第第頁2024初中數學競賽七年級競賽輔導講義七年級競賽專題01 質數那些事閱讀與思考一個大于1的自然數如果只能被1和本身整除，就叫作質數(也叫素數)；如果能被1和本身以外的自然數整除，就叫作合數；自然數1既不是質數，也不是合數，叫作單位數．這樣，我們可以按約數個數將正整數分為三類：關于質數、合數有下列重要性質：1．質數有無窮多個，最小的質數是2，但不存在最大的質數，最小的合數是4．2．1既不是質數，也不是合數；2是唯一的偶質數．3．若質數|，則必有|或|．4．算術基本定理：任意一個大于1的整數N能唯一地分解成個質因數的乘積(不考慮質因數之間的順序關系)：N=，其中，為質數，為非負數(=1，2，3，…，)．正整數N的正約數的個數為(1＋)(1＋)…(1＋)，所有正約數的和為(1＋＋…＋)(1＋＋…＋)…(1＋＋…＋)．例題與求解【例1】已知三個質數，，滿足＋＋＋=99，那么的值等于_________________．(江蘇省競賽試題)解題思想：運用質數性質，結合奇偶性分析，推出，，的值．【例2】若為質數，＋5仍為質數，則＋7為()A．質數 B．可為質數，也可為合數 C．合數 D．既不是質數，也不是合數(湖北省黃岡市競賽試題)解題思想：從簡單情形入手，實驗、歸納與猜想．【例3】求這樣的質數，當它加上10和14時，仍為質數．(上海市競賽試題)解題思想：由于質數的分布不規則，不妨從最小的質數開始進行實驗，另外，需考慮這樣的質數是否唯一，按剩余類加以深入討論．【例4】⑴將1，2，…，2004這2004個數隨意排成一行，得到一個數，求證：一定是合數．⑵若是大于2的正整數，求證：－1與＋1中至多有一個質數．⑶求360的所有正約數的倒數和．(江蘇省競賽試題)解題思想：⑴將1到2004隨意排成一行，由于中間的數很多，不可能一一排出，不妨找出無論怎樣排，所得數都有非1和本身的約數；⑵只需說明－1與＋1中必有一個是合數，不能同為質數即可；⑶逐個求解正約數太麻煩，考慮整體求解．【例5】設和是正整數，≠，是奇質數，并且，求＋的值．解題思想：由題意變形得出整除或，不妨設．由質數的定義得到2－1=1或2－1=．由≠及2－1為質數即可得出結論．【例6】若一個質數的各位數碼經任意排列后仍然是質數，則稱它是一個“絕對質數”[如2，3，5，7，11，13(31)，17(71)，37(73)，79(97)，113(131，311)，199(919，991)，337(373，733)，…都是質數]．求證：絕對質數的各位數碼不能同時出現數碼1，3，7，9．(青少年國際城市邀請賽試題)解題思想：一個絕對質數如果同時含有數字1，3，7，9，則在這個質數的十進制表示中，不可能含有數字0，2，4，5，6，8，否則，進行適當排列后，這個數能被2或5整除．能力訓練A級1．若，，，為整數，=1997，則=________．2．在1，2，3，…，這個自然數中，已知共有個質數，個合數，個奇數，個偶數，則(－)＋(－)=__________．3．設，為自然數，滿足1176=，則的最小值為__________．(“希望杯”邀請賽試題)4．已知是質數，并且＋3也是質數，則－48的值為____________．(北京市競賽試題)5．任意調換12345各數位上數字的位置，所得的五位數中質數的個數是( )A．4 B．8 C．12 D．0在2005，2007，2009這三個數中，質數有( )A．0個 B．1個 C．2個 D．3個(“希望杯”邀請賽試題)7．一個兩位數的個位數字和十位數字變換位置后，所得的數比原來的數大9，這樣的兩位中，質數有( )A．1個 B．3個 C．5個 D．6個(“希望杯”邀請賽試題)8．設，，都是質數，并且＋=，<．求．9．寫出十個連續的自然數，使得個個都是合數．(上海市競賽試題)10．在黑板上寫出下面的數2，3，4，…，1994，甲先擦去其中的一個數，然后乙再擦去一個數，如此輪流下去，若最后剩下的兩個數互質，則甲勝；若最后剩下的兩個數不互質，則乙勝，你如果想勝，應當選甲還是選乙？說明理由．(五城市聯賽試題)11．用正方形的地磚不重疊、無縫隙地鋪滿一塊地，選用邊長為cm規格的地磚，恰用塊，若選用邊長為cm規格的地磚，則要比前一種剛好多用124塊，已知，，都是正整數，且(，)=1，試問這塊地有多少平方米？(湖北省荊州市競賽試題)B級1．若質數，滿足5＋7=129，則＋的值為__________．2．已知，均為質數，并且存在兩個正整數，，使得=＋，=×，則的值為__________．3．自然數，，，，都大于1，其乘積=2000，則其和＋＋＋＋的最大值為__________，最小值為____________．(“五羊杯”競賽試題)4．機器人對自然數從1開始由小到大按如下的規則染色：凡能表示為兩個合數之和的自然數都染成紅色，不合上述要求的自然數都染成黃色，若被染成紅色的數由小到大數下去，則第1992個數是_______________．