2025屆四川省攀枝花市第十二中學物理高二上期末經典試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電阻接一直流電，通過4A的電流時熱功率為P，若換接一正弦交流電，它的熱功率變為，則該交流電電流的最大值為()A.4A B.6AC.2A D.2、一個矩形線圈勻速地從無磁場的空間先進入磁感應強度為B1的勻強磁場，然后再進入磁感應強度為B2的勻強磁場，最后進入沒有磁場的右邊空間，如圖所示．若B1=2B2，方向均始終和線圈平面垂直，則在下圖所示圖中能定性表示線圈中感應電流i隨時間t變化關系的是(電流以逆時針方向為正)（）A. B.C. D.3、如圖所示，兩顆“近地”衛星1和2都繞地球做勻速圓周運動，衛星2的軌道半徑更大些，兩顆衛星相比較，下列說法中正確的是（）A.衛星2的向心加速度較大 B.衛星2的線速度較大C.衛星2的周期較大 D.衛星2的角速度較大4、學校運動會進行跳遠比賽時，要在沙坑里填沙。這樣做的目的是為了減小人觸地過程中的（）A.落地速度 B.動量的變化量C.沙對腳的作用力 D.速度的變化量5、下列現象中可能發生離心現象的是A.賽車在彎道處拐彎行駛 B.汽車在平直公路勻速行駛C.汽車在平直公路加速行駛 D.汽車在平直公路減速行駛6、以下說法中，對甲乙丙丁四幅圖的描述錯誤的是A.如圖甲所示，導體棒垂直于磁場方向運動，兩兩垂直時，則電動勢B.如圖乙所示，導線的運動方向與導線本身垂直，與磁感線方向夾角為θ時，則電動勢C.如圖丙所示，線圈以恒定速度從圖示位置向上離開磁場過程中電動勢逐漸變大D.如圖丁所示，導體棒平動切割磁感線產生的電動勢為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A、B為平行金屬板，兩板相距為d，分別與電源兩極相連，兩板的中央各有一小孔M和N。今有一帶電質點，自A板上方相距為h的P點由靜止自由下落(P、M、N在同一豎直線上)，空氣阻力忽略不計，到達N孔時速度恰好為零，然后沿原路返回，若保持兩極板間的電壓不變，則()A.把A板向上平移一小段距離，質點自P點自由下落后仍能返回B.把A板向下平移一小段距離，質點自P點自由下落后將穿過N孔繼續下落C.把B板向上平移一小段距離，質點自P點自由下落后不能返回D.把B板向下平移一小段距離，質點自P點自由下落后將穿過N孔繼續下落8、如圖所示，虛線EF的下方存在著正交的勻強電場和勻強磁場，電場強度為E，磁感應強度為B。一帶電微粒從離EF為h的高處由靜止下落，從B點進入場區，做了一段勻速圓周運動，從D點射出，則下列說法正確的是（）A.微粒受到的電場力的方向一定豎直向上B.微粒做圓周運動的半徑為C.從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能先增大后減小D.從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能和重力勢能之和在最低點C時最小9、如圖畫出的是穿過一個單匝閉合線圈的磁通量隨時間變化而變化的規律，以下說法錯誤的是（）A.第0.6s末線圈中的瞬時電動勢為4VB.第0.9s末線圈中的瞬時電動勢比0.2s末的大C.第0.4s末與第0.9s末線圈中通過的瞬時感應電流的方向相同D.第0.2s末與第0.4s末線圈中通過的瞬時感應電流的方向相同10、超導電磁船是一種不需要螺旋槳推進的低噪音新型船，如圖是電磁船的簡化原理圖，MN和CD是與電池相連的導體棒，MN與CD之間部分區域有垂直紙面向內的勻強磁場(磁場由超導線圈產生，其獨立電路部分未畫出)，以下說法正確的是A.要使船前進，圖中MN導體棒應接直流電源的負極B.改變超導線圈中電流的方向，可控制船前進或倒退C.若接入電路的海水電阻為R，其兩端的電壓為U，電路中的電流為I，則UI＞I2RD.該超導電磁船應用的是電磁感應原理三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某興趣小組設計以下實驗來測量一塊正方形薄片導體R0的電阻；（1）使用多用電表粗測時，該小組先用“×100”歐姆擋，歐姆表的指針偏轉情況如圖中虛線a位置．