2025屆山西省運城市臨猗中學高考仿真模擬物理試卷注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，四根等長的纜繩一端懸于起重機的吊鉤上，另一端分別系在一個正方形的框架上，框架下面懸吊著重物，起重機將重物以的速度沿豎直方向勻速向上吊起.若起重機的輸出功率為，每根纜繩與豎直方向的夾角均為，忽略吊鉤、框架及繩的重力，不計一切摩擦，，.則懸于吊鉤的每根纜繩的拉力大小為（）A． B．C． D．2、一質量為M的探空氣球在勻速下降，若氣球所受浮力F始終保持不變，氣球在運動過程中所受阻力僅與速率有關，重力加速度為g。現欲使該氣球以同樣速率勻速上升，則需從氣球吊籃中減少的質量為（）A．2（M﹣）B．M﹣C．2M﹣D．g3、如圖所示，一飛行器圍繞地球沿半徑為的圓軌道1運動，經點時，啟動推進器短時間向后噴氣使其變軌，軌道2、3是與軌道1相切于點的可能軌道，則飛行器（）A．變軌后將沿軌道3運動B．變軌后相對于變軌前運行周期變大C．變軌前、后在兩軌道上運動時經點的速度大小相等D．變軌前經過點的加速度大于變軌后經過點的加速度4、下列對圖中的甲、乙、丙、丁四個圖像敘述正確的是（）A．圖甲是流過導體某個橫截面的電量隨時間變化的圖像，則電流在均勻增大B．圖乙是某物體的位移隨時間變化的圖像，則該物體受不為零的恒定合力作用C．圖丙是光電子最大初動能隨入射光頻率變化的圖像，則與實線對應金屬的逸出功比虛線的大D．圖丁是某物體的速度隨時間變化的圖像，則該物體所受的合力隨時間增大5、跳傘運動員打開傘后經過一段時間，將在空中保持勻速降落，已知運動員和他身上裝備的總重量為G1，圓頂形降落傘傘面的重量為G2，有12條相同的拉線（拉線重量不計），均勻分布在傘面邊緣上，每根拉線和豎直方向都成30°角。那么每根拉線上的張力大小為（）A． B． C． D．6、圖甲中的變壓器為理想變壓器，原線圈的匝數n1與副線圈的匝數n2之比為5∶1。變壓器的原線圈接如圖乙所示的正弦式電流，兩個20Ω的定值電阻串聯接在副線圈兩端。電流表、均為理想電表。則（）A．電流表示數為0.2A B．電流表示數為5AC．電壓表示數為4V D．通過電阻R的交流電的周期為2×10-2s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖甲為研究光電效應的電路圖，圖乙為靜止在勻強磁場中的某種放射性元素的原子核ZAX衰變后產生的新核A．圖甲利用能夠產生光電效應的兩種（或多種）頻率已知的光進行實驗可測出普朗克常量B．圖甲的正負極對調，在光照不變的情況下，可研究得出光電流存在飽和值C．圖乙對應的衰變方程為ZD．圖乙對應的衰變方程為Z8、如圖所示，半圓形圓弧軌道固定在豎直面內，直徑AD水平，一個質量為m的物塊從A點以一定的初速度沿圓弧軌道向下運動，物塊恰好勻速率沿圓弧軌道運動到最低點C，運動到B點時物塊與圓心O的連線與豎直方向的夾角為，重力加速度為g，物塊可視為質點，則A．物塊在B點受到軌道支持力的大小等于mgcosB．物塊在B點受到軌道摩擦力的大小等于mgsinC．物塊在B點時與軌道間的動摩擦因數等于tanD．物塊從A點運動到C點的過程中，受到軌道的作用力不斷增大9、真空區域有寬度為d、磁感應強度為B的勻強磁場，磁場方向如圖所示，MN、PQ是磁場的邊界．比荷為k的帶負電粒子，沿著與MN夾角θ＝60°的方向射入磁場中，剛好沒能從PQ邊界射出磁場．下列說法正確的是（）A．粒子的速率大小是B．粒了在磁場中運動的時間是C．僅減小粒了的入射速率，在磁場中的運動時間將增大D．僅增人粒子的入射速率，在磁場中的運動時間將減小10、飛艇常常用于執行掃雷、空中預警、電子干擾等多項作戰任務。如圖所示為飛艇拖拽掃雷具掃除水雷的模擬圖。當飛艇勻速飛行時，繩子與豎直方向恒成θ角。已知掃雷具質量為m，重力加速度為g，掃雷具所受浮力不能忽略，下列說法正確的是()A．掃雷具受4個力作用B．繩子拉力大小為C．海水對掃雷具作用力的水平分力小于繩子拉力D．繩子拉力一定大于mg三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組欲將電流表G1的量程由3mA改裝為0.6A。實驗器材如下：A．待測電流表G1（內阻約為10）；B．標準電流表G2（滿偏電流為6mA）；C．滑動變阻器R（最大阻值為3kΩ）；D．