(北京市“迎春杯”競賽試題)5．若，均為質數，且滿足＋=2089，則49－=_________．A．0 B．2007 C．2008 D．2010(“五羊杯”競賽試題)6．設為質數，并且7＋8和8＋7也都為質數，記=77＋8，=88＋7，則在以下情形中，必定成立的是( )A．，都是質數 B．，都是合數C．，一個是質數，一個是合數 D．對不同的，以上皆可能出現(江西省競賽試題)7．設，，，是自然數，并且，求證：＋＋＋一定是合數．(北京市競賽試題)8．請同時取六個互異的自然數，使它們同時滿足：⑴6個數中任意兩個都互質；⑵6個數任取2個，3個，4個，5個，6個數之和都是合數，并簡述選擇的數符合條件的理由．9．已知正整數，都是質數，并且7＋與＋11也都是質數，試求的值．(湖北省荊州市競賽試題)10.41名運動員所穿運動衣號碼是1，2，…，40，41這41個自然數，問：(l)能否使這41名運動員站成一排，使得任意兩個相鄰運動員的號碼之和是質數？(2)能否讓這41名運動員站成一圈，使得任意兩個相鄰運動員的號碼之和都是質數？若能辦到，請舉出一例；若不能辦到，請說明理由．專題01質數那些事例134例2C例33符合要求提示：當p=3k＋1時，p＋10=3k＋11，p＋14=3(k＋5)，顯然p＋14是合數，當p=3k＋2時，p＋10=3(k＋4)是合數，當p=3k時，只有k=1才符合題意．例4（1）因1＋2＋…＋2004=×2004×（1＋2004）=1002×2005為3的倍數，故無論怎樣交換這2004個數的順序，所得數都有3這個約數．（2）因n是大于2的正整數，則－1≥7，－1、、＋1是不小于7的三個連續的正整數，其中必有一個被3整除，但3不整除，故－1與＋1中至多有一個數是質數．（3）設正整數a的所有正約數之和為b，，，，…，為a的正約數從小到大的排列，于是=1，=a．由于中各分數分母的最小公倍數=a，故S===，而a=360=，故b=（1＋2＋＋）×（1＋3＋）×（1＋5）=1170．==．例5由=，得x＋y==k．（k為正整數），可得2xy=kp，所以p整除2xy且p為奇質數，故p整除x或y，不放設x=tp，則tp＋y=2ty，得y=為整數．又t與2t－1互質，故2t－1整除p，p為質數，所以2t－1=1或2t－1=p．若2t－1=，得t=1，x=y=p，與x≠y矛盾；若2t－1=p，則=，2xy=p（x＋y）．∵p是奇質數，則x＋y為偶數，x、y同奇偶性，只能同為xy=必有某數含因數p．令x=ap，ay=，2ay=ap＋y．∴y=，故a，2a－1互質，2a－1整除p，又p是質數，則2a－1=p，a=，故x==，∴x＋y=＋=。例6設N是一個同時含有數字1，3，7，9的絕對質數．因為=7931，=1793，=9137，=7913，=7193，=1937，=7139除以7所得余數分別為0，1，2，3，4，5，6．故如下7個正整數：=L，=L，…=L，其中，一定有一個能被7整除，則這個數就不是質數，故矛盾．A級1．19982．－13．634．20005．D6．A7．B8．由r=p＋q可知r不是最小的質數，則為奇數，故p，q為一奇一偶，又因為p＜q．故p既是質數又是偶數，則p=2．9．設十個連續合數為k＋2，k＋3，k＋4，…，k＋10，k＋11，這里k為自然數，則只要取k是2，3，4，…，11的倍數即可．10．選甲．提示：相鄰的兩個自然數總是互質數，把相鄰自然數兩兩分為一組，這兩數總是互質的，（2，3），（4，5），（6，7），…，（1992，1993），1994，甲擦掉1994，無論乙擦哪一個數，甲就擦那一組的另一數，以此類推，最后還剩一對互質數．11．設這塊地面積為S，則S==（n＋124）．∴=124∵x＞y（x，y）=1∴（，）=1（，）=1得｜124∵124=×31，=（x＋y）（x－y）∴，或∴，或（舍）此時n==900．∴S==900×=230400cm=23．04m。B級1．19或252．提示：q=mn，則m、n只能一個為1，另一個為q．3．133234．20015．B提示：唯有a=2，b=2089－=2089－2048=41是質數，符合題意．6．A提示：當a=3時，符合題意；當a≠3時，被3處余1，設=3n＋1，則7＋8=21n＋15，8＋7=24n＋15，它們都不是質數，與條件矛盾．故a=3．7．－a，－b，－c，－d都是偶數，即M=－（a＋b＋c＋d）是偶數．因為=，所以=2（）是偶數，從而有a＋b＋c＋d=－M=2（）－M，它一定是偶數，但a＋b＋c＋d＞2，于是a＋b＋c＋d是個合數．8．取六個數ai＝i×(1×2×3×4×5×6)＋1(i＝1，2，…，6)，則其中任意兩個數都是互質的，事實上，假設a2與a5不互質，設d是a2與a5的最大公約數，則d必是(5－2)×1×2×3×4×5×6，即3×1×2×3×4×5×6的一個因子，但從a2＝2×1×2×3×4×5×6＋1知，d不整除a2，這與假設d是a2與a5的最大公約數矛盾，故a2與a5互質．