為了減小誤差，多用電表的選擇開關應選用歐姆擋的__（選填“×1000”或“×10”）擋；按操作規程再次測量該待測電阻的阻值，歐姆表的指針示數位置如圖中實線b所示，則該待測電阻的阻值為_____Ω（2）再次用伏安法準確測量，現準備了以下器材：A．待測電阻R0B．電壓表V（量程0～3V，內阻約3kΩ）C．電流表A（量程0～30mA，內阻約30Ω）D．滑動變阻器R（0～10Ω，2A）E．電源（電動勢E＝6V，內阻較小）F．導線、開關若干①圖甲為測量R0的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線，請補充完成實物之間的連線______②正確連接好電路，進行實驗測量，記錄數據如下表格，請在圖乙坐標紙上作出U﹣I關系圖線______，由圖線可得導體R0的阻值為_____Ω（結果保留三位有效數字）次數12345U/V0.501.001.502.002.50I/mA3.77.212.815.217.712．（12分）如圖所示是三個成功的演示實驗，回答下列問題。(1)在實驗中，電流表指針偏轉的原因是___________。(2)第一個成功實驗(如圖a)中，將條形磁鐵從同一高度插入到線圈中同一位置，快速插入和緩慢插入有什么量是相同的？__________，什么量是不同的？__________。(3)從三個成功的演示實驗可歸納出的結論是：___________________________。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，OO′為正對放置的水平金屬板M、N的中線．熱燈絲逸出的電子(初速度重力均不計)在電壓為U的加速電場中由靜止開始運動，從小孔O射入兩板間正交的勻強電場、勻強磁場(圖中未畫出)后沿OO′做直線運動．已知兩板間的電壓為2U，兩板長度與兩板間的距離均為L，電子的質量為m、電荷量為e(1)求板間勻強磁場的磁感應強度的大小B和方向；(2)若保留兩金屬板間的勻強磁場不變，使兩金屬板均不帶電，求從小孔O射入的電子打到N板上的位置到N板左端的距離x14．（16分）如圖甲所示，在直角坐標系中的0≤x≤L區域內有沿y軸正方向的勻強電場，右側有以點（2L，0）為圓心、半徑為L的圓形區域，與x軸的交點分別為M、N，在xOy平面內，從電離室產生的質量為m，帶電量為e的電子以幾乎為零的初速度從P點飄入電勢差為U的加速電場中，加速后經過右側極板上的小孔Q點沿x軸正方向進入勻強電場，已知O、Q兩點之間的距離為，飛出電場后從M點進入圓形區域，不考慮電子所受的重力（1）求0≤x≤L區域內電場強度E的大小和電子從M點進入圓形區域時的速度vM；（2）若圓形區域內加一個垂直于紙面向外勻強磁場，使電子穿出圓形區域時速度方向垂直于x軸，求所加磁場磁感應強度B的大小和電子在圓形區域內運動的時間t15．（12分）如圖所示的坐標系xOy中，x<0，y>0的區域內有沿x軸正方向的勻強電場，x≥0的區域內有垂直于xOy坐標平面向外的勻強磁場，x軸上A點的坐標為（－L，0），y軸上D點的坐標為（0，）有一個帶正電的粒子從A點以初速度vA沿y軸正方向射入勻強電場區域，經過D點進入勻強磁場區域，然后經x軸上的C點（圖中未畫出）運動到坐標原點O。不計重力。求：(1)粒子在D點的速度vD是多大？(2)C點與O點的距離xC是多大？(3)勻強電場的電場強度與勻強磁場的磁感應強度的比值是多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A試題分析：先根據直流電通過電阻的功率和交流電通過時功率之比．求解出交流電的有效值，再根據有效值求最大值根據有效值的物理意義，I2R=（）2R，所以Im=4A故答案選A.