2022-2023學(xué)年陜西省西安市電子城第一中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，一質(zhì)點做簡諧運動，先后以相同的速度依次通過M、N兩點，歷時1s，質(zhì)點通過N點后再經(jīng)過1s又第2次通過N點，在這2s內(nèi)質(zhì)點通過的總路程為12cm.則質(zhì)點的振動周期和振幅分別為(

)A．3s,6cm

B．4s,6cmC．4s,9cm

D．2s,8cm參考答案：B2.（單選）在電場中A點，放一電量為q的試探電荷，其電場強度為E，則

（

）

A．若在A點換上電荷量為-q的試探電荷，A點電場強度的方向發(fā)生變化B．若在A點換上電荷量為2q的試探電荷，A點的電場強度將變?yōu)?EC．A點電場強度與試探電荷q的大小、正負無關(guān)D．若在移去A點試探電荷q，A點的電場強度變?yōu)榱銋⒖即鸢福篊3.（單選）一個氡核Rn衰變成釙核Po并放出一個粒子，其半衰期為3.8天。8g氡經(jīng)過11.4天衰變掉氡的質(zhì)量，以及Rn衰變成Po的過程放出的粒子是：A．2g，α粒子

B．7g，α粒子C．4g，β粒子

D．6g，β粒子參考答案：B4.（多選）如圖所示的甲、乙兩個電路，電感線圈的自感系數(shù)足夠大，且直流電阻非常小但不可忽略，閉合開關(guān)S，待電路達到穩(wěn)定后，燈泡均能發(fā)光．現(xiàn)將開關(guān)S斷開，這兩個電路中燈泡亮度的變化情況可能是()A．甲電路中燈泡將漸漸變暗B．甲電路中燈泡將先變得更亮，然后漸漸變暗C．乙電路中燈泡將漸漸變暗D．乙電路中燈泡將先變得更亮，然后漸漸變暗參考答案：AD5.均勻介質(zhì)中兩波源S1、S2分別位于x軸上x1＝0、x2＝14m處，質(zhì)點P位于x軸上xp＝4m處，t＝0時刻兩波源同時開始由平衡位置向y軸正方向振動，振動周期均為T＝0．1s，傳播速度均為v＝40m／s，波源S1的振幅為A1＝2cm，波源S2的振幅為A2＝3cm，則從t＝0至t＝0.35s內(nèi)質(zhì)點P通過的路程為A．5cm

B．12cm

C．16cm

D．32cm參考答案：C由振動周期均為T=0.1s，傳播速度均為v=40m/s，則波長λ=vT=40×0.1m=4m；而t=0時刻兩波源同時開始由平衡位置向y軸正方向振動，所以當(dāng)波源S2傳播到P時（用時2.5T），波源S1使得P點已振動1.5T，即通過的路程為12cm；當(dāng)波源S1的波峰傳播到質(zhì)點P時，波源S2的波谷也傳到P點，所以正好相互減弱．故在從t=0至t=0.35s內(nèi)的最后0.1s內(nèi)，質(zhì)點P通過的路程為4cm，因此t=0至t=0.35s內(nèi)質(zhì)點P通過的路程為16cm。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點處有一正點電荷，帶負電的小物體以初速度V1從M點沿斜面上滑，到達N點時速度為零，然后下滑回到M點，此時速度為V2（V2＜V1）。若小物體電荷量保持不變，OM＝ON，則小物體上升的最大高度為_________，從N到M的過程中，小物體的電勢能________________(填變化情況)參考答案： 先減小后增加7.在磁感應(yīng)強度B為0.4T的勻強磁場中，讓長0.2m的導(dǎo)體ab在金屬框上以6m/s的速度向右移動，如圖所示，此時ab中感應(yīng)電動勢的大小等于

