2022-2023學(xué)年陜西省西安市電子城第一中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試卷含解析_第1頁
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2022-2023學(xué)年陜西省西安市電子城第一中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試卷含解析一、選擇題:本題共5小題,每小題3分,共計15分.每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示,一質(zhì)點做簡諧運動,先后以相同的速度依次通過M、N兩點,歷時1s,質(zhì)點通過N點后再經(jīng)過1s又第2次通過N點,在這2s內(nèi)質(zhì)點通過的總路程為12cm.則質(zhì)點的振動周期和振幅分別為(

)A.3s,6cm

B.4s,6cmC.4s,9cm

D.2s,8cm參考答案:B2.(單選)在電場中A點,放一電量為q的試探電荷,其電場強度為E,則

A.若在A點換上電荷量為-q的試探電荷,A點電場強度的方向發(fā)生變化B.若在A點換上電荷量為2q的試探電荷,A點的電場強度將變?yōu)?EC.A點電場強度與試探電荷q的大小、正負無關(guān)D.若在移去A點試探電荷q,A點的電場強度變?yōu)榱銋⒖即鸢福篊3.(單選)一個氡核Rn衰變成釙核Po并放出一個粒子,其半衰期為3.8天。8g氡經(jīng)過11.4天衰變掉氡的質(zhì)量,以及Rn衰變成Po的過程放出的粒子是:A.2g,α粒子

B.7g,α粒子C.4g,β粒子

D.6g,β粒子參考答案:B4.(多選)如圖所示的甲、乙兩個電路,電感線圈的自感系數(shù)足夠大,且直流電阻非常小但不可忽略,閉合開關(guān)S,待電路達到穩(wěn)定后,燈泡均能發(fā)光.現(xiàn)將開關(guān)S斷開,這兩個電路中燈泡亮度的變化情況可能是()A.甲電路中燈泡將漸漸變暗B.甲電路中燈泡將先變得更亮,然后漸漸變暗C.乙電路中燈泡將漸漸變暗D.乙電路中燈泡將先變得更亮,然后漸漸變暗參考答案:AD5.均勻介質(zhì)中兩波源S1、S2分別位于x軸上x1=0、x2=14m處,質(zhì)點P位于x軸上xp=4m處,t=0時刻兩波源同時開始由平衡位置向y軸正方向振動,振動周期均為T=0.1s,傳播速度均為v=40m/s,波源S1的振幅為A1=2cm,波源S2的振幅為A2=3cm,則從t=0至t=0.35s內(nèi)質(zhì)點P通過的路程為A.5cm

B.12cm

C.16cm

D.32cm參考答案:C由振動周期均為T=0.1s,傳播速度均為v=40m/s,則波長λ=vT=40×0.1m=4m;而t=0時刻兩波源同時開始由平衡位置向y軸正方向振動,所以當(dāng)波源S2傳播到P時(用時2.5T),波源S1使得P點已振動1.5T,即通過的路程為12cm;當(dāng)波源S1的波峰傳播到質(zhì)點P時,波源S2的波谷也傳到P點,所以正好相互減弱.故在從t=0至t=0.35s內(nèi)的最后0.1s內(nèi),質(zhì)點P通過的路程為4cm,因此t=0至t=0.35s內(nèi)質(zhì)點P通過的路程為16cm。二、填空題:本題共8小題,每小題2分,共計16分6.如圖所示,粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點處有一正點電荷,帶負電的小物體以初速度V1從M點沿斜面上滑,到達N點時速度為零,然后下滑回到M點,此時速度為V2(V2<V1)。若小物體電荷量保持不變,OM=ON,則小物體上升的最大高度為_________,從N到M的過程中,小物體的電勢能________________(填變化情況)參考答案: 先減小后增加7.在磁感應(yīng)強度B為0.4T的勻強磁場中,讓長0.2m的導(dǎo)體ab在金屬框上以6m/s的速度向右移動,如圖所示,此時ab中感應(yīng)電動勢的大小等于

