2025屆安徽省定遠二中高一物理第二學期期末綜合測試模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)如圖所示，金屬棒MN兩端用等長的細軟導線連接后水平地懸掛．MN處在向里的水平勻強磁場中，棒中通有由M流向N的電流，此時懸線受金屬棒的拉力作用．為了使懸線中的拉力減小，可采取的措施有（）A．使磁場反向B．使電流反向C．增大電流強度D．減小磁感應強度2、(本題9分)放在光滑水平面上的物體，僅在兩個同向水平力的共同作用下開始運動，若這兩個力分別做了6J和8J的功，則該物體的動能增加了（）A．48J B．14J C．10J D．2J3、(本題9分)關于機械能守恒，下列說法中正確的是（）A．物體只有在做直線運動時機械能才是守恒的B．物體在做曲線運動時其機械能也有可能是守恒的C．物體受恒力作用時，機械能一定守恒D．物體受變力作用時，機械能一定守恒4、如圖所示，一電子沿等量異種點電荷的中垂直線由A→O→B運動，則電子所受等量異種點電荷的電場力的大小和方向變化情況是（）A．先變大后變小，方向水平向左B．先變大后變小，方向水平向右C．先變小后變大，方向水平向左D．先變小后變大，方向水平向右5、(本題9分)牛頓以天體之間普遍存在著引力為依據，運用嚴密的邏輯推理，建立了萬有引力定律．在創建萬有引力定律的過程中，牛頓A．接受了胡克等科學家關于“吸引力與兩中心距離的平方成反比”的猜想B．根據“月一地檢驗”，地球對月亮的引力與太陽對行星的引力不屬同種性質的力C．根據F=ma和牛頓第三定律，分析了地月間的引力關系，進而得出F∝m1m2D．根據大量實驗數據得出了比例系數G的大小6、(本題9分)如圖所示，質量相同的兩個小球a、b分別從斜面頂端A和斜面中點B沿水平方向拋出。恰好都落在斜面底端。不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．小球a、b做平拋的初速度大小之比為B．小球a、b到達斜面底端時的位移大小之比為C．小球a、b運動過程中速度變化量的方向不相同D．小球a、b到達斜面底端的速度方向與斜面的夾角相同7、(本題9分)如圖，同一平面內的a、b、c、d四點處于勻強電場中，電場方向與此平面平行，M為a、c連線的中點，N為b、d連線的中點．一電荷量為q（q>0）的粒子從a點移動到b點，其電勢能減小W1：若該粒子從c點移動到d點，其電勢能減小W2，下列說法正確的是（）A．此勻強電場的場強方向一定與a、b兩點連線平行B．若該粒子從M點移動到N點，則電場力做功一定為C．若c、d之間的距離為L，則該電場的場強大小一定為D．若W1=W2，則a、M兩點之間的電勢差一定等于b、N兩點之間的電勢差8、(本題9分)某電場的電場線分布如圖所示（實線），以下說法正確的是（）A．點場強大于點場強B．和處在同一等勢面上C．若將一試探電荷由點移動到點，電荷的電勢能將減小D．若某一點電荷只在電場力的作用下沿虛線由點運動到點，可判斷該電荷一定帶負電9、已知下面的哪組數據，可以算出地球的質量M地（引力常量G為已知）（）A．月球繞地球運動的周期T1及月球到地球中心的距離R1B．地球繞太陽運行周期T2及地球到太陽中心的距離R2C．人造衛星在地面附近的運行速度v3和運行周期T3D．地球繞太陽運行的速度v4及地球到太陽中心的距離R410、(本題9分)質量是m的物體在粗糙的水平面上受水平恒定拉力F的作用，從靜止開始運動，經過時間t發生的位移為x，要使物體從靜止開始運動發生的位移為2x，下列方法可行的是（）A．拉力增加為原來的2倍B．拉力和動摩擦因數都增加為原來的2倍C．質量減少為原來的倍D．質量、力、時間都增加為原來的倍11、(本題9分)當前汽車工業發展的大主題是“安全”、“環保”“節能”.某型號新能源汽車的額定功率為P額，在水平路面上行駛時受到的阻力是f.在阻力不變的條件下，下列說法正確的是（）A．汽車在額定功率下行駛的最大速率是B．汽車保持速度v(小于最大速度)勻速行駛時發動機輸出的實際功率小于fvC．若汽車以恒定加速度由靜止啟動，行駛后速度達到最大，該過程牽引力做功為fs．D．若汽車以額定功率由靜止啟動，經后速度達到最大，該過程牽引力做功為P額12、(本題9分)如圖甲所示，輕桿一端固定在O點，另一端固定一小球，現讓小球在豎直平面內做半徑為R的圓周運動.小球運動到最高點時，桿與小球間彈力大小為F，小球在最高點的速度大小為v，其F一v2圖象如乙圖所示.