分）一質量m=2.0kg的小物塊以一定的初速度沖上一傾角θ=37°足夠長的固定斜面，某同學利用傳感器測出了小物塊從一開始沖上斜面至最高點過程中多個時刻的瞬時速度，并繪出了小物塊上滑過程中速度v隨時間t的變化圖像，如圖所示。計算時取sin37°=0.6，cos37°=0.8，m/s2。最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力。（1）求小物塊沖上斜面過程中加速度的大小a及上滑的最大距離x；（2）求小物塊與斜面間的動摩擦因數μ；（3）請分析說明小物塊能否返回出發點。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

人下蹲過程中先加速下降，到達一個最大速度后再減速下降，直至速度減為零，則乙圖中b點時刻，人處于失重狀態，A錯誤；人站起來的階段向上做加速運動，處于超重狀態，則乙圖中d點時刻，人處于超重狀態，B錯誤；當人離開水平面時處于完全失重狀態，則乙圖中g點時刻，人處于失重狀態，C正確；當人落回到水平面時，向下先加速后減速運動，則乙圖中i點時刻，人的速度最大，不為零，D錯誤；故選C。2、C【解析】

A.對全程由動能定理得：可得：故A錯誤；B.圖象的斜率的大小代表加速度的大小，故有：故B錯誤；C.由圖可知，物體先做勻加速直線運動，1s末速度為，由動能定理可知：減速過程中，只有阻力做功：則可得：由圖象可知：解得：故C正確；D.由圖象可知所用的時間之比為：根據可知故D錯誤。3、B【解析】

A．同步衛星的周期必須與地球自轉周期相同，角速度相同，則知a與c的角速度相同，根據a=ω2r可知，c的向心加速度大于a的向心加速度；根據萬有引力等于重力可得衛星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度約為g，所以知a的向心加速度小于重力加速度g，故A錯誤；B．根據萬有引力提供向心力解得衛星的半徑越大，速度越小，則有；對c和a有因為c的半徑大于a的半徑，故，故b的速度最大，在相同時間內轉過的弧長最長，故B正確；

C．c是地球同步衛星，周期是24h，則c在4h內轉過的圓心角是，故C錯誤；D．根據開普勒第三定律可知，衛星的半徑越大，周期越大，d的半徑大于c的，所以d的運動周期大于c的周期24h，所以不可能為20h，故D錯誤。故選B。4、B【解析】設汽車從A運動到B所用時間為t1，從B運動到C所用時間為t2，汽車勻速運動的速度大小為v，由題意可得：，，，可得：，聯立解得：，故B正確，ACD錯誤．5、D【解析】

試題分析：在最高點，根據牛頓第二定律得，，，解得N=0，知物體在頂部僅受重力，有水平初速度，做平拋運動，則，則水平運動的位移，故A錯誤；當時，在最高點，根據牛頓第二定律得，，解得，如果物塊受到的摩擦力足夠大，物塊可能滑行一段距離后停止；2、如果物塊受到的摩擦力處于臨界狀態，可能剛好滑到邊沿豎直下拋；3、如果摩擦力再減少的話就可能在某一位置斜下拋，故B錯誤；當時，物塊也可能做圓周運動，故C錯誤；若，有A的分析可知，水平位移x≥2R，故D正確．考點：考查了圓周運動，平拋運動【名師點睛】在最高點，物體沿半徑方向的合力提供向心力，根據牛頓第二定律判斷是否有支持力，從而判斷物體的運動情況即可解題．6、C【解析】

在0～t0時間傘兵做勻加速直線運動，加速度不變，2t0～3t0時間內圖線的斜率逐漸減小，則加速度逐漸減小。故A正確。設降落傘和傘兵的總質量為m，所受的阻力為f，加速度大小為a，根據牛頓第二定律得：f-mg=ma，得f=mg+ma，a逐漸減小，則阻力f也逐漸減小。即降落傘和傘兵所受的阻力越來越小。故B正確。在t0～3t0的時間內，假設傘兵做勻減速直線運動，圖象為直線，其平均速度為v1+v22．根據“面積”等于位移可知，勻減速直線運動的位移大于傘兵實際運動的位移，則平均速度v<v1【點睛】本題根據斜率等于加速度判斷加速度的變化。根據“面積”等于位移，分析平均速度的大小。要注意對于勻變速直線運動的平均速度才等于v1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】A點速度沿y軸正方向，則波沿x軸負方向傳播．故A錯誤．由題λ=2m,T=0.08s，則波速．故B正確．簡諧橫波沿x軸傳播，質點A沿波傳播方向并不遷移．故C錯誤．此時B向下，t=0.04s=0.5T時，質點B處在平衡位置，速度沿y軸正方向．故D正確．此列的頻率為，故波不能和頻率為50Hz的橫波發生干涉現象，選項E正確；故選BDE.8、AC【解析】鏈球脫手后做，將沿著鏈球速度方向飛出，做斜上拋運動，只受重力作用，加速度為g，保持不變，故鏈球做勻變速曲線運動，故A正確，B錯誤；設鏈球脫手時的速率為發，拋出的角度為，則豎直方向上有，水平方向上有，當鏈球拋出角度一定時，脫手時的速率越大，則飛得越遠；當鏈球脫手時的速率v一定時，由公式可知當時x最大，即飛得最遠，故C正確，D錯誤；選AC.【點睛】鏈球脫手后，鏈球將沿著該點的切線方向飛出，做斜上拋運動，只受到重力作用，做勻變速曲線運動，鏈球脫手后做斜上拋運動，根據斜上拋運動的特點求得運動的水平位移.9、BD【解析】

