四川省攀枝花市鹽邊縣民族中學2022-2023學年高三物理摸底試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.電吉他是利用電磁感應原理工作的一種樂器．如圖甲為電吉他的拾音器的原理圖，在金屬弦的下方放置有一個連接到放大器的螺線管．一條形磁鐵固定在管內，當撥動金屬弦后，螺線管內就會產生感應電流，經一系列轉化后可將電信號轉為聲音信號。若由于金屬弦的振動，螺線管內的磁通量隨時間的變化如圖乙所示，則對應感應電流的變化為（

）A.

B.C.

D.參考答案：B由可知在t0時刻磁通量的變化率最大，感應電流最大，B對；2.如圖所示，一個質量為的物體以某一速度從A點沖上傾角為30°的斜面，其運動的加速度為，這物體在斜面上上升的最大高度為h，則物體在此過程中A．重力勢能增加了B．動能損失了C．機械能損失了D．物體克服摩擦力的功率隨時間在均勻減小參考答案：D3.下列實例中人處于失重狀態的有（

）A．飛機起飛時飛機中的乘客B．離開跳臺后正在空中做動作的跳水運動員C．下行電梯將要到達指定樓層時電梯中的乘客D．沿橢圓軌道運行的飛船中的宇航員參考答案：BD4.（單選）某同學在學習了動力學知識后，繪出了一個沿直線運動的物體，其加速度a、速度v、位移s隨時間變化的圖象如圖所示，若該物體在t=0時刻，初速度均為零，則A、B、C、D四個選項中表示該物體沿單一方向運動的圖象是(

)參考答案：B5.如圖所示的容器，用活塞封閉著剛好飽和的一些水汽，測得水汽的壓強為p，體積為V，當保持溫度不變（）A．上提活塞使水汽的體積增為2V時，水汽的壓強變為pB．下壓活塞使水汽的體積減為V時，水汽的壓強增為2pC．下壓活塞時，水汽的質量減小，水汽的密度減小D．下壓活塞時，水汽的質量和密度都變小參考答案：C【考點】封閉氣體壓強；*飽和汽、未飽和汽和飽和汽壓．【分析】A、氣體壓強由分子熱運動的平均動能和分子數密度決定，上提活塞使水汽的體積增為2V時，氣體對外做功，溫度降低，分子熱運動平均動能減小，分子數密度減小為原來的；BCD、下壓活塞使水汽的體積減為V時，水汽一直為飽和水汽，飽和水汽的氣壓只與溫度有關．【解答】解：A、容器中的水汽剛好飽和，表示容器中已經沒有水．上提活塞使水汽的體積變為2V時，容器中的水汽變為未飽和汽，它不遵循玻意耳定律，壓強不為；故A錯誤；BCD、下壓活塞使水汽的體積減為V時，由于溫度不變，飽和汽的密度不變，部分水汽凝結成水，水汽的壓強仍為p，只是水汽的質量減小了；故B錯誤，C正確，D錯誤；故選：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.請將下列兩個核反應方程補充完整。

He+NO+

U+nXe+Sr+

參考答案：7.B．若兩顆人造地球衛星的周期之比為T1∶T2＝2∶1，則它們的軌道半徑之比R1∶R2＝＿＿＿＿，向心加速度之比a1∶a2＝＿＿＿＿。參考答案：∶1

1∶2由開普勒定律，R1∶R2＝∶＝∶1.由牛頓第二定律，G=ma，向心加速度之比a1∶a2＝R22∶R12＝1∶2。8.如圖所示為某運動員在平靜的湖面訓練滑板運動的示意圖，在進行滑板運動時，水對滑板的作用力垂直于板面，大小為kv2，其中v為滑板的速率。某次運動中，在水平牽引力F作用下，當滑板和水面的夾角θ=37°時，滑板做勻速直線運動，相應的k=50kg/m，人和滑板的總質量為100kg，水平牽引力的大小為

牛，水平牽引力的功率為

瓦。參考答案：

答案：750N、

3750W9.如圖,a、b、c、d是均勻介質中x軸上的四個質點.相鄰兩點的間距依次為2m、4m和6m.一列簡諧橫波以2m/s的波速沿x軸正向傳播,在t=0時刻到達質點a處,質點a由平衡位置開始豎直向下運動,t=3s時a第一次到達最高點.則波的頻率是____Hz,在t=5s時質點c向____(填“上”“下”“左”或“右”)運動.參考答案：

