學校________________班級____________姓名____________考場____________準考證號學校________________班級____________姓名____________考場____________準考證號…………密…………封…………線…………內…………不…………要…………答…………題…………第1頁，共4頁河北省保定市競秀區2025屆九年級數學第一學期開學學業質量監測模擬試題題號一二三四五總分得分A卷（100分）一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）1、（4分）如圖，正方形ABCD和正方形CEFG中，點D在CG上，BC＝2，CE＝6，H是AF的中點，那么CH的長是（）A．2.5 B．2 C． D．42、（4分）矩形與矩形如圖放置，點共線，點共線，連接，取的中點，連接.若，則的長為A． B． C． D．3、（4分）某校把學生的紙筆測試、實踐能力、成長紀錄三項成績分別按50%、20%、30%的比例計入學期總評成績，90分以上為優秀．甲、乙、丙三人的各項成績如下表（單位：分），學期總評成績優秀的是（）紙筆測試實踐能力成長記錄甲908395乙989095丙808890A．甲 B．乙丙 C．甲乙 D．甲丙4、（4分）下列各二次根式中，可以與合并的是（）A． B． C． D．5、（4分）如圖，數軸上點A表示的數為（）A． B． C． D．π6、（4分）菱形和矩形一定都具有的性質是（）A．對角線相等 B．對角線互相垂直C．對角線互相平分 D．對角線互相平分且相等7、（4分）對于一次函數y＝(3k+6)x﹣k，y隨x的增大而減小，則k的取值范圍是（）A．k＜0 B．k＜﹣2 C．k＞﹣2 D．﹣2＜k＜08、（4分）下列圖案，既是軸對稱圖形又是中心對稱圖形的個數是（）.A．1 B．2 C．3 D．4二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）9、（4分）已知A、B兩地之間的距離為20千米，甲步行，乙騎車，兩人沿著相同路線，由A地到B地勻速前行，甲、乙行進的路程s與x（小時）的函數圖象如圖所示．（1）乙比甲晚出發___小時；（2）在整個運動過程中，甲、乙兩人之間的距離隨x的增大而增大時，x的取值范圍是___．10、（4分）在比例尺1∶8000000的地圖上，量得太原到北京的距離為6.4厘米，則太原到北京的實際距離為公里。11、（4分）已知：如圖，△ABC中，∠ACB＝90°，AB＝5cm，AC＝4cm，CD⊥AB于D，求CD的長及三角形的面積．12、（4分）已知函數是關于的一次函數，則的值為_____．13、（4分）如圖，正方形的邊長是，的平分線交于點，若點分別是和上的動點，則的最小值是_______.三、解答題（本大題共5個小題，共48分）14、（12分）如圖，四邊形是正方形，點是邊上的任意一點，于點，，且交于點，求證：（1）（2）15、（8分）如圖，在中，，是中線，點是的中點，連接，且，（1）求證：四邊形是菱形；（2）若，直接寫出四邊形的面積．16、（8分）直線過點，直線過點，求不等式的解集.17、（10分）在Rt△ABC中，∠BAC=90°，D是BC的中點，E是AD的中點，過點A作AF∥BC交BE的延長線于點F，連接CF．（1）求證：AF=BD．（2）求證：四邊形ADCF是菱形．18、（10分）“母親節”前夕，某花店用3000元購進了第一批盒裝花，上市后很快售完，接著又用4000元購進第二批盒裝花．已知第二批所購花的進價比第一批每盒少3元，且數量是第一批盒數的1.5倍．問第一批盒裝花每盒的進價是多少元？B卷（50分）一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）19、（4分）在矩形ABCD中，對角線AC、BD相交于點O，若∠AOB=60°，AB=5，則BC=_____．20、（4分）自2019年5月30日萬州牌樓長江大橋正式通車以來，大放光彩，引萬人駐足.市民們紛紛前往打卡、拍照留念，因此牌樓長江大橋成為了萬州網紅打卡地.周末，小棋和小藝兩位同學相約前往參觀，小棋騎自行車，小藝步行，她們同時從學校出發，沿同一條路線前往，出發一段時間后小棋發現東西忘了，于是立即以原速返回到學校取，取到東西后又立即以原速追趕小藝并繼續前往，到達目的地后等待小藝一起參觀（取東西的時間忽略不計），在整個過程兩人保持勻速，如圖是兩人之間的距離與出發時間之間的函數圖象如圖所示，則當小棋到達目的地時，小藝離目的地還有______米.21、（4分）如圖，A是反比例函數圖象上一點，過點A作AB⊥y軸于點B，點P在x軸上，若△ABP的面積為2，則k的值為______________．22、（4分）計算：－＝________．23、（4分）在一個不透明的布袋中，紅色、黑色、白色的玻璃球共有60個，除顏色外，形狀、大小、質地等完全相同．小剛通過多次摸球實驗后發現其中摸到紅色、黑色球的頻率穩定在15%和45%，則口袋中白色球的個數很可能是．二、解答題（本大題共3個小題，共30分）24、（8分）服裝店去年10月以每套500元的進價購進一批羽絨服，當月以標價銷售，銷售額14000元進入11月份搞促銷活動，每件降價50元，這樣銷售額比10月份增加了5500元，售出的件數是10月份的1.5倍，求每件羽絨服的標價是多少元.25、（10分）如圖，在正方形網格中，每個小正方形的邊長為1個單位長度。平面直角坐標系xOy的原點O在格點上，x軸、y軸都在格線上。線段AB的兩個端點也在格點上。（1）若將線段AB繞點O順時針旋轉90°得到線段A’B’。試在圖中畫出線段A’B’。（2）若線段A’’B’’與線段A’B’關于y軸對稱，請畫出線段A’’B’’。（3）若點P是此平面直角坐標系內的一點，當點A、

