2022-2023學年浙江省臺州市淋川中學高三物理模擬試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.下列關于物理學發(fā)展史的說法中正確的是（

）A.伽利略通過大量實驗，發(fā)現只要斜面的傾角一定，不同質量的小球從不同高度開始滾動，小球的加速度都是相同的

B.奧斯特為了解釋磁體產生的磁場提出了分子電流假說C.楞次在對理論基礎和實驗資料進行嚴格分析后，提出提出了電磁感應定律D．美國物理學家密立根經過多次實驗，比較準確地測定了電子的電荷量參考答案：AD牛頓通過對伽利略的對接斜面實驗的研究總結，最后得出了牛頓第一定律，根據mgsinα=μmgcosα得，a=gsinα，在斜面的傾角一定時，小球沿斜面下滑的加速度都是相同，故A對。安培提出了分子電流假說，故B錯。法拉第提出了電磁感應定律，故C錯。美國物理學家密立根在1909年，當他準備好條件使帶電云霧在重力與電場力平衡下把電壓加到10000伏時，他發(fā)現的是云層消散后“有幾顆水滴留在機場中”，從而創(chuàng)造出測量電子電荷的平衡水珠法、平衡油滑法，就從實驗上確證了元電荷的存在，并在1913年比較準確地測定了電子電荷的數值：e=（4.774±0．009）×10-10esu。故D正確。2.如右圖所示，空氣中有一塊截面為扇形的玻璃磚，折射率為，現有一細光束，垂直射到AO面上，經玻璃磚反射、折射后，經OB面平行于入射光束返回，∠AOB為135°，圓半徑為r，則入射點P距圓心O的距離為（

）A．

B．C．

D．參考答案：B3.（單選）如圖OO`點放置兩個等量正電荷,在00`直線上有A、B、C三個點，且OA=0`B=0`C,一點電荷q(q>0)沿路徑Ⅰ從B運動到C電場力所做的功為W1,沿路徑Ⅱ從B運動到C電場力所做的功為W2,同一點電荷在從A沿直線運動到C電場力所做的功為W3，則下列說法正確的是A．W1大于W2

B．W1為負值C．W1大于W3

D．W1等于W3參考答案：D電場力做功與路徑無關，所以W1等于W2．故選項A錯誤．B到O′電場力做負功，O′到C電場力做正功，根據場強的疊加，知O′C段的電場強度大于BO′段的電場強度，B到C過程中，電場力做的負功小于電場力做的正功，所以B到C電場力做正功．電場力做功與路徑無關，所以W1和W2均為正值，故選項B錯誤．由等量同種電荷的電場分布規(guī)律可知，AB是對稱點，AB兩點是等電勢點，從A到B電場力做功為零，故從A到C電場力做的功等于從B到C做的功，所以W1和W3相等．故選項C錯誤、選項D正確．所以答案為：D．4.圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時的波形。當R點在t=0時的振動狀態(tài)傳到S點時，PR范圍內（含P、R）有一些質點向y軸負方向運動，這些質點的x坐標取值范圍是

A．2cm≤x≤4cm

B．2cm＜x＜4cm

C.2cm≤x＜3cmD．2cm＜x≤3cm參考答案：答案：C解析：首先畫出振動傳到S點時的波形圖，根據波形圖可得PR范圍內（含P、R）正在向y軸負方向運動質點在2cm≤x<3cm的范圍內。故選C。

5.用比值法定義物理量是物理學中一種常用的方法.下面四個物理量都是用比值法定義的，其中不是定義式的是A.加速度

B.電流強度C.電場強度

D.磁感應強度參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一水泵的出水管口距離地面1.25m，且與地面平行，管口的橫截面積大小為1×10-2m2。調節(jié)水泵使出水管噴水的流量達到4×10-2m3/s，忽略空氣阻力，則水柱的水平射程為________m，空中水柱的總水量為________m3。（重力加速度g取10m/s2）參考答案：2，2′10-2

7.某天體存在一顆繞其做勻速圓周運動的衛(wèi)星，已知天體半徑為R，衛(wèi)星離天體表面的高度為h，衛(wèi)星的線速度大小為v，則衛(wèi)星的周期為，天體的質量為（萬有引力恒量為G）．參考答案：解：衛(wèi)星的周期T=．根據得，天體的質量M=．故答案為：，．8.如圖所示，一自行車上連接踏腳板的連桿長R1＝20cm，由踏腳板帶動半徑為r1的大齒盤，通過鏈條與半徑為r2的后輪齒盤連接，帶動半徑為R2＝30cm的后輪轉動。若踏腳大齒盤與后輪齒盤的齒數分別為48和24。當騎車人以n=2r/s的轉速蹬踏腳板時，自行車的前進速度為______________m/s。若車勻速前進，則騎車人蹬踏腳板的平均作用力與車所受平均阻力之比為______________。參考答案：2.4π=7.54，3:1