電阻箱R'（阻值范圍為0~999.9）；E．電池組、導線、開關。(1)實驗小組根據圖甲所示的電路測電流表G1的內阻，請完成以下實驗內容：①將滑動變阻器R調至最大，閉合S1；②調節滑動變阻器R，使電流表G1滿偏；③再閉合S2，保持滑動變阻器R不變，調節電阻箱R，電流表G1指針的位置如圖乙所示，此時電阻箱R的示數為4.5。可知電流表G1內阻的測量值為_______，與真實值相比______（選填“偏大”、“相等”或“偏小”）；(2)為了更加準確地測量電流表G1的內阻，實驗小組利用上述實驗器材重新設計實驗，請完成以下實驗內容：①完善圖丙的實物圖連接________；②實驗小組根據圖丙進行實驗，采集到電流表G1、G2的示數分別為3.0mA、5.0mA，電阻箱的讀數為15.0，則電流表G1內阻為________；③實驗小組將電流表G1改裝成量程為0.6A的電流表，要_____（選填“串聯”或“并聯”）一個阻值Rx=____________的電阻（結果保留一位有效數字）。12．（12分）某研究性學習小組為了測量某電源的電動勢E和電壓表V的內阻Rv，從實驗室找到實驗器材如下：A．待測電源（電動勢E約為2V，內阻不計）B．待測電壓表V（量程為1V，內阻約為100Ω）C．定值電阻若干（阻值有：50.0Ω，100.0Ω，500.0Ω，1.0kΩ）D．單刀開關2個(1)該研究小組設計了如圖甲所示的電路原理圖，請根據該原理圖在圖乙的實物圖上完成連線______。(2)為了完成實驗，測量中要求電壓表的讀數不小于其量程的，則圖甲R1=_____Ω；R2=_____Ω。(3)在R1、R2選擇正確的情況進行實驗操作，當電鍵S1閉合、S2斷開時，電壓表讀數為0.71V；當S1、S2均閉合時，電壓表讀數為0.90V；由此可以求出Rv=____Ω；電源的電動勢E=_____（保留2位有效數字）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩條相互垂直的直線MN、PQ，其交點為O。MN一側有電場強度為E的勻強場（垂直于MN向上），另一側有勻強磁場（垂直紙面向里）。一質量為m的帶負電粒子（不計重力）從PQ線上的A點，沿平行于MN方向以速度射出，從MN上的C點（未畫出）進入磁場，通過O點后離開磁場，已知，。求：（1）帶電粒子的電荷量q；（2）勻強磁場的磁感應強度B的大小。14．（16分）如圖甲所示，兩豎直同定的光滑導軌AC、A'C'間距為L，上端連接一阻值為R的電阻。矩形區域abcd上方的矩形區域abA'A內有方向垂直導軌平面向外的均勻分布的磁場，其磁感應強度B1隨時間t變化的規律如圖乙所示（其中B0、t0均為已知量），A、a兩點間的高度差為2gt0（其中g為重力加速度），矩形區域abcd下方有磁感應強度大小為B0、方向垂直導軌平面向里的勻強磁場。現將一長度為L，阻值為R的金屬棒從ab處在t=0時刻由靜止釋放，金屬棒在t=t0時刻到達cd處，此后的一段時間內做勻速直線運動，金屬棒在t=4t0時刻到達CC'處，且此時金屬棒的速度大小為kgt0（k為常數）。金屬棒始終與導軌垂直且接觸良好，導軌電阻不計，空氣阻力不計。求：(1)金屬棒到達cd處時的速度大小v以及a、d兩點間的高度差h；(2)金屬棒的質量m；(3)在0－4t0時間內，回路中產生的焦耳熱Q以及d、C兩點的高度差H。15．（12分）如圖所示，在平面的第一、第四象限有方向垂直于紙面向里的勻強磁場；在第二象限有一勻強電場，電場強度的方向沿軸負方向。原點處有一粒子源，可在平面內向軸右側各個方向連續發射大量速度大小在之間，質量為，電荷量為的同種粒子。在軸正半軸垂直于平面放置著一塊足夠長的薄板，薄板上有粒子轟擊的區域的長度為。已知電場強度的大小為，不考慮粒子間的相互作用，不計粒子的重力。(1)求勻強磁場磁感應強度的大小；(2)在薄板上處開一個小孔，粒子源發射的部分粒子穿過小孔進入左側電場區域，求粒子經過軸負半軸的最遠點的橫坐標；(3)若僅向第四象限各個方向發射粒子：時，粒子初速度為，隨著時間推移，發射的粒子初速度逐漸減小，變為時，就不再發射。不考慮粒子之間可能的碰撞，若穿過薄板上處的小孔進入電場的粒子排列成一條與軸平行的線段，求時刻從粒子源發射的粒子初速度大小的表達式。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