則（）A．小球的質量為B．當地的重力加速度大小為C．v2=c時，桿對小球的彈力方向向上D．v2=2b時，小球受到的彈力與重力大小不相等二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)某實驗小組用如圖所示的氣墊導軌完成“驗證動量守恒”的實驗。圖中A、B是帶有碰撞裝置和遮光片的滑塊，可在氣墊導軌上無摩擦地滑動。光電門C、D固定，通過光電計時器(圖中未畫出)可測出遮光片通過光電門的時間。主要實驗步驟如下：(ⅰ)用天平分別測出A、B兩滑塊的質量并記錄。(ⅱ)用游標卡尺分別測出A、B兩滑塊上遮光片的寬度并記錄。(ⅲ)調整氣墊導軌使之水平。(ⅳ)將滑塊A、B靜止放在氣墊導軌的圖示位置上。(ⅴ)給A一個水平沖量，使之水平向右運動，觀察A、B碰撞的情況，記錄A、B上的遮光片經過光電門C、D的時間。(ⅵ)重復步驟ⅳ、ⅴ三至五次。(ⅶ)分析數據，得出結論。若某次實驗步驟(ⅴ)中滑塊A兩次經過光電門C，實驗記錄如下mA(g)mB(g)dA(cm)dB(cm)滑塊A第一次經過C的時間(ms)滑塊A第二次經過C的時間(ms)滑塊B經過D的時間(ms)1501.001.005.0025.006.25請回答下列問題(1)兩滑塊碰后滑塊B的速度大小________m/s；(2)實驗記錄過程中滑塊A的質量忘記記錄了，根據你的分析，滑塊A的質量mA=_____g；(3)步驟(ⅲ)的目的是__________________________________。14、（10分）(本題9分)某探究小組想利用驗證機械能守恒定律的裝置測量當地的重力加速度，如圖甲所示．框架上裝有可上下移動位置的光電門1和固定不動的光電門2；框架豎直部分緊貼一刻度尺，零刻度線在上端，可以測量出兩個光電門到零刻度線的距離和；框架水平部分用電磁鐵吸住一個質量為m的小鐵塊，小鐵塊的重心所在高度恰好與刻度尺零刻度線對齊．切斷電磁鐵線圈中的電流時，小鐵塊由靜止釋放，當小鐵塊先后經過兩個光電門時，與光電門連接的傳感器即可測算出其速度大小和．小組成員多次改變光電門1的位置，得到多組和的數據，建立如圖乙所示的坐標系并描點連線，得出圖線的斜率為k．⑴當地的重力加速度為________(用k表示)．⑵若選擇光電門2所在高度為零勢能面，則小鐵塊經過光電門1時的機械能表達式為______________(用題中物理量的字母表示)．⑶關于光電門1的位置，下面哪個做法可以減小重力加速度的測量誤差（___）A．盡量靠近刻度尺零刻度線B．盡量靠近光電門2C．既不能太靠近刻度尺零刻度線，也不能太靠近光電門2三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)如圖所示，mA=4kg，mB=1kg，A與桌面間的動摩擦因數μ=0.2，B與地面間的距離s=0.8m，A、B原來靜止，（g取10m/s2）求：（1）B落到地面時的速度為多大；（2）B落地后，A在桌面上能繼續滑行多遠才能靜止下來．16、（12分）(本題9分)如圖所示，光滑水平面上有一輛質量為Ｍ=1kg的小車，小車的上表面有一個質量為m=0.9kg的滑塊，在滑塊與小車的擋板間用輕彈簧相連接，滑塊與小車上表面間的動摩擦因數為μ=0.1，整個系統一起以v1=10m/s的速度向右做勻速直線運動，此時彈簧長度恰好為原長．現在用一質量為m0=0.1kg的子彈，以v0=50m/s的速度向左射入滑塊且不穿出，所用時間極短．當彈簧壓縮到最短時，彈簧被鎖定，測得此時彈簧的壓縮量為d=0.50m，g=10m/s1．求（1）子彈射入滑塊的瞬間，子彈與滑塊的共同速度；（1）彈簧壓縮到最短時，彈簧彈性勢能的大小．17、（12分）(本題9分)如圖所示，光滑水平軌道與半徑為R的光滑豎直半圓軌道在B點平滑連接，在過圓心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的勻強電場．現有一質量為m、電荷量為＋q的小球從水平軌道上A點由靜止釋放，小球運動到C點離開圓軌道后，經界面MN上的P點進入電場(P點恰好在A點的正上方，如圖所示，小球可視為質點，小球運動到C點之前電荷量保持不變，經過C點后電荷量立即變為零)．已知A、B間距離為2R，重力加速度為g，在上述運動過程中，求：（1）小球經過C點的速度大小（2）小球經過半圓軌道上與圓心O等高處D點的速度大小（3）電場強度E的大小（4）小球在圓軌道上運動時的最大速率