9．由pq＋11＞11且pq＋11是質數知，pq＋11必為正奇數，從而p＝2或q＝2．(1)若p＝2，此時7p＋q及2q＋11均為質數．設q＝3k＋1，則q＋14＝3(k＋5)不是質數；設q＝3k＋2，則2q＋11＝3(2k＋5)不是質數，因此q應為3k型的質數，當然只能是q＝3．(2)若q＝2，此時7p＋q與2p＋11均為質數，設p＝3k＋1，則7p＋2＝3(7k＋3)不是質數；設p＝3k＋2，則2p＋11＝3(2k＋5)不是質數，因此，p應為3k型的質數，p＝3．綜合(1)，(2)知p＝3，q＝2或p＝2，q＝3，所以pq十qp＝17．10．(1)能辦到提示：注意到41與43都是質數，據題意，要使相鄰兩數的和都是質數，顯然它們只能都是奇數，因此，在這排數中只能一奇一偶相間排列：不妨先將奇數排成一排：1，3，5，7，…，41，在每兩數之間留空，然后將所有的偶數依次反序插在各空白中，得1，40，3，38，5，36，7，34，…，8，35，6，37，4，39，2，41.這樣任何相鄰兩數之和都是41或43.滿足題目要求．(2)不能辦到提示：若把1，2，3，…，40，41排成一圈，要使相鄰兩數的和為質數，這些質數都是奇數，故圓圈上任何相鄰兩數必為一奇一偶．但現有20個偶數，21個奇數，總共是41個號碼，由此引出矛盾，故不能辦到，專題02 數的整除性閱讀與思考設，是整數，≠0，如果一個整數使得等式=成立，那么稱能被整除，或稱整除，記作|，又稱為的約數，而稱為的倍數．解與整數的整除相關問題常用到以下知識：1．數的整除性常見特征：①若整數的個位數是偶數，則2|；②若整數的個位數是0或5，則5|；③若整數的各位數字之和是3(或9)的倍數，則3|(或9|)；④若整數的末二位數是4(或25)的倍數，則4|(或25|)；⑤若整數的末三位數是8(或125)的倍數，則8|(或125|)；⑥若整數的奇數位數字和與偶數位數字和的差是11的倍數，則11|．2．整除的基本性質設，，都是整數，有：①若|，|，則|；②若|，|，則|(±)；③若|，|，則[，]|；④若|，|，且與互質，則|；⑤若|，且與互質，則|．特別地，若質數|，則必有|或|．例題與求解【例1】在1，2，3，…，2000這2000個自然數中，有_______個自然數能同時被2和3整除，而且不能被5整除．(“五羊杯”競賽試題)解題思想：自然數能同時被2和3整除，則能被6整除，從中剔除能被5整除的數，即為所求．【例2】已知，是正整數(＞)，對于以下兩個結論：①在＋，，－這三個數中必有2的倍數；②在＋，，－這三個數中必有3的倍數．其中( )A．只有①正確 B．只有②正確 C．①，②都正確 D．①，②都不正確(江蘇省競賽試題)解題思想：舉例驗證，或按剩余類深入討論證明．【例3】已知整數能被198整除，求，的值．(江蘇省競賽試題)解題思想：198=2×9×11，整數能被9，11整除，運用整除的相關特性建立，的等式，求出，的值．【例4】已知，，都是整數，當代數式7＋2＋3的值能被13整除時，那么代數式5＋7－22的值是否一定能被13整除，為什么？(“華羅庚金杯”邀請賽試題)解題思想：先把5＋7－22構造成均能被13整除的兩個代數式的和，再進行判斷．【例5】如果將正整數M放在正整數左側，所得到的新數可被7整除，那么稱M為的“魔術數”(例如：把86放在415左側，得到86415能被7整除，所以稱86為415的魔術數)，求正整數的最小值，使得存在互不相同的正整數，，…，，滿足對任意一個正整數，在，，…，中都至少有一個為的“魔術數”．(2013年全國初中數學競賽試題)解題思想：不妨設(=1，2，3，…，；=0，1，2，3，4，5，6)至少有一個為的“魔術數”．根據題中條件，利用(是的位數)被7除所得余數，分析的取值．【例6】一只青蛙，位于數軸上的點，跳動一次后到達，已知，滿足|－|=1，我們把青蛙從開始，經－1次跳動的位置依次記作：，，，…，．⑴寫出一個，使其，且＋＋＋＋>0；⑵若=13，=2012，求的值；⑶對于整數(≥2)，如果存在一個能同時滿足如下兩個條件：①=0；②＋＋＋…＋=0．求整數(≥2)被4除的余數，并說理理由．(2013年“創新杯”邀請賽試題)解題思想：⑴．即從原點出發，經過4次跳動后回到原點，這就只能兩次向右，兩次向左．為保證＋＋＋＋>0．只需將“向右”安排在前即可．⑵若=13，=2012，從經過1999步到．不妨設向右跳了步，向左跳了步，則，解得可見，它一直向右跳，沒有向左跳．⑶設同時滿足兩個條件：①=0；②＋＋＋…＋=0．由于=0，故從原點出發，經過(－1)步到達，假定這(－1)步中，向右跳了步，向左跳了步，于是=－，＋=－1，則＋＋＋…＋=0＋()＋()＋…()=2(＋＋…＋)－[()＋()＋…＋()]=2(＋＋…＋)－．