由可知，故重物的重力.設每跟纜繩的拉力大小為T根據共點力平衡條件可得，解得，故C正確.2、A【解析】

分別對氣球勻速上升和勻速下降過程進行受力分析，根據共點力平衡條件列式求解即可。【詳解】勻速下降時，受到重力Mg，向上的浮力F，向上的阻力f，根據共點力平衡條件有：氣球勻速上升時，受到重力，向上的浮力F，向下的阻力f，根據共點力平衡條件有：解得：故A正確，BCD錯誤。故選A。【點睛】本題關鍵對氣球受力分析，要注意空氣阻力與速度方向相反，然后根據共點力平衡條件列式求解。3、B【解析】

根據題意，飛行器經過點時，推進器向后噴氣，飛行器線速度將增大，做離心運動，則軌道半徑變大，變軌后將沿軌道2運動，由開普勒第三定律可知，運行周期變大，變軌前、后在兩軌道上運動經點時，地球對飛行器的萬有引力相等，故加速度相等，故B正確，ACD錯誤。故選B。4、C【解析】

A、由于q=It，q-t圖像的斜率不變，所以電流不變，選項A錯誤；B、由圖像可知，物體做勻速直線運動，合力為0，選項B錯誤；C、根據光電效應方程得，延長圖像，圖像的縱截距絕對值為逸出功，則與實線對應金屬的逸出功比虛線的大，選項C正確；D、v-t圖像斜率是加速度，斜率越來越小，加速度減小，則合力減小，選項D錯誤。故選C。5、A【解析】

以一根拉線為例，每根拉線拉力向上的分力由共點力的平衡條件可知：12F1=G1解得：；A．，與結論相符，選項A正確；B．，與結論不相符，選項B錯誤；C．，與結論不相符，選項C錯誤；D．，與結論不相符，選項D錯誤；故選A。6、A【解析】

AB．根據圖象可得原線圈的電壓的最大值為，所以電壓的有效值為原線圈的匝數n1與副線圈的匝數n2之比為5∶1，則有解得副線圈電壓則副線圈中的電流根據變壓器電流與匝數的關系有所以原線圈中的電流即電流表的讀數故A正確，B錯誤；C．電壓表示數為電阻R上的電壓，根據歐姆定律有故C錯誤；D．由乙圖可知通過電阻R的交流電的周期為4×10-2s，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