V;如果R1=6Ω,R2=3Ω,其他部分的電阻不計,則通過ab的電流大小為

A。參考答案:0.48,0.248.碘131核不穩(wěn)定,會發(fā)生β衰變,其半衰變期為8天。(1)碘131核的衰變方程:53131I―→________(衰變后的元素用X表示)。(2)經(jīng)過________天75%的碘131核發(fā)生了衰變。參考答案:9.(4分)紫光在真空中的傳播速度是_______m/s,它射入折射率為的水中時傳播速度為_______m/s。參考答案:3×108;2.25×10810.遠距離輸電時,為了減少輸電線上消耗的電功率,有兩個途徑

參考答案:降低導(dǎo)線電阻

提高輸電電壓11.(8分)初速度為零的質(zhì)子、氘核和粒子經(jīng)過同一電場加速后,以垂直于磁場方向的速度進入同一勻強磁場,則它們在磁場中,速度之比υp:υD:υα=__________;動能之比Ep:ED:Eα=________;運動半徑之比rp:rD:rα=________;運動周期之比Tp:TD:Tα=__________。參考答案:,1:1:2,,1:2:212.(1)只要閉合電路內(nèi)的磁通量發(fā)生了變化,閉合電路中就產(chǎn)生感應(yīng)電流。如下圖所示,判斷實驗過程中線圈中有無感應(yīng)電流。(填“有”或“無”)①把磁鐵插入線圈

感應(yīng)電流②把磁鐵放在線圈內(nèi)不動

感應(yīng)電流(2)電量為2×10-6C的點電荷放入電場中A點,受到作用力為4×10-4N,方向向右,則A點的場強為

,方向 。參考答案:(1)有、

(2)200N/C

向右13.作為狹義相對論的基本假設(shè)之一,愛因斯坦提出:對不同的慣性系,物理規(guī)律是_________.參考答案:相同的解:愛因斯坦對狹義相對論的最基本假設(shè)是:1、狹義相對性原理:在不同的慣性參考系中,一切物理規(guī)律都是相同的.

2、光速不變原理:真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的

因此:物理規(guī)律在所有的慣性系中都具有相同的形式.