由于＋＋＋…＋=0，所以(－1)=4(＋＋…＋)．即4|(－1)．能力訓練A級1．某班學生不到50人，在一次測驗中，有的學生得優，的學生得良，的學生得及格，則有________人不及格．2．從1到10000這1萬個自然數中，有_______個數能被5或能被7整除．(上海市競賽試題)3．一個五位數能被11與9整除，這個五位數是________．4．在小于1997的自然數中，是3的倍數而不是5的倍數的數的個數是( )A．532 B．665 C．133 D．7985．能整除任意三個連續整數之和的最大整數是( )A．1 B．2 C．3 D．6(江蘇省競賽試題)6．用數字1，2，3，4，5，6組成的沒有重復數字的三位數中，是9的倍數的數有( )A．12個 B．18個 C．20個 D．30個(“希望杯”邀請賽試題)7．五位數是9的倍數，其中是4的倍數，那么的最小值為多少？(黃岡市競賽試題)8．1，2，3，4，5，6每個使用一次組成一個六位數字，使得三位數，，，能依次被4，5，3，11整除，求這個六位數．(上海市競賽試題)9．173□是個四位數字，數學老師說：“我在這個□中先后填入3個數字，所得到的3個四位數，依次可被9，11，6整除．”問：數學老師先后填入的這3個數字的和是多少？(“華羅庚金杯”邀請賽試題)B級1．若一個正整數被2，3，…，9這八個自然數除，所得的余數都為1，則的最小值為_________，的一般表達式為____________．(“希望杯”邀請賽試題)2．已知，都是正整數，若1≤≤≤30，且能被21整除，則滿足條件的數對(，)共有___________個．(天津市競賽試題)3．一個六位數能被33整除，這樣的六位數中最大是__________．4．有以下兩個數串同時出現在這兩個數串中的數的個數共有( )個．A．333 B．334 C．335 D．3365．一個六位數能被12整除，這樣的六位數共有( )個．A．4 B．6 C．8 D．126．若1059，1417，2312分別被自然數除時，所得的余數都是，則－的值為( )．A．15 B．1 C．164 D．1747．有一種室內游戲，魔術師要求某參賽者相好一個三位數，然后，魔術師再要求他記下五個數：，，，，，并把這五個數加起來求出和N．只要講出的大小，魔術師就能說出原數是什么．如果N=3194，請你確定．(美國數學邀請賽試題)8．一個正整數N的各位數字不全相等，如果將N的各位數字重新排列，必可得到一個最大數和一個最小數，若最大數與最小數的差正好等于原來的數N，則稱N為“拷貝數”，試求所有的三位“拷貝數”．(武漢市競賽試題)9．一個六位數，如將它的前三位數字與后三位數字整體互換位置，則所得的新六位數恰為原數的6倍，求這個三位數．(“五羊杯”競賽試題)10．一個四位數，這個四位數與它的各位數字之和為1999，求這個四位數，并說明理由．(重慶市競賽試題)11．從1，2，…，9中任取個數，其中一定可以找到若干個數(至少一個，也可以是全部)，它們的和能被10整除，求的最小值．(2013年全國初中數學競賽試題)專題02數的整除性例1267提示：333－66＝267．例2C提示：關于②的證明：對于a，b若至少有一個是3的倍數，則ab是3的倍數．若a，b都不是3的倍數，則有：(1)當a＝3m＋1，b＝3n＋1時，a－b＝3(m－n)；(2)當a＝3m＋1，b＝3n＋2時，a＋b＝3(m＋n＋1)；(3)當a＝3m＋2，b＝3n＋1時，a＋b＝3(m＋n＋1)；(4)當a＝3m＋2，b＝3n＋2時，a－b＝3(m－n).例3a＝8．b＝0提示：由9｜(19＋a＋b)得a＋b＝8或17；由11|(3＋a－b)得a－b＝8或－3．例4設x，y，z，t是整數，并且假設5a＋7b－22c＝x(7a＋2b＋3c)＋13(ya＋zb＋tc).比較上式a，b，c的系數，應當有，取x＝－3，可以得到y＝2，z＝1，t＝－1，則有13(2a＋b－c)－3(7a＋2b＋3c)＝5a＋7b－22c．既然3(7a＋2b＋3c)和13(2a＋b－c)都能被13整除，則5a＋7b－22c就能被13整除．例5考慮到“魔術數”均為7的倍數，又a1，a2，…，an互不相等，不妨設a1＜a2＜…＜an，余數必為1，2，3，4，5，6，0，設ai＝ki＋t(i＝1，2，3，…，n；t＝0，1，2，3，4，5，6)，至少有一個為m的“魔術數”，因為ai·10k＋m(k是m的位數)，是7的倍數，當i≤b時，而ai·t除以7的余數都是0，1，2，3，4，5，6中的6個；當i＝7時，而ai·10k除以7的余數都是0，1，2，3，4，5，6這7個數字循環出現，當i＝7時，依抽屜原理，ai·10k與m二者余數的和至少有一個是7，此時ai·10k＋m被7整除，即n＝7．