連云港市2024屆高三第一次調研考試物理試題注意事項考生在答題前請認真閱讀本注意事項及各題答題要求1.本試卷共6頁，滿分為100分，考試時間為75分鐘。考試結束后，請將答題卡交回。2.答題前請務必將自己的姓名、準考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置。3.請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符。4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效。5.如需作圖必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等需加黑加粗。一、單項選擇題：共11題，每題4分，共44分。每題只有一個選項最符合題意。1.2023年6月，正式試運行的甘肅武威的釷基熔鹽反應堆是我國自主研發的第四代先進核能系統，也是全球首個商業試運行的第四代核反應堆。反應堆中利用釷鈾循環產能，（釷核）吸收一個中子后轉化為釷233，經過兩次衰變后生成易裂變的鈾233。下列選項不正確的是（）A. B.C.釷233與釷232同位素 D.釷233與鈾233是同位素【答案】D【解析】【詳解】AB．根據核反應的電荷數和質量數守恒可知，（釷核）吸收一個中子后轉化為釷233方程式為經過兩次β衰變后生成易裂變的鈾233，方程式為故AB正確；C.釷233與釷232電荷數一樣，中子數不相同是同位素，故C正確；D.釷233與鈾233是兩種不同的元素，不是同位素，故D錯誤。本題選不正確的，故選D。2.2024年1月，我國使用運載火箭成功將“愛因斯坦探針衛星”送入預定軌道，用于捕捉愛因斯坦預言的黑洞及引力波電磁對應體等天文現象。若衛星在距地面的軌道上繞地球穩定運行，該衛星的（）A.運行周期等于地球的自轉周期B.線速度大于地球第一宇宙速度C.角速度等于地球同步衛星的角速度D.加速度大于地球同步衛星的加速度【答案】D【解析】【詳解】AC．地球同步軌道的高度大約為36000km，可知地球同步衛星軌道半徑大于此衛星軌道半徑，根據萬有引力提供向心力則可知，此衛星的周期小于地球同步衛星的周期，即小于地球自轉的周期，由可知，此衛星的角速度大于地球自轉的角速度，故A、C錯誤；B．第一宇宙速度是所有環繞地球做圓周運動的衛星的最大速度，則此衛星的線速度小于第一宇宙速度，故B錯誤；D．因為地球同步衛星軌道半徑大于此衛星軌道半徑，由萬有引力提供向心力則得該衛星的加速度大于地球同步衛星的加速度，故D正確。故選D。3.如圖所示為背越式跳高過程的動作分解圖，下列說法正確的是（）A.起跳時，地面對人的作用力大于人對地面的作用力B.起跳速度越大，地面對人做功越多C.起跳速度越大，人在最高點機械能越大D.起跳速度越大，人在最高點重力的瞬時功率越大【答案】C【解析】【詳解】A．地面對人的作用力和人對地面的作用力是一對相互作用力，根據牛頓第三定律，相互作用力等大反向，故A錯誤；B．跳高的起跳過程，腳和地始終接觸且相對靜止，地面對腳底作用力的作用點無位移，故地面對人的作用力對人不做功，是人體的內力做功將生物能轉化為動能，故B錯誤；C．起跳速度越大，則起跳時得到的動能越大，取地面為重力勢能的參考平面，則起跳時的動能即為人的機械能，起跳后人的機械能守恒，所以，起跳速度越大，人在最高點機械能越大，故C正確；D．達到最高點時，因瞬時速度豎直方向的分速度為零，則重力的瞬時功率為零，故D錯誤。故選C4.如圖所示為橙子簡易篩選裝置，兩根共面但不平行的直桿傾斜放置，橙子沿兩桿向下運動，大、小橙落入不同區域，不計阻力，則（）A.橙子受到每根桿的彈力方向不變B.橙子在桿上運動時所受合力為零C.離開桿后，橙子在空中做勻變速運動D.離開桿后，大橙速度變化比小橙的快【答案】C【解析】【詳解】A．橙子受到每根桿的彈力的方向都與桿垂直，但由于兩桿不平行，所以彈力的作用點不同，桿對橙子的彈力方向變化，故A錯誤；B．兩直桿傾斜放置，橙子垂直于桿方向上合力為零，沿兩桿向下方向上合力不為零，橙子在桿上運動時所受合力不為零，故B錯誤；C．