9.P、Q是一列簡諧橫波中的兩質點，已知P離振源較近，P、Q兩點的平衡位置相距15m（小于一個波長），各自的振動圖象如圖所示。此列波的波速為

m/s。參考答案：2.5m/s10.（6分）一定質量的理想氣體從狀態(tài)A(p1、V1)開始做等壓膨脹變化到狀態(tài)B(p1、V2)，狀態(tài)變化如圖中實線所示．此過程中氣體對外做的功為

，氣體分子的平均動能

（選填“增大”“減小”或“不變”），氣體

（選填“吸收”或“放出”）熱量。

參考答案：P1（V2-V1）；(2分)增大(2分)；吸收(2分)11.氫原子第n能級的能量為En=，其中E1為基態(tài)能量．當氫原子由第5能級躍遷到第3能級時，發(fā)出光子的頻率為；若氫原子由第3能級躍遷到基態(tài)，發(fā)出光子的頻率為，則=

。參考答案：12.某同學在描繪平拋運動軌跡時，得到的部分軌跡曲線如圖所示。在曲線上取A、B、C三個點，測量得到A、B、C三點間豎直距離=10.20cm，=20.20cm，A、B、C三點間水平距離=12.40cm，g取10m／s2，則物體平拋運動的初速度大小為__________m／s，軌跡上B點的瞬時速度大小為__________m／s。（計算結果保留三位有效數字）參考答案：1.24

1.96

13.一個質量為m、直徑為d、電阻為R的金屬圓環(huán)，在范圍很大的磁場中沿豎直方向下落，磁場的分布情況如圖所示，已知磁感應強度豎直方向的分量By的大小只隨高度變化，其隨高度y變化關系為（此處k為比例常數，且），其中沿圓環(huán)軸線的磁場方向始終豎直向上，在下落過程中金屬圓環(huán)所在的平面始終保持水平，速度越來越大，最終穩(wěn)定為某一數值，稱為收尾速度．俯視觀察，圓環(huán)中的感應電流方向為（順時針，逆時針）；圓環(huán)收尾速度的大小為．參考答案：順時針

;三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（簡答）如圖13所示,滑塊A套在光滑的堅直桿上,滑塊A通過細繩繞過光滑滑輪連接物塊B,B又與一輕質彈贊連接在一起，輕質彈簧另一端固定在地面上,’開始用手托住物塊.使繩子剛好伸直處于水平位位置但無張力。現將A由靜止釋放.當A下滑到C點時(C點圖中未標出)A的速度剛好為零，此時B還沒有到達滑輪位置，已知彈簧的勁度系數k=100N/m,滑輪質量和大小及摩擦可忽略不計，滑輪與桿的水平距離L=0.3m,AC距離為0.4m，mB=lkg,重力加速度g=10m/s2。試求：(1)滑'塊A的質量mA(2)若滑塊A質量增加一倍,其他條件不變，仍讓滑塊A從靜止滑到C點,則滑塊A到達C點時A、B的速度大小分別是多少？參考答案：（1）

（2）

（3），功能關系．解析：（1）開始繩子無張力，對B分析有kx1=mBg，解得：彈簧的壓縮量x1=0.1m（1分）當物塊A滑到C點時，根據勾股定理繩伸出滑輪的長度為0.5m，則B上升了0.2m,所以彈簧又伸長了0.1m。（1分）由A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，又彈簧伸長量與壓縮量相等則彈性勢能變化量為零所以mAgh1=mBgh2（2分）其中h1=0.4m，h2=0.2m所以mA=0.5kg（1分）（2）滑塊A質量增加一倍，則mA=1kg，令滑塊到達C點時A、B的速度分別為v1和v2