例6(1)A5：0，1，2，1，0.(或A5：0，1，0，1，0)(2)a1000＝13＋999＝1012．(3)n被4除余數為0或1．A級1．12．31433．397984．A5．C6．B7．五位數EQ\o\ac(\S\UP7(—),abcde)＝10×EQ\o\ac(\S\UP7(—),abcd)＋e.又∵EQ\o\ac(\S\UP7(——),abcd)為4的倍數．故最值為1000，又因為EQ\o\ac(\S\UP7(—),abcde)為9的倍數．故1＋0＋0＋0＋e能被9整除，所以e只能取8．因此EQ\o\ac(\S\UP7(—),abcde)最小值為10008.8．324561提示：d＋f－e是11的倍數，但6≤d＋f≤5＋6＝11，1≤e≤6，故0≤d＋f－e≤10，因此d＋f－e＝0，即5＋f＝e，又e≤d，f≥1，故f＝l，e＝6，9．19提示：1＋7＋3＋□的和能被9整除，故□里只能填7，同理，得到后兩個數為8，4．B級1．2521a＝2520n＋1(n∈N＋)2．573．719895提示：這個數能被33整除，故也能被3整除．于是，各位數字之和(x＋1＋9＋8＋9＋y)也能被3整除，故x＋y能被3整除．4．B5．B6．A提示：兩兩差能被n整除，n＝179，m＝164．7．由題意得EQ\o\ac(\S\UP7(—),acb)＋EQ\o\ac(\S\UP7(—),bac)＋EQ\o\ac(\S\UP7(—),bca)＋EQ\o\ac(\S\UP7(—),cab)＋EQ\o\ac(\S\UP7(—),cba)＝3194，兩邊加上EQ\o\ac(\S\UP7(—),abc)．得222(a＋b＋c)＝3194＋EQ\o\ac(\S\UP7(—),abc)∴222(a＋b＋c)＝222×14＋86＋EQ\o\ac(\S\UP7(—),abc)．則EQ\o\ac(\S\UP7(—),abc)＋86是222的倍數．且a＋b＋c＞14．設EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)＋86＝222n考慮到EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)是三位數，依次取n＝1，2，3，4.分別得出EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)的可能值為136，358，580，802，又因為a＋b＋c＞14．故EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)＝358．8．設N為所求的三位“拷貝數”，它的各位數字分別為a，b，c(a，b，c不全相等)．將其數碼重新排列后，設其中最大數為EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)，則最小數為EQ\o\ac(\S\UP7(——),cba)．故N＝EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)－EQ\o\ac(\S\UP7(——),cba)＝(100a＋10b＋c)－(100c＋10b＋a)＝99(a－c)．可知N為99的倍數．這樣的三位數可能是198，297，396，495，594，693，792，891，990．而這9個數中，只有954－459＝495.故495是唯一的三位“拷貝數”．9．設原六位數為EQ\o\ac(\S\UP7(———),abcdef)，則6×EQ\o\ac(\S\UP7(———),abcdef)＝EQ\o\ac(\S\UP7(———),defabc)，即6×(1000×EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)＋EQ\o\ac(\S\UP7(——),def))＝1000×EQ\o\ac(\S\UP7(——),def)＋EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)，所以994×EQ\o\ac(\S\UP7(——),def)－5999×EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)，即142×EQ\o\ac(\S\UP7(——),def)＝857×EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)，∵(142，857)＝1，∴142|EQ\o\ac(\S\UP7(—),abc)，857|EQ\o\ac(\S\UP7(——),def)，而EQ\o\ac(\S\UP7(——),abc)，EQ\o\ac(\S\UP7(——),def)為三位數，∴EQ\o\ac(\S\UP7(—),abc)＝142，EQ\o\ac(\S\UP7(——),def)＝857，故EQ\o\ac(\S\UP7(———),abcdef)＝142857．