物體由A點下落至C點，設克服摩擦力做功為WAC，由動能定理：mgh-WAC=0，即：WAC=mgh，①由于緩緩推，說明動能變化量為零，設克服摩擦力做功為WCA，由動能定理，當物體從C點被推回A點有：WF-mgh-WCA=0

②根據W=FLcosα可得由A點下落至C，摩擦力做得功為：③從D→A的過程摩擦力做功為：④③④聯立得：WAC=WCA⑤①②③聯立得：

；故A，C錯誤，B，D正確.故選BD.【點睛】本題重點是抓住來回兩個過程摩擦力做功相等，理解緩緩推的意義，對來和會兩個過程應用動能定理即可求解．10、AB【解析】A、對B受力分析，A對B的支持力，在A的傾角α由30°變到60°的過程中，A對B的支持力減小，故A正確；B、A對B的作用力是A對B的支持力，A對B的摩擦力，這兩個力的合力與B的重力的大小相等，方向相反，則有A對B的作用力保持不變，故B正確；C、以AB為對象，在豎直方向上，受到重力和地面對它們的支持力，它們大小相等，方向相反，由牛頓第三定律，A對地面的壓力不變，故C錯誤；D、以A與P的接觸點為轉抽，A與B組成的整體受到的重力提供逆時針方向的力矩，墻壁對A的作用力提供順時針方向的力矩，由力矩平衡可得，，在A的傾角α由30°變到60°的過程中，重力的力臂減小，，墻壁對A的作用力減小；以AB為對象，在水平方向上，墻壁對A的作用力和P對A的作用力，它們大小相等，方向相反，由牛頓第三定律，A對P的壓力減小，故D錯誤；故選AB。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ABxg【解析】

（1）重復實驗時，必須將彈簧壓縮到同一位置，再釋放小球，以保證每次彈出的初速度都相同，選項A正確；桌面必須保證嚴格水平，以保證小球做平拋運動，選項B正確；桌面光滑與否與實驗精度無關，只要彈出時速度相同即可，選項C錯誤；由于豎直板的初始位移與拋出點的距離不一定也是x，則O、A、B、C四點的時間間隔不一定相同，則不一定會有y1:y2:y3=1:4:9，選項D錯誤；故選AB.（2）由平拋運動的規律可知：x=v0t；(y3-y2)-(y2-y1)=gt2；解得v0【點睛】本題關鍵是讓學生掌握描點法作圖線的步驟，同時知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，結合運動學公式和推論進行求解．12、CE4.20FF′CD【解析】

(1)[1]本實驗為了驗證力的平行四邊形定則，采用的方法是作力的圖示法，作出合力和理論值和實際值，然后進行比較，得出結果。所以，實驗時，除記錄彈簧秤的示數外，還要記下兩條細繩的方向，以便確定兩個拉力的方向，這樣才能作出拉力的圖示。步驟C中未記下兩條細繩的方向；步驟E中未說明把橡皮條的結點拉到位置O；(2)[2]根據題意，彈簧測力計的讀數為4.20N；(3)[3][4]F1與F2合成的理論值是通過平行四邊形定則算出的值，而實際值是單獨一個力拉O點的時的值，因此F′是F1與F2合成的實際值，F是F1與F2合成的理論值(4)[5]A．畫平行四邊形時，夾角大的話畫出的平行四邊形就會準些，而不是要求夾角越大越好，故A錯誤；B．實驗值并不需要橡皮筋與兩繩夾角的平分線在同一直線上，即兩繩上的拉力可以不相等，故B錯誤；C．作圖時，我們是在白紙中作圖，做出的是水平力的圖示，若拉力傾斜，則作出圖的方向與實際力的方向有有較大差別，同時為了減小因摩擦造成的誤差，故應使各力盡量與木板面平行，故C正確；D．為了方便而且更加準確確定力的方向，操作時可以使繩套細且長一些，標記同一細繩方向的兩點要遠些，故D正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)x=0.6m(2)v【解析】

(1)根據題意可知，甲、乙兩球碰撞后，在水平方向上動量守恒，此時乙獲得向右的速度沿軌道運動，在乙恰能通過軌道的最高點D的情況下，設乙到達最高點的速度為vD，乙離開D點到達水平軌道的時間為t，乙的落點到B點的距離為x，根據曲線運動規律有：mg+qE=m2R=x＝vDt聯立得x=0.6m(2)設碰后甲、乙球的速度分別為v1，v2，根據動量守恒和機械能守恒定律有：11兩式聯解得：v乙球從B到D過程中，根據動能定理有:-mg?2R-qE?2R=解得：v聯立解得：v【點睛