離開桿后，不計阻力，僅受重力作用，加速度為重力加速度，橙子在空中做勻變速運動，故C正確；D．加速度是表示速度變化快慢的物理量，離開桿后，橙子的加速度相同，大橙速度變化與小橙的一樣快，故D錯誤。故選C。5.如圖所示，圓柱形玻璃杯前側表面上有a、b、c三點，粗細均勻的鉛筆緊靠玻璃杯后側外壁豎直放置，且在b點正后方。將杯中注滿水（）A.通過b點看到鉛筆變細 B.通過b點看到鉛筆無變化C.通過a點看到鉛筆向右側移 D.通過c點看到鉛筆向右側移【答案】D【解析】【詳解】AB．由圖知道，圓柱形玻璃杯裝有水，其中間厚，邊緣薄，相當于一個凸透鏡，所以，當將鉛筆靠近玻璃杯的后面，相當于將鉛筆放在凸透鏡的1倍焦距以內，故能看到一個正立放大的鉛筆虛像，故通過b點看到鉛筆變粗，故AB錯誤；C．通過a點看到鉛筆的光路圖如圖，沿著折射光線的反向延長線找到虛像向左移動，故C錯誤；D．與C同理，通過c點看到鉛筆的虛像向右移動，故D正確。故選D。6.如圖所示，在某次罰球過程中，運動員先后兩次以速度、投球，方向與豎直方向間的夾角分別為、。兩次投球的位置在同一豎直線上，籃球均垂直撞到豎直籃板上的同一位置C，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A.可能小于B.、大小可能相等C.籃球兩次運動時間可能相等D.與板碰撞前瞬間，籃球動能可能相等【答案】B【解析】【詳解】CD.將籃球的運動反向處理，即為平拋運動，由圖可知，第一次運動過程中的高度較小，所以運動時間較短。反向視為平拋運動，則平拋運動在水平方向做勻速直線運動，水平射程相等，但第一次用的時間較短，故第一次水平分速度較大，即籃球第一次撞籃板的速度較大，動能大，故CD錯誤；AB.在豎直方向上做自由落體運動，由圖可知，第一次拋出時速度的豎直分量較小，第一次水平分速度較大，有可見將籃球的運動反向處理，即為平拋運動，第一次第一次拋出時速度的豎直分量較小，第一次水平分速度較大，第二次拋出時速度的豎直分量較大，第一次水平分速度較小，所以、的大小可能相同，故A錯誤、B正確。故選B。7.如圖所示，用可拆變壓器探究原、副線圈電壓與匝數的關系。A線圈“0”“8”對應接線柱間的匝數為800，通過導線a、b接電壓為的正弦交流電；B線圈“0”“4”對應的匝數為400，通過導線c、d接交流電壓表，該表讀數可能為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】若變壓器為理想變壓器，原、副線圈電壓和匝數的關系為原、副線圈匝數比為則副線圈兩端電壓本題中可拆變壓器并非理想變壓器，存在漏磁現象，所以副線圈的電壓小于理論值。故選A。8.防藍光眼鏡利用“膜層反射”削弱波長在范圍的藍光對眼睛的影響，下列說法正確的是（）A.“膜層反射”利用光的全反射原理B.“膜層反射”利用光的衍射原理C.藍光光子從空氣進入“膜層”，動量變大D.藍光光子從空氣進入“膜層”，頻率變大【答案】C【解析】【詳解】AB．全反射要滿足光從光密介質射到它與光疏介質的界面上，防藍光眼鏡主要是通過鏡片表面鍍膜將有害藍光進行反射，光由光疏介質射向光密介質，不是全反射，故AB錯誤；C．當光子進入介質后，光速降低，但能量（即光頻、顏色)保持不變，c變小，E不變，由可知動量p會增大，故C正確；D．光從一種介質射入另一種介質時，頻率不變，故D錯誤。故選C。9.如圖所示為一種光電效應實驗裝置，其中A為內壁鍍銀的真空玻璃球，陰極金屬球C被玻璃球A包圍且比A小得多，連接C的導線與鍍銀層不相連，連接微安表的導線與鍍銀層相連。一定強度的入射光穿過小窗W照射到C上時發生光電效應，打到鍍銀層上的光電子全部被吸收，微安表有示數。下列說法正確的是（）A.滑片P向右移動，微安表示數逐漸增大B.滑片P向左移時，微安表示數保持不變C.滑片P向左移時，微安表示數逐漸減小D.開關S斷開，微安表示數為零【答案】A【解析】【詳解】A．滑片P向右移動，光電管兩端的正向電壓減小，微安表示數會增大的慢下來，示數逐漸增大，故A正確；BC．滑片P向左移時，光電管兩端的正向電壓增大，微安表示數增大，達到飽和電流后，電流值不再改變，故BC錯誤；D．