10．設這個數為EQ\o\ac(\S\UP7(——),abcd)，則1000a＋100b＋10c＋d＋a＋b＋c＋d＝1999，即1001a＋101b＋11c＋2d＝1999，得a＝1，進而101b＋11c＋2d＝998，101b≥998－117－881，有b＝9，則11c＋2d＝89，而0≤2d≤18，71≤11c≤89，推得c＝7，d＝6，故這個四位數是1976．11．當n＝4時，數1，3，5，8中沒有若干個數的和能被10整除．當n＝5時，設a1a2，…，a5是1，2，…，9中的5個不同的數，若其中任意若干個數，它們的和都不能被10整除，則中不可能同時出現1和9，2和8，3和7，4和6，于是中必定有一個為5，若中含1，則不含9，于是，不含，故含6；不含,故含7；不含,故含8；但是5+7+8=20是10的倍數,矛盾.若中含9,則不含1,于是不含故含4;不含故含3;不含故含2;但是是10的倍數,矛盾.綜上所述,n的最小值為5專題03從算術到代數閱讀與思考算術與代數是數學中兩門不同的分科，它們之間聯系緊密，代數是在算術中“數”和“運算”的基礎上發展起來的.用字母表示數是代數的一個重要特征，也是代數與算術的最顯著的區別.在數學發展史上，從確定的數過渡到用字母表示數經歷了一個漫長的過程，是數學發展史上的一個飛躍.用字母表示數有如下特點：1.任意性即字母可以表示任意的數.2.限制性即雖然字母表示任意的數，但字母的取值必須使代數式或實際問題有意義.3.確定性即在用字母表示的數中，如果字母取定某值，那么代數式的值也隨之確定.4.抽象性即與具體的數值相比，用字母表示數具有更抽象的意義.例題與求解【例1】研究下列算式，你會發現什么規律：1×3＋1＝4＝222×4＋1＝9＝323×5＋1＝16＝424×6＋1＝25＝52…請將你找到的規律用代數式表示出來：___________________________________(山東菏澤地區中考試題)解題思路：觀察給定的幾個簡單的、特殊的算式，尋找數字間的聯系，發現一般規律，然后用代數式表示.【例2】下列四個數中可以寫成100個連續自然數之和的是（）A.1627384950B.2345678910C.3579111300D.4692581470（江蘇省競賽試題）解題思路：設自然數從a＋1開始，這100個連續自然數的和為（a＋1）＋(a＋2)＋…＋(a＋100)＝100a＋5050，從揭示和的特征入手.【例3】設A＝＋…＋＋，求A的整數部分.（北京市競賽試題）解題思路：從分析A中第n項的特征入手.【例4】現有a根長度相同的火柴棒，按如圖①擺放時可擺成m個正方形，按如圖②擺放時可擺成2n個正方形.(1)用含n的代數式表示m；(2)當這a根火柴棒還能擺成如圖③所示的形狀時，求a的最小值.（浙江省競賽試題）解題思路：由圖①中有m個正方形、圖②中有2n個正方形，可設圖③中有3p個正方形，無論怎樣擺放，火柴棒的總數相同，可建立含m，n，p的等式.【例5】化簡.（江蘇省競賽試題）解題思路：先考察n＝1，2，3時的簡單情形，然后作出猜想，這樣，化簡的目標更明確.【例6】觀察按下列規律排成的一列數：，，，，，，，，，，，，，，，，…，（*）（1）在（*）中，從左起第m個數記為F(m)＝時，求m的值和這m個數的積.（2）在（*）中，未經約分且分母為2的數記為c，它后面的一個數記為d，是否存在這樣的兩個數c和d，使cd＝2001000，如果存在，求出c和d；如果不存在，請說明理由.解題思路：解答此題，需先找到數列的規律，該數列可分組為（），（，），（，，），（，，，），（，，，，），….能力訓練A級1.已知等式：2＋＝22×，3＋＝32×，4＋＝42×，…，，10＋＝102×（a，b均為正整數），則a＋b＝___________________.(湖北省武漢市競賽試題)2.下面每個圖案都是若干個棋子圍成的正方形圖案，它的每邊（包括頂點）都有n（n≥2）個棋子，每個圖案棋子總數為s，按此規律推斷s與n之間的關系是______________.n＝2n＝3n＝4s＝4s＝8s＝12(山東省青島市中考試題)3.規定任意兩個實數對（a，b）和（c，d），當且僅當a＝c且b＝d時，（a，b）＝（c，d）．定義運算“?”：（a，b）?（c，d）＝（ac－bd，ad＋bc）．若（1，2）?（p，q）＝（5，0），則p＋q＝________．(浙江省湖州市數學競賽試題)4.用同樣規格的黑白兩種顏色的正方形瓷磚按下圖方式鋪地板，則第（3）個圖形中有黑色瓷磚______塊，第n個圖形中需要黑色瓷磚______塊（含n代數式表示）．（廣東省中考試題）