(1).0.25

(2).上t=3s時a第一次到達最高點，，T=4s；；根據，，波傳到C點后，C振動了2s，即半個周期，所以5s時C經平衡位置向上運動。【名師點睛】由題“在t=0時刻到達質點a處，質點a由平衡位置開始豎直向下運動，t=3s時a第一次到達最高點”可確定出該波的周期和頻率．根據a與c間的距離，求出波從a傳到d的時間．根據時間t=5s與周期的關系，分析質點c的狀態。10.（5分）地核的體積約為整個球體積的16%，地核的質量約為地球質量的34％。經估算，地核的地平均密度為_______________kg/m3。(結果取兩位有效數字)參考答案：答案：1.2×10411.如圖所示，水平板上有質量m=1.0kg的物塊，受到隨時間t變化的水平拉力F作用，用力傳感器測出相應時刻物塊所受摩擦力Ff的大小。已知9s末的速度為9.5m/s，取重力加速度g=10m/s2。則4s末物塊的加速度的大小為

▲，4s~9s內合外力對物塊做功為

▲

。

參考答案：12.如圖所示為水平放置的兩個彈簧振子A和B的振動圖像，已知兩個振子質量之比為mA:mB=2:3，彈簧的勁度系數之比為kA:kB=3:2，則它們的周期之比TA：TB＝

；它們的最大加速度之比為aA:aB＝

。

參考答案：2：3；9：2略13.如圖所示，實線是一列簡諧橫波在t時刻的波形圖，虛線是在t時刻后時刻的波形圖．已知，若波速為15m/s，則質點M在t時刻的振動方向為

▲

；則在時間內，質點M通過的路程為

▲

m．參考答案：向下

（2分）

0.3m三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.2004年1月25日，繼“勇氣”號之后，“機遇”號火星探測器再次成功登陸火星．人類為了探測距離地球大約3.0×105km的月球，也發射了一種類似四輪小車的月球探測器．它能夠在自動導航系統的控制下行走，且每隔10s向地球發射一次信號，探測器上還裝著兩個相同的減速器(其中一只是備用的)，這種減速器可提供的最大加速度為5m/s2，某次探測器的自動導航系統出現故障，從而使探測器只能勻速前進而不再避開障礙物．此時地球上的科學家只能對探測器進行人工遙控操作．下表為控制中心的顯示屏上的數據：

已知控制中心的信號發射和接收設備工作速度極快．科學家每次分析數據并輸入命令至少需要3s.問：(1)經過數據分析，你認為減速器是否執行了命令？(2)假如你是控制中心的工作人員，采取怎樣的措施？加速度滿足什么條件？請計算說明．

參考答案：(1)未執行命令(2)立即輸入命令，啟動另一個備用減速器，加速度a>1m/s2，便可使探測器不與障礙物相碰．

15.（選修3－3（含2－2））（6分）一定質量的氣體，從外界吸收了500J的熱量，同時對外做了100J的功，問：①物體的內能是增加還是減少?變化了多少？(400J;400J)

②分子勢能是增加還是減少？參考答案：解析：①氣體從外界吸熱：Q＝500J，氣體對外界做功：W＝－100J

由熱力學第一定律得△U=W+Q=400J

(3分)

△U為正，說明氣體內能增加了400J

(1分)

②因為氣體對外做功，所以氣體的體積膨脹，分子間的距離增大，分子力做負功，氣體分子勢能增加。（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.在動摩擦因數m＝0.2的粗糙絕緣足夠長的水平槽中，長為2L的絕緣輕質細桿兩端各連接一個質量均為m的帶電小球A和B，如圖為俯視圖（槽兩側光滑）。A球的電荷量為＋2q，B球的電荷量為－3q（均可視為質點，也不考慮兩者間相互作用的庫侖力）。現讓A處于如圖所示的有界勻強電場區域MPQN內，已知虛線MP恰位于細桿的中垂線，MP和NQ的距離為3L，勻強電場的場強大小為E＝1.2mg/q，方向水平向右。釋放帶電系統，讓A、B從靜止開始運動（忽略小球運動中所產生的磁場造成的影響）。求：（1）小球B第一次到達電場邊界MP所用的時間；（2）小球A第一次離開電場邊界NQ時的速度大小；（3）帶電系統運動過程中，B球電勢能增加量的最大值。參考答案：解：（1）帶電系統開始運動后，先向右加速運動；當B進入電場區時，開始做減速運動。設B進入電場前的過程中，系統的加速度為a1，由牛頓第二定律：2Eq－m2mg＝2ma1

2分

即a1=g

B剛進入電場時，由L＝a1t12

2分

可得

1分

（2）設B從靜止到剛進入電場的速度為v1，由＝2a1L

2分

可得v1＝

設B進入電場后，系統的加速度為a2，由牛頓第二定律得：2Eq－3Eq－μ2mg＝2ma2

2分

得：a2＝－0.8g

之后系統做勻減速運動，設小球A第一次離開電場邊界NQ時的速度大小為v2；由—=2a2L

1分

可得

1分（3）當帶電系統速度第一次為零，此時A已經到達右邊界NQ外，B克服電場力做的功最多，B增加的電勢能最多，設此時A離右邊界NQ的距離為x。設A出電場后，系統的加速度為a3，由牛頓第二定律－3Eq－2μmg＝2ma3

