2021-2022學年高一物理下期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)某同學身高1.8m，在運動會上他參加跳高比賽，起跳后身體橫著越過了1.8m高的橫桿．據此可估算出他起跳時豎直向上的速度大約為（g=10m/s2）（）A．2m/s B．8m/s C．6m/s D．4m/s2、所圖所示，假設地球和水星都繞太陽做勻速圓周運動，已知地球到太陽的距離大于水星到太陽的距離則A．地球的公轉周期小于水星的公轉周期B．地球公轉的線速度大于水星公轉的線速度C．地球公轉的角速度大于水星公轉的角速度D．地球公轉的向心加速度小于水星公轉的向心加速度3、(本題9分)如圖所示，一光滑斜面固定在水平地面上，高度為h。小物塊從斜面頂端A處由靜止開始下滑，當滑到斜面底端B處時，小物塊速度的大小為()A．12gh4、(本題9分)物體做勻加速直線運動，已知加速度為2m/s2，則（）A．物體在某一秒末的速度一定比前秒初的速度大2m/sB．物體在某一秒末的速度一定是該秒初的速度的2倍C．物體在某一秒初的速度一定比前秒末的速度大2m/sD．物體在某一秒末的速度一定比該秒初的速度大2m/s5、(本題9分)質量為5t的汽車，在水平路面上以加速度a=2m/s2起動，所受阻力為1.0×103N，汽車起動后第1秒末發動機的瞬時功率是（）A．2kW B．22kW C．1.1kW D．20kW6、(本題9分)河寬400m，船在靜水中速度為4m／s，水流速度是3m／s，則船過河的最短時間是()A．140s B．100s C．120s D．133s7、(本題9分)如圖所示，輕質彈簧左端固定，右端與質量為m的重物相連，重物套在固定的粗糙豎直桿上．開始時重物處于A處，此時彈簧水平且處于原長．現將重物從A處由靜止開始釋放，重物下落過程中經過B處時速度最大，到達C處時速度為零，已知AC的高度差為h．現若在C處給重物一豎直向上的初速度v，則圓環恰好能回到A處．已知彈簧始終在彈性限度內，重物與桿之間動摩擦因數恒定，重力加速度為g，則下列說法中正確的是A．重物下滑到B處時，加速度為零B．重物在下滑過程中所受摩擦力先增大后減小C．重物從A到C的過程中彈簧的彈性勢能增加了D．重物與彈簧組成的系統在下滑過程中機械能損失大于上升過程中機械能的損失8、如圖所示，半徑為R的豎直光滑圓軌道內側底部靜止著一個光滑的小球，現給小球一個沖擊使其在瞬間得到一個水平初速度，若大小不同，則小球能夠上升到的最大高度（距離底部）也不同，下列說法正確的是A．如果，則小球能夠上升的最大高度為B．如果，則小球能夠上升的最大高度為RC．如果，則小球能夠上升的最大高度為D．如果，則小球能夠上升的最大高度為2R9、(本題9分)如圖所示，電源E對電容器C充電，當C兩端電壓達到80V時，閃光燈瞬間導通并發光，C放電．放電后，閃光燈斷開并熄滅，電源再次對C充電．這樣不斷地充電和放電，閃光燈就周期性地發光．該電路（）A．充電時，通過R的電流不變B．若R增大，則充電時間變長C．若C增大，則閃光燈閃光一次通過的電荷量增大D．若E減小為85V，閃光燈閃光一次通過的電荷量不變10、(本題9分)將甲、乙兩個質量相等的物體在距水平地面同一高度處，分別以v和2v的速度水平拋出，若不計空氣阻力的影響，則A．甲物體在空中運動過程中，任何相等時間內它的動量變化都相同B．甲物體在空中運動過程中，任何相等時間內它的動能變化都相同C．兩物體落地時動量對時間的變化率相同D．兩物體落地時重力的功率相同11、(本題9分)某河寬為600m，河中某點的水流速度v與該點到較近河岸的距離d的關系圖象如圖所示，現船以靜水中的速度4m/s渡河，且船渡河的時間最短，下列說法正確的是（）A．渡河最短時間為150sB．船在行駛過程中，船頭始終與河岸垂直C．船離開河岸400m時的速度大小為2m/sD．船在河水中航行的軌跡是一條直線12、(本題9分)如圖，一帶正電的點電荷固定于O點，兩虛線圓均以O為圓心，兩實線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運動的軌跡，a、b、c、d、e為軌跡和虛線圓的交點．不計重力．下列說法正確的是A．