故答案為:相同的三、簡答題:本題共2小題,每小題11分,共計22分14.在1731年,一名英國商人發(fā)現(xiàn),雷電過后,他的一箱新刀叉竟顯示出磁性.請應(yīng)用奧斯特的實驗結(jié)果,解釋這種現(xiàn)象.參考答案:閃電產(chǎn)生的強電流產(chǎn)生磁場會使刀叉磁化.15.(10分)為了“探究碰撞中的不變量”,小明在光滑桌面上放有A、B兩個小球.A球的質(zhì)量為0.3kg,以速度8m/s跟質(zhì)量為0.1kg、靜止在桌面上的B球發(fā)生碰撞,并測得碰撞后B球的速度為9m/s,A球的速度變?yōu)?m/s,方向與原來相同.根據(jù)這些實驗數(shù)據(jù),小明對這次碰撞的規(guī)律做了如下幾種猜想.【猜想1】碰撞后B球獲得了速度,A球把速度傳遞給了B球.【猜想2】碰撞后B球獲得了動能,A球把減少的動能全部傳遞給了B球.(1)你認(rèn)為以上的猜想成立嗎?若不成立,請簡述理由.(2)根據(jù)實驗數(shù)據(jù),通過計算說明,有一個什么物理量,在這次碰撞中,B球所增加的這個物理量與A球所減少的這個物理量相等?參考答案:(1)猜想1、2均不成立.因為A球的速度只減少了3m/s,B球的速度卻增加了8m/s,所以猜想1是錯的。(2分)A球的動能減少了,B球動能增加了,所以猜想2也是錯的;(2分)(2)計算:B球動量的增加量ΔpB=0.1×9=0.9kg·m/s,(2分)A球動量的減少量ΔpA=0.3×8-0.3×5=0.9kg·m/s,(2分)從計算結(jié)果可得,B球動量的增加量與A球動量的減少量相等.即系統(tǒng)的總動量保持不變.(2分)四、計算題:本題共3小題,共計47分16.水平放置的兩塊平行金屬板長L,兩板間距d,兩板間電壓為U,且上板為正,一個電子沿水平方向以速度v0從兩板中間射入,已知電子質(zhì)量m,電荷量e,如圖,求:(1)電子偏離金屬板時的側(cè)位移y是多少?(2)電子飛出電場時的速度是多少?(3)電子離開電場后,打在屏上的P點,若屏與金屬板右端相距S,求OP的長?參考答案:考點:帶電粒子在勻強電場中的運動.版權(quán)所有專題:帶電粒子在電場中的運動專題.分析:電子垂直進入電場,在電場力的作用下做類平拋運動,離開電場后,做勻速直線運動,打在屏上.利用平拋運動的知識求解側(cè)位移和離開電場的速度;求OP時包括兩部分,OM和MP.解答:解:設(shè)電子所受電場力為F,加速度為a,在電場運動的時間為t,偏轉(zhuǎn)位移為y,離開電場的速度為V,偏轉(zhuǎn)角度為α,電子垂直進入電場受到電場力:F=Eq…①極板間的場強:E=…②根據(jù)牛頓第二定律得:F=ma…③電子在電場中做類平拋運動:L=V0t…④y=at2…⑤聯(lián)立①②③④⑤解之得:y=…⑥(2)電子離開電場豎直向上的速度為:Vy=at…⑦離開電場的速度:V=…⑧聯(lián)立③④⑥⑦解之得:v=速度偏轉(zhuǎn)角:tanθ=(3)由圖可知:op=y+MP…⑨有幾何關(guān)系得:MP=s?tanα…⑩聯(lián)立⑥⑨⑩解之得:op=(s+)tanθ=(s+)答:(1)電子偏離金屬板時的側(cè)位移是;(2)電子飛出電場時的速度大小為;(3)OP的長為(s+).點評:分析電子的受力和運動情況是解此題的關(guān)鍵,利用平拋運動求偏轉(zhuǎn)位移和偏轉(zhuǎn)角度.明確類平拋模型的處理方法與平拋運動的處理方法相同.17.總質(zhì)量為80kg的跳傘運動員從離地500m的直升機上跳下,經(jīng)過2s拉開繩索開啟降落傘,如圖所示是跳傘過程中的v-t圖像,其中前2s內(nèi)的圖像為直線,根據(jù)圖像求:(g取10m/s2)(1)

t=1s時運動員的加速度和所受阻力的大小。(2)估算14s內(nèi)運動員下落的高度(3)估算運動員從飛機上跳下到著地的總時間。參考答案:(1)160N

(2)160m

(3)70.67S解:(1)從圖中可以看郵,在t=2s內(nèi)運動員做勻加速運動,其加速度大小為設(shè)此過程中運動員受到的阻力大小為f,根據(jù)牛頓第二定律,有mg﹣f=ma得f=m(g﹣a)=80×(10﹣8)N=160N(2)從圖中估算得出運動員在14s內(nèi)下落了h=2×2×40=160m(3)總時間為t=14+.答:(1)t=1s時運動員的加速度和所受阻力的大小為160N.(2)14s內(nèi)運動員下落的高度為160m.(3)運動員從飛機上跳下到著地的總時間為70.67s.【考點】牛頓第二定律;勻變速直線運動的圖像.【專題】牛頓運動定律綜合專題.【分析】首先分析運動員的運動情況,運動員在0﹣2s內(nèi)做勻加速直線運動,2s﹣14s做變速運動,14s以后做勻速運動直到地面.t=1s時運動員做勻加速直線運動,根據(jù)圖象可以算出a,根據(jù)牛頓第二定律算出f,可以通過圖象與時間軸所圍成的面積估算14s內(nèi)運動員下落的高度,剩余的高度運動員做勻速運動,可求出勻速運動的時間,總時間即可求出.18.如圖所示,平面鏡M與豎直巨型光屏平行放置,其與光屏之間的距離為L,由小孔S處垂直光屏向平面鏡中點O射入一束氦氖激光,現(xiàn)平面鏡M以其中點O為軸逆時針勻速旋轉(zhuǎn),角速度為ω.求:(1)平面鏡轉(zhuǎn)過15°時,光屏上形成的光點P至S的距離;(2)平面鏡轉(zhuǎn)動時間t(t<)時,激

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