V；如果R1＝6Ω，R2=3Ω，其他部分的電阻不計，則通過ab的電流大小為

A。參考答案：0.48，0.248.碘131核不穩(wěn)定，會發(fā)生β衰變，其半衰變期為8天。(1)碘131核的衰變方程：53131I―→________(衰變后的元素用X表示)。(2)經(jīng)過________天75%的碘131核發(fā)生了衰變。參考答案：9.（4分）紫光在真空中的傳播速度是_______m／s,它射入折射率為的水中時傳播速度為_______m／s。參考答案：3×108；2.25×10810.遠距離輸電時，為了減少輸電線上消耗的電功率，有兩個途徑

；

參考答案：降低導(dǎo)線電阻

；

提高輸電電壓11.（8分）初速度為零的質(zhì)子、氘核和粒子經(jīng)過同一電場加速后，以垂直于磁場方向的速度進入同一勻強磁場，則它們在磁場中，速度之比υp：υD：υα=__________；動能之比Ep：ED：Eα=________；運動半徑之比rp：rD：rα=________；運動周期之比Tp：TD：Tα=__________。參考答案：,1:1:2,,1:2:212.（1）只要閉合電路內(nèi)的磁通量發(fā)生了變化，閉合電路中就產(chǎn)生感應(yīng)電流。如下圖所示，判斷實驗過程中線圈中有無感應(yīng)電流。（填“有”或“無”）①把磁鐵插入線圈

感應(yīng)電流②把磁鐵放在線圈內(nèi)不動

感應(yīng)電流（2）電量為2×10-6C的點電荷放入電場中A點，受到作用力為4×10-4N，方向向右，則A點的場強為

，方向 。參考答案：（1）有、

無

（2）200N/C

、

向右13.作為狹義相對論的基本假設(shè)之一，愛因斯坦提出：對不同的慣性系，物理規(guī)律是_________．參考答案：相同的解：愛因斯坦對狹義相對論的最基本假設(shè)是：1、狹義相對性原理：在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是相同的．

2、光速不變原理：真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的

因此：物理規(guī)律在所有的慣性系中都具有相同的形式．

故答案為：相同的三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在1731年，一名英國商人發(fā)現(xiàn)，雷電過后，他的一箱新刀叉竟顯示出磁性．請應(yīng)用奧斯特的實驗結(jié)果，解釋這種現(xiàn)象．參考答案：閃電產(chǎn)生的強電流產(chǎn)生磁場會使刀叉磁化．15.（10分）為了“探究碰撞中的不變量”，小明在光滑桌面上放有A、B兩個小球．A球的質(zhì)量為0.3kg，以速度8m/s跟質(zhì)量為0.1kg、靜止在桌面上的B球發(fā)生碰撞，并測得碰撞后B球的速度為9m/s，A球的速度變?yōu)?m/s，方向與原來相同．根據(jù)這些實驗數(shù)據(jù)，小明對這次碰撞的規(guī)律做了如下幾種猜想．【猜想1】碰撞后B球獲得了速度，A球把速度傳遞給了B球．【猜想2】碰撞后B球獲得了動能，A球把減少的動能全部傳遞給了B球．(1)你認(rèn)為以上的猜想成立嗎？若不成立，請簡述理由.(2)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，通過計算說明，有一個什么物理量，在這次碰撞中，B球所增加的這個物理量與A球所減少的這個物理量相等？參考答案：（1）猜想1、2均不成立.因為A球的速度只減少了3m/s,B球的速度卻增加了8m/s,所以猜想1是錯的。（2分）A球的動能減少了,B球動能增加了,所以猜想2也是錯的；（2分）（2）計算：B球動量的增加量ΔpB=0.1×9=0.9kg·m/s，（2分）A球動量的減少量ΔpA=0.3×8－0.3×5=0.9kg·m/s，（2分）從計算結(jié)果可得，B球動量的增加量與A球動量的減少量相等．即系統(tǒng)的總動量保持不變．（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.水平放置的兩塊平行金屬板長L，兩板間距d，兩板間電壓為U，且上板為正，一個電子沿水平方向以速度v0從兩板中間射入，已知電子質(zhì)量m，電荷量e，如圖，求：（1）電子偏離金屬板時的側(cè)位移y是多少？（2）電子飛出電場時的速度是多少？（3）電子離開電場后，打在屏上的P點，若屏與金屬板右端相距S，求OP的長？參考答案：考點：帶電粒子在勻強電場中的運動．版權(quán)所有專題：帶電粒子在電場中的運動專題．分析：電子垂直進入電場，在電場力的作用下做類平拋運動，離開電場后，做勻速直線運動，打在屏上．利用平拋運動的知識求解側(cè)位移和離開電場的速度；求OP時包括兩部分，OM和MP．解答：解：設(shè)電子所受電場力為F，加速度為a，在電場運動的時間為t，偏轉(zhuǎn)位移為y，離開電場的速度為V，偏轉(zhuǎn)角度為α，電子垂直進入電場受到電場力：F=Eq…①極板間的場強：E=…②根據(jù)牛頓第二定律得：F=ma…③電子在電場中做類平拋運動：L=V0t…④y=at2…⑤聯(lián)立①②③④⑤解之得：y=…⑥（2）電子離開電場豎直向上的速度為：Vy=at…⑦離開電場的速度：V=…⑧聯(lián)立③④⑥⑦解之得：v=速度偏轉(zhuǎn)角：tanθ=（3）由圖可知：op=y+MP…⑨有幾何關(guān)系得：MP=s?tanα…⑩聯(lián)立⑥⑨⑩解之得：op=（s+）tanθ=（s+）答：（1）電子偏離金屬板時的側(cè)位移是；（2）電子飛出電場時的速度大小為；（3）OP的長為（s+）．點評：分析電子的受力和運動情況是解此題的關(guān)鍵，利用平拋運動求偏轉(zhuǎn)位移和偏轉(zhuǎn)角度．明確類平拋模型的處理方法與平拋運動的處理方法相同．17.總質(zhì)量為80kg的跳傘運動員從離地500m的直升機上跳下，經(jīng)過2s拉開繩索開啟降落傘，如圖所示是跳傘過程中的v－t圖像，其中前2s內(nèi)的圖像為直線，根據(jù)圖像求：（g取10m/s2）(1)