B’、B’’、P四邊圍成的四邊形為平行四邊形時，請你直接寫出點P的坐標。26、（12分）某公司招聘一名員工，現有甲、乙兩人競聘，公司聘請了3位專家和4位群眾代表組成評審組，評審組對兩人竟聘演講進行現場打分，記分采用100分制，其得分如下表：評委（序號）1234567甲（得分）89949387959287乙（得分）87899195949689（1）甲、乙兩位競聘者得分的中位數分別是多少（2）計算甲、乙兩位應聘者平均得分，從平均得分看應該錄用誰（結果保留一位小數）（3）現知道1、2、3號評委為專家評委，4、5、6、7號評委為群眾評委，如果對專家評委組與群眾評委組的平均分數分別賦子適當的權，那么對專家評委組賦的權至少為多少時，甲的平均得分比乙的平均得分多0.5分及以上

參考答案與詳細解析一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）1、B【解析】

連接AC、CF，根據正方形的性質求出AC、CF，并判斷出△ACF是直角三角形，再利用勾股定理列式求出AF，然后根據直角三角形斜邊上的中線等于斜邊的一半可求解．【詳解】如圖，連接AC、CF，在正方形ABCD和正方形CEFG中，AC＝BC＝2，CF＝CE＝6，∠ACD＝∠GCF＝45°，所以，∠ACF＝45°+45°＝90°，所以，△ACF是直角三角形，由勾股定理得，AF＝＝4，∵H是AF的中點，∴CH＝AF＝×4＝2．故選：B．本題考查了直角三角形斜邊上的中線等于斜邊的一半的性質，正方形的性質，勾股定理，難點在于作輔助線構造出直角三角形．2、A【解析】

延長GH交AD于點P，先證△APH≌△FGH得AP=GF=1，GH=PH=PG，再利用勾股定理求得PG=2，從而得出答案．【詳解】解：如圖，延長GH交AD于點P，