M可能為電子，N可能為質子B．N在從c點運動到d點的過程中電場力做正功C．N在d點的電勢能等于它在c點的電勢能D．M在b點的動能大于它在a點的動能二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）某實驗小組用圖所示的實驗裝置和器材做“探究動能定理”實驗，在實驗中，該小組同學把砂和砂桶的總重力當作小車受到的合外力，為探究小車的動能變化規律：（1）為了保證實驗結果的誤差盡量小，在實驗操作中，下面做法必要的是____。A．實驗前要對裝置進行平衡摩擦力的操作B．實驗操作時要先釋放小車，后接通電源C．在利用紙帶進行數據處理時，所選的兩個研究點離得越近越好D．在實驗過程中要保證砂和砂桶的總質量遠小于小車的質量（2）除實驗裝置圖中的儀器外，還需要的測量儀器有__________________________，（3）如圖為實驗中打出昀一條紙帶，現選取紙帶中的A、B兩點來探究“動能定理”。已知打點計時器的打點周期為T，重力加速度為g，圖中已經標明了要測量的物理量。另外，小車的質量為M，砂和砂桶的總質量為m。請你把要探究的結果用題中給出的字母表達出_____________________________________________。14、（10分）某同學設計了如圖裝置來驗證碰撞過程遵循動量守恒。在離地面高度為h的光滑水平桌面上，放置兩個小球a和b。其中，b與輕彈簧緊挨著但不栓接，彈簧左側固定，自由長度時離桌面右邊緣足夠遠，起初彈簧被壓縮一定長度并鎖定。a放置于桌面邊緣，球心在地面上的投影點為O點。實驗時，先將a球移開，彈簧解除鎖定，b沿桌面運動后水平飛出。再將a放置于桌面邊緣，彈簧重新鎖定。解除鎖定后，b球與a球發生碰撞后，均向前水平飛出。重復實驗10次。實驗中，小球落點記為A、B、C。(1)若a球質量為ma，半徑為ra；b球質量為mb，半徑為rb。b球與a球發生碰撞后，均向前水平飛出，則______。A．ma<mb，ra=rbB．ma<mb，ra<rbC．ma>mb，ra=rbD．ma>mb，ra>rb(2)為了驗證動量守恒，本實驗中必須測量的物理量有____。A．小球a的質量ma和小球b的質量mbB．小球飛出的水平距離xOA、xOB、xOCC．桌面離地面的高度hD．小球飛行的時間(3)關于本實驗的實驗操作，下列說法中不正確的是______。A．重復操作時，彈簧每次被鎖定的長度應相同B．重復操作時發現小球的落點并不完全重合，說明實驗操作中出現了錯誤C．用半徑盡量小的圓把10個落點圈起來，這個圓的圓心可視為小球落點的平均位置D．僅調節桌面的高度，桌面越高，線段OB的長度越長(4)在實驗誤差允許的范圍內，當所測物理量滿足表達式：__________，即說明碰撞過程遵循動量守恒。（用題中已測量的物理量表示）(5)該同學還想探究彈簧鎖定時具有的彈性勢能，他測量了桌面離地面的高度h，該地的重力加速度為g，則彈簧鎖定時具有的彈性勢能Ep為_______。（用題中已測量的物理量表示）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)根據牛頓第二定律及運動學相關方程分別推導動能定理和動量定理的表達式．16、（12分）(本題9分)如圖甲所示，一半徑R＝1m、圓心角等于143°的豎直圓弧形光滑軌道，與斜面相切于B處，圓弧軌道的最高點為M，斜面傾角θ＝37°，t＝0時刻有一物塊從斜面底端A處沿斜面上滑，其在斜面上運動的速度變化規律如圖乙所示．若物塊恰能到達M點，（取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），求：（1）物塊經過B點時的速度；（2）物塊與斜面間的動摩擦因數μ.17、（12分）(本題9分)一勻強電場，場強方向水平，一個質量為，帶正電最為的小球，從點出發，初速度的大小為，在電場力與重力的作用下，恰能沿與場強的反方向成角做直線運動．求：（1）勻強電場的場強大小；（2）小球從點到最高點的距離；（3）小球運動到的最高點與點的電勢差．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】