由A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒得（2分）又有幾何關系可得AB的速度關系有vAcosθ=vB（1分）其中θ為繩與桿的夾角且cosθ=0.8解得：（1分）（1分）（1）首先由物體靜止條件求出彈簧壓縮的長度，再根據幾何知識求出物體B上升的距離，從而可求出彈簧伸長的長度，然后再根據能量守恒定律即可求解物體A的質量；題（2）的關鍵是根據速度合成與分解規(guī)律求出物體B與A的速度關系，然后再根據能量守恒定律列式求解即可．15.靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質量分別為mA=l.0kg，mB=4.0kg；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側的豎直墻壁距離l=1.0m，如圖所示。某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動能之和為Ek=10.0J。釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運動。A、B與地面之間的動摩擦因數均為u=0.20。重力加速度取g=10m/s2。A、B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。（1）求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大小；（2）物塊A、B中的哪一個先停止？該物塊剛停止時A與B之間的距離是多少？（3）A和B都停止后，A與B之間的距離是多少？參考答案：（1）vA=4.0m/s，vB=1.0m/s；（2）A先停止；0.50m；（3）0.91m；分析】首先需要理解彈簧釋放后瞬間的過程內A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，再結合能量關系求解出A、B各自的速度大小；很容易判定A、B都會做勻減速直線運動，并且易知是B先停下，至于A是否已經到達墻處，則需要根據計算確定，結合幾何關系可算出第二問結果；再判斷A向左運動停下來之前是否與B發(fā)生碰撞，也需要通過計算確定，結合空間關系，列式求解即可。【詳解】（1）設彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為vA、vB，以向右為正，由動量守恒定律和題給條件有0=mAvA-mBvB①②聯(lián)立①②式并代入題給數據得vA=4.0m/s，vB=1.0m/s（2）A、B兩物塊與地面間的動摩擦因數相等，因而兩者滑動時加速度大小相等，設為a。假設A和B發(fā)生碰撞前，已經有一個物塊停止，此物塊應為彈簧釋放后速度較小的B。設從彈簧釋放到B停止所需時間為t，B向左運動的路程為sB。，則有④⑤⑥在時間t內，A可能與墻發(fā)生彈性碰撞，碰撞后A將向左運動，碰撞并不改變A的速度大小，所以無論此碰撞是否發(fā)生，A在時間t內的路程SA都可表示為sA=vAt–⑦聯(lián)立③④⑤⑥⑦式并代入題給數據得sA=1.75m，sB=0.25m⑧這表明在時間t內A已與墻壁發(fā)生碰撞，但沒有與B發(fā)生碰撞，此時A位于出發(fā)點右邊0.25m處。B位于出發(fā)點左邊0.25m處，兩物塊之間的距離s為s=025m+0.25m=0.50m⑨（3）t時刻后A將繼續(xù)向左運動，假設它能與靜止的B碰撞，碰撞時速度的大小為vA′，由動能定理有⑩聯(lián)立③⑧⑩式并代入題給數據得

故A與B將發(fā)生碰撞。設碰撞后A、B的速度分別為vA′′以和vB′′，由動量守恒定律與機械能守恒定律有

聯(lián)立式并代入題給數據得

這表明碰撞后A將向右運動，B繼續(xù)向左運動。設碰撞后A向右運動距離為sA′時停止，B向左運動距離為sB′時停止，由運動學公式

由④式及題給數據得sA′小于碰撞處到墻壁的距離。由上式可得兩物塊停止后的距離四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，質量M=1.5kg的小車靜止于光滑水平面上并緊靠固定在水平面上的桌子右邊，其上表面與水平桌面相平，小車的左端放有一質量為0.5kg的滑塊Q．水平放置的輕彈簧左端固定，質量為0.5kg的小物塊P置于光滑桌面上的A點并與彈簧的右端接觸，此時彈簧處于原長．現用水平向左的推力F將P緩慢推至B點（彈簧仍在彈性限度內），推力做功WF=4J，撤去F后，P沿桌面滑到小車左端并與Q發(fā)生彈性碰撞，最后Q恰好沒從小車上滑下．已知Q與小車表面間動摩擦因數μ=0.1．（g=10m/s2）求：（1）P剛要與Q碰撞前的速度是多少？（2）Q剛在小車上滑行時的初速度v0是多少？（3）為保證Q不從小車上滑下，小車的長度至少為多少？參考答案：17.如圖所示，豎直平面xOy，其x軸水平，在整個平面內存在沿x軸正方向的勻強電場E，在第三象限內有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B=0.2T。現有一比荷為=25C/kg的帶電微粒，從第三象限內某點以速度v0向坐標原點O做直線運動，v0與x軸之間的夾角為θ=45°，重力加速度g=10m/s2。求：(1)微粒的電性及速度v0的大小；(2)帶電微粒在第一象限內運動時所達到最高點的坐標。參考答案：（1）（2）（0.6m，0.2m）【詳解】解：(1)帶電粒子在第三象限內做直線運動，受到重力、電場力和洛倫茲力三個力的作用，并且合力為零，即粒子做勻速直線運動；所以，微粒受到的洛倫茲力垂直于速度方向斜向左上方，由左手定則可判斷為零帶正電；對帶電微粒受力分析，如圖所示，根據平衡條件可得：