t＝1s時運動員的加速度和所受阻力的大小。(2)估算14s內(nèi)運動員下落的高度(3)估算運動員從飛機上跳下到著地的總時間。參考答案：（1）160N

(2)160m

（3）70．67S解：（1）從圖中可以看郵，在t=2s內(nèi)運動員做勻加速運動，其加速度大小為設(shè)此過程中運動員受到的阻力大小為f，根據(jù)牛頓第二定律，有mg﹣f=ma得f=m（g﹣a）=80×（10﹣8）N=160N（2）從圖中估算得出運動員在14s內(nèi)下落了h=2×2×40=160m（3）總時間為t=14+．答：（1）t=1s時運動員的加速度和所受阻力的大小為160N．（2）14s內(nèi)運動員下落的高度為160m．（3）運動員從飛機上跳下到著地的總時間為70.67s．【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像．【專題】牛頓運動定律綜合專題．【分析】首先分析運動員的運動情況，運動員在0﹣2s內(nèi)做勻加速直線運動，2s﹣14s做變速運動，14s以后做勻速運動直到地面．t=1s時運動員做勻加速直線運動，根據(jù)圖象可以算出a，根據(jù)牛頓第二定律算出f，可以通過圖象與時間軸所圍成的面積估算14s內(nèi)運動員下落的高度，剩余的高度運動員做勻速運動，可求出勻速運動的時間，總時間即可求出．18.如圖所示，平面鏡M與豎直巨型光屏平行放置，其與光屏之間的距離為L，由小孔S處垂直光屏向平面鏡中點O射入一束氦氖激光，現(xiàn)平面鏡M以其中點O為軸逆時針勻速旋轉(zhuǎn)，角速度為ω．求：（1）平面鏡轉(zhuǎn)過15°時，光屏上形成的光點P至S的距離；（2）平面鏡轉(zhuǎn)動時間t（t＜）時，激