上升階段，注意運動員是站著起跳，橫著過桿，所以豎直方向的位移應該是重心上升的高度，不是1.8m，而是0.9m左右，解得：v0=4.2m/s，故選D．2、D【解析】

由題意可知：r地＞r水；地球與水星繞太陽做圓周運動，萬有引力提供向心力.A.由開普勒第三定律可知，由于r地＞r水，則：T地＞T水，故A錯誤.B.由牛頓第二定律得：，解得：，由于r地＞r水，則：v地＜v水，故B錯誤.D.由牛頓第二定律得：，解得：，由于r地＞r水，則：ω地＜ω水，故C錯誤.D.由牛頓第二定律得：，解得：，由于r地＞r水，則：a地＜a水，故D正確.3、D【解析】斜面光滑，支持力不做功，只有重力做功，所以小物塊的機械能守恒，故有mgh=12m4、D【解析】

根據加速度的定義：加速度等于單位時間內速度的變化量，而不是倍數關系；【詳解】A、加速度為2m/s2，根據加速度公式Δv=a?Δt可知，某秒末的時刻和前一秒初的時刻間的時間間隔為Δt=2s，故速度大4m/s，故A錯誤；B、加速度為2m/s2，根據加速度公式Δv=a?Δt可知任意1秒時間內，末速度一定比初速度大2m/s，故B錯誤，D正確；C、物體在某一秒初和前秒末是同一時刻，速度不變，故選項C錯誤。【點睛】本題考查對加速度含義的理解能力，加速度表示物體速度變化的快慢，在數值上等于單位時間內速度的變化量。5、B【解析】

根據牛頓第二定律得：F-f=ma，則F=f+ma=1000N+5000×2N=11000N，汽車第1s末的速度：v=at=2×1m/s=2m/s，所以汽車起動后第1s末發動機的瞬時功率為：P=Fv=11000×2=22000W=2.2×104W，故B正確，ACD錯誤．6、B【解析】

渡河時間最短時要求在垂直于河岸的方向上速度的分量最大，所以當船頭垂直于河岸時，渡河時間最短．【詳解】船參與了兩個分運動，沿船頭指向的分運動和沿水流方向的分運動，渡過河時間等于沿船頭指向運動的時間，當船頭與河岸垂直時，沿船頭方向的分運動的位移最小，故渡河時間最短，因而故B正確，ACD錯誤．故選B．【點睛】利用渡河問題來考查矢量的合成與分解是常見的一種題型．關鍵是把船在靜水中的速度沿平行于河岸和垂直于河岸進行分解，當在垂直于河岸上的速度最大時，渡河時間最短，當沿河岸方向上的分量與河水速度相等時，能垂直河岸渡河．7、AC【解析】

根據圓環的運動情況分析下滑過程中，分析加速度的變化；研究圓環從A處由靜止開始下滑到C過程和圓環從C處上滑到A的過程，運用動能定理列出等式，可求彈力做功，從而得到在C處彈簧的彈性勢能．【詳解】A．圓環從A處由靜止開始下滑，經過B處的速度最大，到達C處的速度為零，所以圓環先做加速運動，再做減速運動，經過B處的速度最大，所以經過B處的加速度為零，A正確；B．設彈簧與豎直方向的夾角為，彈簧的勁度系數為k，受力分析如圖所示，則，而，故，減小，故N增大，根據可得摩擦力增大，B錯誤；C．研究圓環從A處由靜止開始下滑到C過程，由動能定理得，在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，由動能定理得，解得，，所圓環從A處到C處的過程中彈簧的彈性勢能增加量為，C正確；D．下滑過程和上滑過程經過同一位置時圓環所受的摩擦力大小相等，兩個過程位移大小相等，所以摩擦力做功相等，即重物與彈簧組成的系統在下滑過程中機械能損失等于上升過程中機械能的損失，D錯誤．8、ABD【解析】

A、當v0，根據機械能守恒定律有：mgh，解得h，即小球上升到高度為時速度為零，所以小球能夠上升的最大高度為．故A正確．B、設小球恰好能運動到與圓心等高處時在最低點的速度為v，則根據機械能守恒定律得：mgRmv1，解得．故如果v0，則小球能夠上升的最大高度為R．故B正確．C、設小球恰好運動到圓軌道最高點時在最低點的速度為v1，在最高點的速度為v1．則在最高點，有mg＝m從最低點到最高點的過程中，根據機械能守恒定律得：，解得v1，所以v0時，小球不能上升到圓軌道的最高點，會脫離軌道，在最高點的速度不為零．根據，知最大高度h．故C錯誤．D、當，由上分析知，上升的最大高度為1R．故D正確．故選ABD．9、BCD【解析】本題考查電容器的充放電，意在考查考生的分析能力．電容器充電時兩端電壓不斷增大，所以電源與電容器極板間的電勢差不斷減小，因此充電電流變小，選項A錯誤；當電阻R增大時，充電電流變小，電容器所充電荷量不變的情況下，充電時間變長，選項B正確；若C增大，根據Q=CU，電容器的帶電荷量增大，選項C正確；當電源電動勢為85V時，電源給電容器充電仍能達到閃光燈擊穿電壓80V時，所以閃光燈仍然發光，閃光一次通過的電荷量不變，選項D正確．點睛：本題源自于2009年江蘇高考物理卷的第5題，以閃光燈發光問題為背景考查電容器的充放電問題，解題的關鍵是要弄清電路的工作原理和電容器10、ACD【解析】