考點：考查交流電的有效值和最大值的計算點評：有效值的物理意義是相同時間內通過同一電阻產生的熱量相同，理解有效值的物理意義是解決本題的關鍵，基礎題2、C【解析】線圈進入B1時，右邊切割磁感線產生感應電動勢由右手定則可得出電流方向沿逆時針，故電流為正；當線圈全部進入時，磁通量不再發生變化，故線圈中沒有電流；當右邊進入B2時，兩邊同時切割磁感線，左邊產生的感應電動勢為，右邊產生的電動勢為，因兩電動勢方向相反，故總電動勢為方向沿順時針，故電流為負；當線圈完全進入B2時，磁通量不再發生變化，故線圈中沒有電流；當線圈離開磁場區域時，只有左邊切割B2時，電動勢為方向為順時針，故電流為負。故選C。3、C【解析】A．衛星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，則可得衛星2的軌道半徑較大，因此衛星2的向心加速度較小，故A錯誤；B．根據可得衛星2的軌道半徑較大，因此衛星2的線速度較小，故B錯誤；C．根據可得衛星2的軌道半徑較大，因此衛星2的周期較大，故C正確；D．根據可得衛星2的軌道半徑較大，因此衛星2的角速度較小，故D錯誤；故選C。4、C【解析】AD．落地速度是由下跳時的高度決定的，沙坑不會改變落地速度，而落地后速度為零，故速度的變化量也不會改變，故AD錯誤；BC．跳遠比賽時，運動員從與沙坑接觸到靜止動量的變化量相等，設為△p，由動量定理可知，人受到的合力的沖量I=△P是一定的，人落在沙坑中比落在地面上延長了人與沙坑的接觸時間，t變大，由動量定理得△P=Ft，△P一定，t越長，動量變化率越小，人受到的合外力越小；故能減小的只有動量的變化率，即沙對腳的作用力，故C正確，B錯誤。故選C。5、A【解析】做圓周運動的物體，當物體所受的指向圓心的合力小于所需要的向心力時，則產生離心現象．賽車在彎道處拐彎行駛時做圓周運動，需要向心力，所以可能生離心現象，故A正確．汽車在平直公路時勻速行駛、加速行駛、減速行駛都是做直線運動，做直線運動的物體不可能發生離心現象．故BCD都錯誤6、C【解析】A．圖甲所示，導體棒垂直于磁場方向運動，B、l、v兩兩垂直時，根據導體棒切割磁感應線產生的感應電動勢的計算公式可得產生的感應電動勢為E=Blv，故A正確，不符合題意；

B．如圖乙所示，導線的運動方向與導線本身垂直，與磁感線方向夾角為θ時，速度v在垂直于導體棒上的分速度為vsinθ，則電動勢E=Blvsinθ，故B正確，不符合題意；

C．如圖丙所示，線圈以恒定速度v從圖示位置向上離開磁場過程中，有效切割長度先增大后減小，感應電動勢先增大后減小，故C錯誤，符合題意；

D．如圖丁所示，導體棒平動切割磁感線時，導體棒垂直于磁場方向運動，B、l、v兩兩垂直，所以產生的電動勢為Blv，故D正確，不符合題意。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A．由題設條件，由動能定理得則知電場力做功等于重力做功的大小。把A板向上平移一小段距離，質點自P點自由下落，根據動能定理知小球到達N點速度為零然后返回，故A正確；B．將A板向下移動一小段距離，根據動能定理知，小球到達N點速度為零然后返回，故B錯誤；C．把B板向上平移一小段距離，根據動能定理知可小球未到達N點速度已減為零，然后返回，故C錯誤；D．把B板向下平移一小段距離后，根據動能定理知可知小球到達N點速度不為零，小球會穿過N孔繼續下落，故D正確。故選AD。8、ABC【解析】A．由題知，帶電微粒進入正交的勻強電場和勻強磁場中做勻速圓周運動，電場力與重力必定平衡，則微粒受到的電場力的方向一定豎直向上，故A正確；B．由上分析可知由洛倫茲力提供向心力，則有從h高處由靜止下落，則進入復合場的速度為聯立得微粒做圓周運動的半徑為故B正確；C．由于電場力方向豎直向上，則微粒從B點運動到D點的過程中，電場力先做負功后做正功，則其電勢能先增大后減小，故C正確；D．根據能量守恒定律得知，微粒在B到D的運動過程中，電勢能、動能、重力勢能之和一定，動能不變，則知微粒的電勢能和重力勢能之和一定不變，故D錯誤。故選ABC。