-=5.如果a是一個三位數，現在把1放在它的右邊得到一個四位數是（）A.1000a＋1B.100a＋1C.10a＋1D.a＋1(重慶市競賽試題)6.一組按規律排列的多項式：a＋b，a2—b3，a3＋b5，a4—b7，…，其中第十個式子是（）A.a10＋b19B.a10-b19C.a10-b17D.a10-b21(四川省眉山市競賽試題)7.有三組數x1，x2，x3；y1，y2，y3；z1，z2，z3，它們的平均數分別是a，b，c，那么x1＋y1－z1，x2＋y2－z2，x3＋y3－z3的平均數是（）A.B.C.a＋b－cD.3(a＋b－c)(希望杯邀請賽試題)8.為了綠化環境，美化城市，在某居民小區鋪設了正方形和圓形兩塊草坪，如果兩塊草坪的周長相同，那么它們的面積S1、S2的大小關系是（）（東方航空杯競賽試題）A.S1＞S2B．Sl＜S2C．S1＝S2D．無法比較9.一個圓形紙板，根據以下操作把它剪成若干個扇形面：第一次將圓紙等分為4個扇形面；第二次將上次得到的一個扇形面再等分成4個小扇形；以后按第二次剪裁法進行下去．（1）請通過操作，猜想將第3、第4次，…，第n次剪裁后扇形面的總個數填入下表；剪裁次數1234…n所得的總數47…（2）請你推斷，能否按上述操作剪裁出33個扇形面？為什么？（山東省濟南市中考試題）10.某玩具工廠有四個車間，某周是質量檢查周，現每個都原a（a＞0）個成品，且每個每天都生產b（b＞0）個成品，質檢科派出若干名檢驗員星期一、星期二檢驗其中兩個原的和這兩天生產的所成品，然后，星期三至星期五檢驗另兩個原的和本生產的所成品，假定每個檢驗員每天檢驗的成品數相同．