∵四邊形ABCD和四邊形CEFG都是矩形，

∴∠ADC=∠ADG=∠CGF=90°，AD=BC=3、GF=CE=1，

∴AD∥GF，

∴∠GFH=∠PAH，

又∵H是AF的中點，

∴AH=FH，

在△APH和△FGH中，∵∴△APH≌△FGH（ASA），

∴AP=GF=1，GH=PH=PG，

∴PD=AD-AP=3-1=2，

∵CG=EF=3、CD=1，

∴DG=2，△DGP是等腰直角三角形，

則GH=PG=×故選：A．本題主要考查矩形的性質，解題的關鍵是掌握全等三角形的判定與性質、矩形的性質、勾股定理等知識點．3、C【解析】

利用平均數的定義分別進行計算成績，然后判斷誰優秀．【詳解】解：由題意知，甲的總評成績=90×50%+83×20%+95×30%=90.1，

乙的總評成績=98×50%+90×20%+95×30%=95.5，

丙的總評成績=80×50%+88×20%+90×30%=84.6，

∴甲乙的學期總評成績是優秀．

故選：C．本題考查加權平均數，掌握加權成績等于各項成績乘以不同的權重的和是解題的關鍵．4、B【解析】

化成最簡二次根式后，如果被開方式相同，那么這幾個二次根式叫做同類二次根式．【詳解】A.∵=2，∴與不能合并；B.∵=，∴與能合并；C.∵=，∴與不能合并；D.∵=，∴與不能合并；故選B．本題考查了同類二次根式的定義，熟練掌握同類二次根式的定義是解答本題的關鍵．5、B【解析】

根據勾股定理，可得答案．【詳解】，，A點表示的數是，故選B．本題考查了實數與數軸，利用勾股定理是解題關鍵．6、C【解析】

菱形的對角線互相垂直且平分，矩形的對角線相等且平分．菱形和矩形一定都具有的性質是對角線互相平分．【詳解】菱形和矩形一定都具有的性質是對角線互相平分．故選C．本題考查了菱形及矩形的性質,熟知菱形和矩形的對角線的性質是解決本題的關鍵．7、B【解析】

根據題意和一次函數的性質，當y隨x的增大而減小時，3k+6＜0，解之即可求解．【詳解】∵一次函數y=（3k+6）x-k，函數值y隨x的增大而減小，

∴3k+6＜0，

解得：k＜-2，

故選：B．本題考查一次函數圖象與系數的關系，解答本題的關鍵是明確題意，掌握一次函數的增減性．8、C【解析】

根據軸對稱圖形與中心對稱圖形的概念求解．【詳解】解：第一個圖形是軸對稱圖形，是中心對稱圖形；

第二個圖形是軸對稱圖形，不是中心對稱圖形；

第三個圖形是軸對稱圖形，是中心對稱圖形；

第四個圖形是軸對稱圖形，是中心對稱圖形．

共有3個圖形既是軸對稱圖形，也是中心對稱圖形，

故選：C．此題主要考查了中心對稱圖形與軸對稱圖形，判斷軸對稱圖形的關鍵是尋找對稱軸，圖形兩部分沿對稱軸折疊后可重合；判斷中心對稱圖形是要尋找對稱中心，旋轉180度后與原圖重合．二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）9、2，0≤x≤2或≤x≤2．【解析】

（2）由圖象直接可得答案；（2）根據圖象求出甲乙的函數解析式，再求出方程組的解集即可解答【詳解】（2）由函數圖象可知，乙比甲晚出發2小時．故答案為2．（2）在整個運動過程中，甲、乙兩人之間的距離隨x的增大而增大時，有兩種情況：一是甲出發，乙還未出發時：此時0≤x≤2；二是乙追上甲后，直至乙到達終點時：設甲的函數解析式為：y＝kx，由圖象可知，（4，20）在函數圖象上，代入得：20＝4k，∴k＝5，∴甲的函數解析式為：y＝5x①設乙的函數解析式為：y＝k′x+b，將坐標（2，0），（2，20）代入得：，解得，∴乙的函數解析式為：y＝20x﹣20②由①②得，∴，故≤x≤2符合題意．故答案為0≤x≤2或≤x≤2．此題考查函數的圖象和二元一次方程組的解，解題關鍵在于看懂圖中數據10、512【解析】設甲地到乙地的實際距離為x厘米，根據題意得：1/8000000=6.4/x，解得：x=51200000，∵51200000厘米=512公里，∴甲地到乙地的實際距離為512公里．11、S△ABC=6cm2，CD=cm．【解析】