試題分析：根據動量定理，動量的變化等于合外力對物體的沖量，在這里物體受到的合外力就是重力，因此相等時間內，合外力的沖量相等，因此動量變化量相同，A正確；在向下運動的過程中，豎直速度越來越大，因此相同時間內重力做功越來越快，因此相等時間內動能變化時都會越來越快，B錯誤；動量對時間的變化率就是合外力，因此兩物體落地時動量對時間的變化率相同，C正確；落地時，兩個物體豎直速度相等，因此重力的功率相等，D正確．考點：動量定理，功率【名師點睛】此題是對動量定理功率概念的考查；解題的關鍵是理解動量定理和動能定理；要知道相等時間內動量的變化量等于合外力的沖量，動量的變化率等于合外力；求解重力的功率時應該注意是重力與豎直速度的乘積.11、AB【解析】

當靜水速與河岸垂直時渡河時間最短，根據兩個分運動的情況確定合運動的軌跡．根據平行四邊形定則求出合速度的大小．【詳解】AB．當船頭垂直河對岸渡河，即靜水速與河岸垂直時，渡河時間最短，最短渡河時間：，AB正確；C．船離開河岸400m時，離較近河岸的距離，由圖像可知，此位置水流速度為2m/s，所以此時船的實際速度為：，C錯誤；D．由于水流方向的分運動是變速運動，由加速度，且該加速度與實際速度不共線，故船的運動軌跡為曲線，D錯誤．【點睛】關鍵掌握判斷合運動是直線還是曲線的方法，知道當靜水速與河岸垂直時，渡河時間最短．12、AB【解析】

A．據做曲線運動物體所受合外力指向軌跡內側知，帶電粒子M受到中間正點電荷的庫侖引力，則帶電粒子M帶負電；帶電粒子N受到中間正點電荷的庫侖斥力，則帶電粒子N帶正電；所以M可能為電子，N可能為質子．故A項符合題意；BC．帶電粒子N受到中間正點電荷的庫侖斥力，N在從c點運動到d點的過程中離中間正點電荷變遠，則電場力對帶電粒子N做正功，帶電粒子N在d點的電勢能小于它在c點的電勢能．故B項符合題意，C項不符合題意；D．帶電粒子M受到中間正點電荷的庫侖引力，M在從a點運動到b點的過程中離中間正點電荷變遠，則電場力對帶電粒子M做負功，帶電粒子M動能減小，則帶電粒子M在b點的動能小于它在a點的動能．故D項不符合題意．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、AD刻度尺、天平（或彈簧秤）【解析】

第一空.A、實驗前要對裝置進行平衡摩擦力的操作，以保證小車所受合外力恰好是繩子的拉力，故A正確．

B、實驗時，若先放開小車，再接通打點計時器電源，由于小車運動較快，可能會使打出來的點很少，不利于數據的采集和處理．故B錯誤．

C、在利用紙帶進行數據處理時，所選的兩個研究點離得越近測量誤差越大，故C錯誤．

D、在實驗過程中要保證砂和砂桶的總質量遠小于小車的質量，這樣才能使得砂和砂桶的總重力近似等于細繩對小車的拉力，故D正確．第二空.由于實驗需要測量小車速度，速度是使用打點計時器打的紙帶計算得出的，故要測量點距，需要刻度尺；本實驗還要測量質量，故需要天平．第三空.小車的質量為M，砂和砂桶的總質量為m，M遠大于m．則對小車的作用力等于砂和砂桶的總重力mg，所以恒力對小車做的功可表示為：mgx．由得：，，所以小車動能的改變量為；本實驗就是要驗證減少的重力勢能是否等于增加的動能，即mgx＝.14、AABBmb?OB=mb?OA+ma?OCEP【解析】

(1)[1]為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質量應大于被碰球的質量，即：應該使mb大于ma(2)[2]要驗證動量守恒，就需要知道碰撞前后的動量，所以要測量兩個小球的質量及碰撞前后小球的速度，碰撞前后小球都做平拋運動，速度可以用水平位移代替，所以需要測量的量為：小球a、b的質量ma、mb，記錄紙上O點到A、B、C各點的距離OA、OB、OC，故AB符合題意；(3)[3]A.重復操作時，彈簧每次被鎖定的長度應相同，可以保證b能夠獲得相等的速度，故A項與題意不相符；B.重復操作時發現小球的落點并不完全重合，不是實驗操作中出現了錯誤；可以用半徑盡量小的圓把10個落點圈起來，這個圓的圓心可視為小球落點的平均位置，故B項與題意相符；C.用半徑盡量小的圓把10個落點圈起來，這個