（1）這若干名檢驗員1天檢驗多少個成品（用含a、b的代數式表示）；

（2）試求出用b表示a的關系式；

（3）若1名質檢員1天能檢驗b個成品，則質檢科至少要派出多少名檢驗員？（廣東省廣州市中考試題）B級1.你能很快算出19952嗎？

為了解決這個問題，我們考察個位上的數字為5的自然數的平方，任意一個個位數為5的自然數可寫成（10·n＋5）（n為自然數），即求（10·n＋5）2的值（n為自然數），分析n＝1，n＝2，n＝3，…這些簡單情況，從中探索其規律，并歸納猜想出結論（在下面的空格內填上你的探索結果）.

（1）通過計算，探索規律.

152＝225可寫成100×1×（1＋1）＋25；

252＝625可寫成100×2×（2＋1）＋25；

352＝1225可寫成100×3×（3＋1）＋25；

452＝2025可寫成100×4×（4＋1）＋25；

...

752＝5625可寫成______；

852＝7225可寫成______；

（2）從第（1）題的結果，歸納猜想得（10n＋5）2＝______；

（3）根據上面的歸納猜想，請算出19952＝______.（福建省三明市中考試題）2.已知12＋22＋32＋…＋n2＝n(n＋1)(2n＋1)，計算：（1）112＋122＋…＋192＝_____________________；(2)22＋42＋…＋502＝__________________.3.已知n是正整數，an＝1×2×3×4×…×n，則＋＋…＋＋＝_______________.(“希望杯”邀請賽訓練題)4.已知17個連續整數的和是306，那么，緊接著這17個數后面的那17個整數的和為__________.（重慶市競賽試題