A.根據光電效應方程得Ek1=hv1-W0=eUB.題圖甲電源的正負極對調，此時光電管中所加電壓為正向電壓，在光照不變的情況下，通過調節滑動變阻器可調節光電管兩端的電壓，可研究得出光電流存在的飽和值，選項B正確；CD.由題圖乙可知，發生的是β衰變，故衰變方程為ZA8、BD【解析】

A．受力分析如圖所示：物塊在B點時，有：FN-mgcos=m，因此物塊在點受到軌道的支持力大于mgcos。故A不符合題意。B．在B點沿切向加速度為零，即在B點受到軌道摩擦力的大小等于mgsin。故B符合題意。C．在B點，μFN=mgsin，則μ==tan。故C不符合題意。D．由于軌道對物塊的作用力F和重力mg的合力大小恒定，方向始終指向圓心，根據力的合成及動態分析可知，隨著物塊向下運動軌道對物塊的作用力逐漸增大。故D符合題意。9、AD【解析】

AB.粒子剛好沒能從邊界射出磁場時，其運動軌跡剛好與相切，如圖設帶電粒子圓周運動的軌跡半徑為，由幾何關系有：解得：根據牛頓第二定律得：解得：運動時間為：故A正確，B錯誤；C.減小粒了的入射速率，粒子的周期不變，半徑變小，粒子仍然從左邊界出磁場，圓心角不變，則運動時間不變，故C錯誤；D.增人粒子的入射速率，粒子從磁場的右邊界出磁場，粒子運動軌跡所對應的圓心角減小，則運動時間變小，故D正確．10、AC【解析】

A.對掃雷具進行受力分析，受到受重力、浮力、拉力和水的水平方向的摩擦阻力，如圖，故A正確；

B.根據平衡條件，有：

豎直方向：F浮+Tcosθ=mg水平方向：f=Tsinθ計算得出：；故B錯誤；CD.掃雷器具受到海水的水平方向的作用力摩擦阻力等于拉力的水平分力，即小于繩子的拉力，而繩子拉力不一定大于mg，故C正確、D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、9.0偏小10.0并聯0.05【解析】

(1)③[1][2]．調節滑動變阻器R，使電流表G1滿偏，即3mA；再閉合S2，保持滑動變阻器R不變，，則可認為總電流不變，調節電阻箱R，電流表G1讀數為1mA，可知通過電阻箱的電流為2mA，此時電阻箱R的示數為4.5。可知電流表G1內阻的測量值為9.0Ω；實際上，當閉合S2后回路電阻減小，則總電流變大，即大于3mA，則電流計讀數為1mA，則電阻箱R的電流大于2mA，則此時實際上電流表阻值大于9.0Ω，即測量值比真實值偏小；(2)①[3]．圖丙的實物圖連接如圖：②[4]．由電路圖可知，電流計G1的阻值③[5][6]．實驗小組將電流表G1改裝成量程為0.6A的電流表，要并聯一個電阻，阻值為12、10050871.9【解析】

(1)[1]根據電路原理圖，實物連線如圖所示：(2)[2][3]根據分壓規律串聯在電路中的總電阻約為所以和阻值太大不能用，否則電壓表的示數不滿足題中要求；為了在閉合時，能夠有效的保護電路，所以，。(3)[4][5]當電鍵閉合、斷開時當、均閉合時解得，四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】

（1）設粒子的電量為q，研究A到C的運動①2h=v0t

②由①②得：

③

（2）研究粒子從A到C的運動

④可得vy=v0

⑤

θ=45°

⑥研究粒子從C作圓周運動到O的運動，令磁場強度為B，由

⑦由幾何關系得2Rsinθ=2h

⑧由⑥⑦⑧解出14、(1)gt0，；(2)；(3