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】

棒處于方向垂直紙面向里的勻強磁場中，棒中通有從M流向N的電流，根據左手定則可知，棒所受安培力的方向豎直向上，由于此時懸線上有拉力，為了使拉力減小，則安培力必須增加，由安培力公式F=BIL知，可以適當增加電流強度，或增大磁場，若使電流或磁場反向，安培力方向豎直向下，懸線的拉力將增大。故C正確，ABD錯誤。故選C。【點睛】解決本題的關鍵要掌握安培力的方向判斷方法：左手定則以及安培力大小公式F=BIL．2、B【解析】

運用動能定理：△E=w合=6J+8J=14J所以該物體的動能增加了14J．故B正確，ACD錯誤．故選B．3、B【解析】

A．物體在運動過程中，只有重力或彈力做功，機械能守恒，不一定做直線運動，A錯誤；B．物體做曲線運動，機械能可能守恒，比如平拋運動的物體，只有重力做功，機械能守恒，B正確；C．物體受恒力作用力，機械能不一定守恒，比如用恒力拉著物體向上勻速運動，機械能增加，C錯誤；D．物體受變力作用時，機械能不一定守恒，可能除了重力或彈力以外還有其它力做功，D錯誤。故選B。4、A【解析】

AB.根據等量異種電荷周圍的電場線分布知，從A→O→B，電場強度的方向不變，水平向右，電場強度的大小先增大后減小．則電子所受電場力的大小先變大，后變小，方向水平向左，故A符合題意，B不符合題意．CD.根據等量異種電荷周圍的電場線分布知，從A→O→B，電場強度的方向不變，水平向右，電場強度的大小先增大后減小．則電子所受電場力的大小先變大，后變小，方向水平向左，故CD不符合題意．5、A【解析】

在創建萬有引力定律的過程中，牛頓根據地球上一切物體都以相同加速度下落的事實，得出物體受地球的引力與其質量成正比，即F∝m的結論；同時牛頓接受了平方反比猜想，再根據牛頓第三定律進而得出F∝m1m2；然后進行月地檢驗，進一步得出該規律適用與月地系統；但牛頓沒有測出比例系數G；而是在提出萬有引力定律后100多年，后來卡文迪許利用扭稱測量出萬有引力常量G的大小，故A正確，而BCD說法錯誤；故選A．6、D【解析】

AB．因為a、b兩球下落的高度之比為2：1，據得可知a、b兩球運動的時間之比是；又因為兩球運動的水平位移之比為2：1，根據得初速度之比為，故AB錯誤；B．設斜面的傾角為θ，根據幾何關系可得小球的位移為兩小球的水平位移大小之比為2：1，故兩小球的位移大小為2：1，故B錯誤；C．根據知速度變化量的方向與重力加速度的方向相同，即豎直向下；a、b兩球運動過程中速度變化量的方向相同，故C錯誤；D．設小球落在斜面上時，速度方向與水平方向的夾角為α，位移與水平方向的夾角為θ，則，可知因為小球落在斜面上時，位移與水平方向的夾角為定值，所以速度與水平方向的夾角為定值，假設速度與斜面的夾角為，根據角度關系可知則a、b兩球到達斜面底端的速度與斜面的夾角相同，故D正確。故選D。7、BD【解析】試題分析：利用電場力做功，可以找到兩點之間電勢差的關系，要知道中點電勢和兩端點電勢之間的關系．A、選項根據題意無法判斷，故A項錯誤．B、由于電場為勻強磁場，M為a、c連線的中點，N為b、d連線的中點，所以若該粒子從M點移動到N點，則電場力做功一定為,故B正確；C、因為不知道勻強電場方向，所以場強大小不一定是，故C錯誤；D、若W1=W2，說明由因為；解得：，故D正確；故選BD點睛：對勻強電場的電場特征要了解，利用電場力做功與電勢差之間的關系求解．8、AC【解析】