2分

得：a3=－2g

1分

解得：<L，所以B沒有出電場。

2分故B電勢能增加的最大值DW1＝3Eq(L+x)＝3Eq′1.1L＝3.3EqL=3.96mgL

17.如圖所示，長L=1.5m，高h=0.45m，質量M=10kg的長方體木箱，在水平面上向右做直線運動．當木箱的速度v0=3.6m/s時，對木箱施加一個方向水平向左的恒力F=50N，并同時將一個質量m=1kg的小球輕放在距木箱右端的P點（小球可視為質點，放在P點時相對于地面的速度為零），經過一段時間，小球脫離木箱落到地面．木箱與地面的動摩擦因數為0.2，其他摩擦均不計．取，求：（1）小球從離開木箱開始至落到地面所用的時間；（2）小球放上P點后，木箱向右運動的最大位移；（3）小球離開木箱時木箱的速度．參考答案：考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動的速度與位移的關系；自由落體運動．專題：壓軸題；牛頓運動定律綜合專題．分析：（1）小球離開木箱后做自由落體運動，根據位移時間關系可以求得時間；（2）對木箱受力分析，求出加速度，可以根據速度時間關系公式和位移時間關系公式分別求出位移和時間；（3）先對木箱受力分析，根據牛頓第二定律求得加速度，然后可以先根據位移時間關系公式求得時間，再根據速度時間公式求末速度，也可以直接根據速度位移關系公式求末速度．解答：解：（1）木箱上表面的摩擦不計，因此小球在離開木箱前相對地面處于靜止狀態，離開木箱后將作自由落體運動．由，得小球從離開木箱開始至落到地面所用的時間為0.3s．（2）小球放到木箱后，木箱的加速度為：木箱向右運動的最大位移為：小球放上P點后，木箱向右運動的最大位移為0.9m．（3）x1小于1m，所以小球不會從木箱的左端掉下木箱向左運動的加速度為設木箱向左運動的距離為x2時，小球脫離木箱，則：設木箱向左運動的時間為t2，則：由得：所以，小球離開木箱的瞬間，木箱的速度方向向左，大小為：v2=a2t2=2.8×1=2.8m/s．點評：本題關鍵對分向右減速和向左加速兩過程對木箱受力分析后求得加速度，然后根據運動學公式求解待求量．18.（18分）如圖所示，粗糙、絕緣的直軌道OB固定在水平桌面上，B端與桌面邊緣對齊，A是軌道上一點，過A點并垂直于軌道的豎直面右側有大小E＝1.5×106N/C，方向水平向右的勻強電場。帶負電的小物體P電荷量是2.0×10－6C，質量m＝0.25kg，與軌道間動摩擦因數μ＝0.4，P從O點由靜止開始向右運動，經過0.55s到達A點，到達B點時速度是5m/s，到達空間D點時速度與豎直方向的夾角為α，且tanα＝1.2。P在整個運動過程中始終受到水平向右的某外力F作用，F大小與P的速率v的關系如表所示。P視為質點，電荷量保持不變，忽略空氣阻力，取g＝10m/s2，求：

（1）小物體P從開始運動至速率為2m/s所用的時間；（2）小物體P從A運動至D的過程，電場力做的功。參考答案：（1）t1＝0.5s；（2）W＝－9.25J。試題分析：（1）物體P在水平桌面上運動時，豎直方向上只受重力mg和支持力N作用，因此其滑動摩擦力大小為：f＝μmg＝1N根據表格數據可知，物體P在速率v＝0～2m/s時，所受水平外力F1＝2N＞f，因此，在進入電場區域之前，物體P做勻加速直線運動，設加速度為a1，不妨設經時間t1速度為v1＝2m/s，還未進入電場區域。根據勻變速直線運動規律有：v1＝a1t1

①根據牛頓第二定律有：F1－f＝ma1

②由①②式聯立解得：t1＝＝0.5s＜0.55s，所以假設成立即小物體P從開始運動至速率為2m/s所用的時間為t1＝0.5s（2）當物體P在速率v＝2～5m/s時，所受水平外力F2＝6N，設先以加速度a2再加速t2＝0.05s至A點，速度為v2，根據牛頓第二定律有：F2－f＝ma2

③根據勻變速直線運動規律有：v2＝v1＋a2t2

④由③④