9、AD【解析】根據法拉第電磁感應定律我們知道感應電動勢與磁通量的變化率成正比,結合數學知識我們知道：穿過閉合回路的磁通量Φ隨時間t變化的圖象的斜率運用數學知識結合磁通量Φ隨時間t變化的圖象解決問題；【詳解】A、在內，，故A錯誤；B、由圖知，0.9s末的磁通量變化率比0.2s時的大，所以0.9s末線圈中的瞬時電動勢比0.2s末的大，故B正確；C、第0.4s末與第0.9s末的圖象斜率都為負值，瞬時電動勢的方向相同，則瞬時感應電流的方向相同，故C正確；D、第0.2s末與第0.4s末的圖象斜率一正一負，瞬時電動勢的方向相反，則瞬時感應電流的方向相反，故D錯誤【點睛】通過Φ-t圖象運用數學知識結合物理規律解決問題，其中我們要知道Φ-t圖象斜率的意義，利用圖象解決問題是現在考試中常見的問題，對于圖象問題，我們也從圖象的斜率和截距結合它的物理意義去研究10、ABC【解析】利用左手定則判斷出海水受到的安培力，根據牛頓第三定律即可判斷出船體的受力，即可判斷運動方向，當改變超導線圈的電流時，會改變磁場的方向，受力都會發生改變，路端電壓一部分用來產生磁場，一部分由于海水有電阻，會產生熱，有非純電阻電路的歐姆定律即可判斷【詳解】A．當MN解直流電源的負極時，海水中電流方向由CD指向MN，是海水受到的安培力向左，根據牛頓第三定律可知，船體受到向右的作用力，故使船體向前運動，A正確；B．改變超導線圈中中電流的方向，會改變磁場的方向，從而改變海水的受力方向，從而改變船體的受力方向，故能控制船體的前進或后退，B正確；C．路端電壓一部分用來產生磁場，一部分由于海水有電阻，會產生熱，故，C正確；D．該超導電磁船應用的是安培力原理，D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×10②.130③.實物電路圖如圖所示:④.圖象如圖所示:⑤.139【解析】（1）用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表指針示數與擋位的乘積是歐姆表示數；（2）①根據題意確定滑動變阻器與電流表接法，然后連接實物電路圖；②根據表中實驗數據在坐標系內描出對應點，然后作出圖象，根據圖象應用歐姆定律求出電阻阻值；【詳解】（1）使用多用電表粗測時，該小組先用“×100”歐姆擋，歐姆表的指針偏轉情況如圖中虛線a位置，由圖示可知，歐姆表指針偏角太大，說明所選擋位太大，為了減小誤差，多用電表的選擇開關應選用歐姆擋的×10擋，由圖示實線b可知，該待測電阻的阻值為；（2）①由題意可知，電壓表內阻遠大于待測電阻阻值，電流表應采用外接法，待測電阻阻值遠大于滑動變阻器的最大阻值，為測多組實驗數據，滑動變阻器應采用分壓接法，實物電路圖如圖所示：②根據表中實驗數據在坐標系內描出對應點，然后根據描出的點作出圖象如圖所示：由圖示圖象可知，待測電阻阻值：；【點睛】當電壓表內阻遠大于待測電阻阻值時，電流表采用外接法，當待測電阻阻值遠大于電流表內阻時，電流表采用內接法，當待測電阻阻值遠大于滑動變阻器最大阻值時，為測多組實驗數據，滑動變阻器應采用分壓接法12、①.穿過閉合線圈的磁通量發生變化②.磁通量的變化量③.磁通量的變化率④.只要穿過閉合電路的磁通量發生變化，閉合電路中就有感應電流產生【解析】(1)[1]當磁通量發生變化，會產生感應電流，電流表指針發生偏轉(2)[2][3]第一個成功實驗（圖a）中，將條形磁鐵從同一高度插入線圈中，快速插入和慢速插入過程中，磁通量的變化量相同，磁通量的變化率不同(3)[4]由圖示實驗可知，只要穿過閉合電路的磁通量發生變化，閉合電路中就有感應電流產生四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）垂直紙面向外；（2）【解析】（1）在電場中加速度，在復合場中直線運動，根據動能定理和力的平衡求解即可；（2）洛倫茲力提供向心力同時結合幾何關系求解即可；【詳解】（1）電子通過加速電場的過程中，由動能定理有：由于電子在兩板間做勻速運動，則，其中聯立解得：根據左手定則可判斷磁感應強度方向垂直紙面向外；（2）洛倫茲力提供電子在磁場中做圓周運動所需要的向心力，有：，其中由（1）得到設電子打在N板上時的速度方向與N板的夾角為