解這類題是思路：電場線的疏密表示場強的強弱，沿電場線方向電勢逐漸降低，根據帶電粒子運動軌跡判定電場力方向，然后根據電性判斷電場線方向，根據電場力做功判斷電勢能的變化．【詳解】電場線的疏密表示場強的強弱，由圖知c點場強大于b點場強，故A正確；沿電場線方向電勢逐漸降低，故b的電勢大于c的電勢，b和c不在同一等勢面上，故B錯誤；若將一試探電荷+q由a點移動到d點，電場力做正功，電荷的電勢能將減小，故C錯誤；由粒子的運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力大致斜向左上方，與電場強度方向相同，故粒子帶正電，故D錯誤；故選A．【點睛】解決這類帶電粒子在電場中運動問題的關鍵是根據軌跡判斷出電場力方向，利用電場中有關規律求解．比較電勢能的大小有兩種方法：一可以從電場力做功角度比較，二從電勢能公式角度判斷，先比較電勢，再比較電勢能．9、AC【解析】

月球繞地球做圓周運動，地球對月球的萬有引力提供圓周運動的向心力，列式如下：可得：地球質量，故A正確；地球繞太陽做圓周運動，太陽對地球的萬有引力提供地球做圓周運動向心力，列式如下：可知，m為地球質量，在等式兩邊剛好消去，故不能算得地球質量，故B錯；人造地球衛星繞地球做圓周運動，地球對衛星的萬有引力提供衛星做圓周運動的向心力，列式有：，可得地球質量，根據衛星線速度的定義可知得代入可得地球質量，故C正確；地球繞太陽做圓周運動，太陽對地球的萬有引力提供地球做圓周運動向心力，列式如下：可知，m為地球質量，在等式兩邊剛好消去，故不能算得地球質量，故D錯誤．10、BD【解析】

ABC．從靜止出發，經過時間t發生的位移為x，要使物體從靜止開始運動發生的位移為2x，根據知，時間不變的情況下，加速度變為原來的2倍，根據牛頓第二定律將拉力和動摩擦因數都增加為原來的2倍，故AC錯誤，B正確；D．質量、力都增加為原來的倍，根據牛頓第二定律加速度不變，時間增加為原來的倍，根據知，物體從靜止開始運動發生的位移為2x，故D正確；故選BD．【點睛】根據牛頓第二定律求出加速度，結合進行判斷．11、AD【解析】A、當汽車達到最大速度時，牽引力和阻力大小相等，由可得，最大速度為：，故選項A正確；B、當汽車保持速度v(小于最大速度)勻速行駛時，其牽引力，則實際功率為：，故選項B錯誤；C、若汽車以恒定加速度由靜止啟動，其牽引力不變，當功率達到額定功率之后，牽引力開始減小，達到最大速度是牽引力等于阻力，即開始時牽引力大于阻力，最后等于阻力，所以該過程牽引力做功與不相等，故選項C錯誤；D、根據功率的公式：可知，若汽車以額定功率由靜止啟動，經后速度達到最大，該過程牽引力做功為，故選項D正確．點睛：本題考查機車啟動的問題，需要注意當汽車達到最大速度時，牽引力和阻力大小相等，根據分析即可得出結論．12、AD【解析】試題分析：在最高點，若，則；若，則解得,A正確，B錯誤，由圖可知：當時，桿對小球彈力方向向上，當時，桿對小球彈力方向向下，所以當v2=c時，桿對小球彈力方向向下，故C錯誤；若．則解得，故D正確．故選AD，考點：本題主要考查了圓周運動向心力公式的直接應用，點評：掌握向心力公式，理解坐標軸截距的物理意義是解決本題的關鍵．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（1）1.6；（2）100；(3)保證滑塊碰撞前后做勻速直線運動；【解析】(1)碰后滑塊B經過D的時間6.25ms，則碰后滑塊B的速度大小vB(2)以碰前A的速度方向為正，碰前A的速度v1=dt1=1.00×10-2(3)調整氣墊導軌使之水平是為了使滑塊碰撞前后做勻速直線運動。14、C【解析】

（1）以0刻度線為零勢能面，小鐵塊從光電門1運動到光電門2的過程中機械能守恒，根據機械能守恒定律得：mv12-mgx1=mv22-mgx2

整理得：v22-v12=2g（x2-x1）

所以圖象的斜率k=2g，解得：g=；

（2）小鐵塊經過光電門1時的機械能等于小鐵塊經過光電門1時的動能加上勢能，若選擇刻度尺零刻度線所在高度為零勢能面，則有：

E1=mv12-mgx1

=mv12-mkx1

（3）用電磁鐵釋放小球的缺點是，當切斷電流后，電磁鐵的磁性消失需要一時間，鐵球與電磁鐵鐵心可能有一些剩磁，都會使經過光電門1的時間較實際值大