利用勾股定理求得BC=3cm，根據直角三角形的面積等于兩直角邊乘積的一半即可求得△ABC的面積，再利用直角三角形的面積等于斜邊乘以斜邊上高的一半可得AB?CD=6，由此即可求得CD的長.【詳解】∵∠ACB=90°，AB=5cm，AC=4cm，∴BC==3cm，則S△ABC=×AC×BC=×4×3=6（cm2）．根據三角形的面積公式得：AB?CD=6，即×5×CD=6，∴CD=cm．本題考查了勾股定理、直角三角形面積的兩種表示法，根據勾股定理求得BC=3cm是解決問題的關鍵.12、－1【解析】

根據一次函數的定義，可得答案.【詳解】解：由是關于x的一次函數，得，解得m=-1.本題主要考查了一次函數的定義，一次函數y=kx+b的定義條件是：k、b為常數，k≠0，自變量次數為1.13、【解析】

過D作AE的垂線交AE于F，交AC于D′，再過D′作D′P′⊥AD，由角平分線的性質可得出D′是D關于AE的對稱點，進而可知D′P′即為DQ+PQ的最小值.【詳解】解：解：作D關于AE的對稱點D′，再過D′作D′P′⊥AD于P′，∵DD′⊥AE，∴∠AFD=∠AFD′，∵AF=AF，∠DAE=∠CAE，∴△DAF≌△D′AF，∴D′是D關于AE的對稱點，AD′=AD=5，∴D′P′即為DQ+PQ的最小值，∵四邊形ABCD是正方形，∴∠DAD′=45°，∴AP′=P′D′，∴在Rt△AP′D′中，P′D′2+AP′2=AD′2，AD′2=25，∵AP′=P′D'，2P′D′2=AD′2，即2P′D′2=25，，即DQ+PQ的最小值為.本題考查了軸對稱-最短路線問題、勾股定理、作圖與基本作圖等知識點的應用，解此題的關鍵是根據軸對稱的性質找出P'點，題型較好，難度較大．三、解答題（本大題共5個小題，共48分）14、（1）見詳解；（2）見詳解.【解析】

（1）證明△AED≌△BFA即可說明DE=AF；（2）由△AED≌△BFA可得AE=BF，又AFAE=EF，所以結論可證．【詳解】證明：（1）∵四邊形ABCD是正方形，

∴AD=AB，∠DAE+∠BAF=90°．

∵∠ABF+∠BAF=90°，

∴∠DAE=∠ABF．

又∠AED=∠BFA．

∴△AED≌△BFA（AAS）．

∴DE=AF；

（2）∵△AED≌△BFA，

∴AE=BF．

∵AF-AE=EF，

∴AF-BF=EF．本題主要考查了正方形的性質、全等三角形的判定和性質，解決此類問題一般是通過三角形的全等轉化線段．15、（1）見解析；（2）.【解析】

（1）先證明四邊形BDEF是平行四邊形，由等腰三角形三線合一得，再由直角三角形斜邊上的中線性質得出，即可得出四邊形BDEF是菱形；（2）由勾股定理得出，得出的面積，由題意得出的面積的面積的面積，菱形BDEF的面積的面積，得出四邊形BDEF的面積的面積．【詳解】（1）證明：，，

四邊形BDEF是平行四邊形，

，AE是中線，

，

，

點D是AB的中點，

，

四邊形BDEF是菱形；

（2）解：，，，

，

的面積，

點D是AB的中點，

的面積的面積的面積，

菱形BDEF的面積的面積，

四邊形BDEF的面積的面積．本題考查了菱形的判定與性質、等腰三角形的性質、直角三角形斜邊上的中線性質、勾股定理等知識；熟練掌握菱形的判定與性質是解題的關鍵．16、【解析】

將代入，可解得k的值，將代入，可解得m的值，再將k和m的值代入不等式，解不等式即可【詳解】解：將代入得：，解得：k=1；將代入得：，解得：；∴，則可得解得故答案為：本題考查待定系數法求一次函數的解析式以及不等式的解法，，比較簡單，應熟練掌握17、（1）見解析；（2）見解析.【解析】

（1）由“AAS”可證△AFE≌△DBE，從而得AF=BD（2）由一組對邊平行且相等的四邊形是平行四邊形，可得四邊形ADCF是平行四邊形，由直角三角形的性質的AD＝DC，即可證明四邊形ADCF是菱形。【詳解】（1）∵AF∥BC，∴∠AFE=∠DBE∵△ABC是直角三角形，AD是BC邊上的中線，E是AD的中點，∴AE=DE，BD=CD在△AFE和△DBE中，∠AFE＝∴△AFE≌△DBE（AAS））∴AF=BD（2）由（1）知，AF=BD，且BD=CD，∴AF=CD，且AF∥BC，∴四邊形ADCF是平行四邊形∵∠BAC=90°，D是BC的中點，∴AD＝12BC＝∴四邊形ADCF是菱形本題考查了菱形的判定、全等三角形的判定與性質、直角三角形的性質。證明AD＝DC是解題的關鍵。18、第一批盒裝花每盒的進價是27元【解析】

設第一批盒裝花的進價是x元/盒，則第一批進的數量是：，第二批進的數量是：，再根據等量關系：第二批進的數量=第一批進的數量×1.5可得方程．【詳解】設第一批盒裝花每盒的進價是x元，則第二批盒裝花每盒的進價是（x﹣3）元，根據題意得：1.5×＝，解得：x＝27，經檢驗，x＝27是所列分式方程的解，且符合題意．答：第一批盒裝花每盒的進價是27元．本題考查了分式方程的應用．注意，分式方程需要驗根，這是易錯的地方．一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）19、5；【解析】

根據矩形性質得出AC=2AO，BD=2BO，AC=BD，推出AO=OB，得出等邊三角形AOB，利用勾股定理即可得出答案．【詳解】∵四邊形ABCD是矩形，∴AC=BD，AC=2AO，BD=2BO，∠ABC=90°，∴AO=OB，∵∠AOB=60°，∴△AOB是等邊三角形，∴AO=AB=5，∴AC=2AO=10，在Rt△ABC中，由勾股定理得，BC=.故答案為：5.本題考查了矩形的性質及勾股定理.根據矩形的性質及∠AOB=60°得出△AOB是等邊三角形是解題的關鍵.20、400【解析】

設小祺的速度為x米/分鐘，小藝的速度為y米/分鐘，由題意列方程組，可求出小祺的速度與小藝的速度.【詳解】設小祺的速度為x米/分鐘，小藝的速度為y米/分鐘則有：∴∴設小祺的速度為130米/分鐘，小藝的速度為70米/分鐘∴當小祺到達目的地時，小藝離目的地的距離=米故答案為：400米本題考查了一次函數與一元一次方程的應用，關鍵是把條件表述的幾個過程對應圖象理解，再找出對應數量關系.21、1【解析】

設反比例函數的解析式是：y=，設A的點的坐標是（m，n），則AB=m，OB=n，mn=k．根據三角形的面積公式即可求得mn的值，即可求得k的值．【詳解】設反比例函數的解析式是：y=，設A的點的坐標是（m，n）．

則AB=m，OB=n，mn=k．

∵△ABP的面積為2，

∴AB?OB=2，即mn=2

∴mn=1，則k=mn=1．

故答案是：1．此題考查反比例函數系數k的幾何意義，解題關鍵在于掌握過雙曲線上的任意一點分別一條坐標軸作垂線，連接點與原點，與坐標軸圍成三角形的面積是|k|．22、1【解析】

根據算術平方根和立方根定義，分別求出各項的值，再相加即可．【詳解】解：因為，所以.故答案為1．本題考核知識點：算術平方根和立方根.解題關鍵點：熟記算術平方根和立方根定義，仔細求出算術平方根和立方根．23、24【解析】∵小剛通過多次摸球實驗后發現其中摸到紅色、黑色球的頻率穩定在15%和45%，∴口袋中白色球的個數很可能是（1-15%-45%）×60=24個．二、解答題（本大題共3個小題，共30分）24、每件羽絨服的標價為700元【解析】

設每件羽絨服的標價為x元，則10月份售出件，等量關系：11月份的銷售量是10月份的1.5倍．【詳解】設每件羽絨服的標價為x元，則10月份售出件，根據題意得:，解得:x＝700，經檢驗x＝700是原方程的解答:每件羽絨服的標價為700元本題考查分式方程的應用，分析題意，找到合適的等量關系是