開關S斷開，光電管、電流表、滑動變速器構成閉合回路，發生了光電效應，微安表有示數，故D錯誤。故選A。10.如圖所示，真空中固定電荷量為的小球A，從小球A正上方高h處無初速釋放質量為m、電荷量為的小球B，A、B均可視作點電荷。球B下落過程中（）A.Q越大，球B最大速度越小B.h越大，球B最大加速度越小C.m越大，球B最大電勢能越小D.q越大，球B最大速度的位置越低【答案】A【解析】【詳解】A．根據庫侖定律B球下落，當受力平衡時速度最大點電荷的周圍的電勢為則球B的初電勢為設球B受力時，距A為，則此時的電勢為根據能量守恒解得所以Q越大，動能越小，即速度越小，故A正確；B．根據庫侖定律當球B距離小球A距離最近，速度為零時，庫侖力最大，加速度最大，此時將減小的重力勢能全部轉化電勢能，點電荷的周圍的電勢為則球B的初電勢為設球B速度為零時，距A為，則此時電勢為根據能量守恒解得則，h越大，x越小，距離小球A就越近，庫侖力就越大，加速度越大，故B錯誤；C．當球B運動到最低點時，球B的電勢能最大，由B選項可得，當m越大，x越小，減小的重力勢能為就越大，轉化為的電勢能為電勢能也越大，故C錯誤；D．根據庫侖定律B球下落，當受力平衡時速度最大解得最低點到小球A的距離為則，q越大，最低點到小球A的距離就越大，即球B的位置就越高，故D錯誤。故選A。11.如圖所示，水平光滑金屬導軌、間的夾角為60°，固定放置在方向豎直向下的勻強磁場中。輕質絕緣彈簧右端固定在C點，彈簧軸線平分，C、O間距恰為彈簧的原長，導體棒與彈簧左端栓接并垂直于彈簧，棒、導軌它們單位長度的阻值相同。棒從圖示位置以初速度向右運動到O點的過程中，棒的速度v、加速度a，回路中電流I，通過O點的電荷量q隨時間t變化的圖像可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】AB．棒向右運動過程，彈簧形變量變小，向右的彈力變小，棒速度增大，根據楞次定律可知向左的安培力增大，因此，若速度增大，則向右的合外力應該是減小的，加速度應該是減小的，圖像斜率應該是減小的，靠近O點時，彈力極小安培力較大，此時應該速度減小，故AB錯誤；C．設某時刻棒接入導軌的長度為L，此時其中聯立得則電流強度的變化規律應該與速度的變化規律相同，故C錯誤；D．根據，則圖像斜率表示電流強度，由以上分析可知電流強度的變化規律應該與速度的變化規律相同即先增大后減小，則圖像斜率先增大后減小，故D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13題~第16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數值計算時，答案中必須明確寫出數值和單位。12.精密儀器中常用到金屬膜電阻，它是通過金屬電鍍工藝將金屬層濺射到絕緣陶瓷基底的表面形成的。如圖甲所示，某金屬膜電阻長度為L，金屬膜厚度為h。實驗室提供的器材有：干電池2節，電壓表V（量程，內阻約），電流表（，內阻約為），滑動變阻器（最大阻值），開關S，導線若干。某同學用圖乙所示電路測量該金屬膜電阻的電阻率，請回答以下問題：（1）閉合S前，應將滑動變阻器的滑片置于___________端（選填“a”或“b”）；（2）用螺旋測微器測量鍍膜后的陶瓷管直徑D，示數如圖丙所示，則___________mm；（3）閉合開關后，移動滑片，測出多組電表示數的U，I值，并畫出圖像如圖丁所示，可得金屬膜電阻的阻值___________；（4）用字母D、L、R、h表示金屬膜電阻的電阻率___________；（5）金屬膜電阻的電阻率測量值偏大，試寫出產生誤差的主要原因___________。【答案】①.a②.3.700③.④.⑤.電流表采用內接法，在電路中電流表分壓，致使電阻率測量值偏大。【解析】【詳解】（1）[1]分壓式接法滑片置于用電器電壓最小的位置，目的保護用電器。閉合S前，應將滑動變阻器的滑片置于a端，從而使閉合開關之后分壓部分電路電壓為從零開始變化。故填a；（2）[2]根據螺旋測微器規則，如圖丙所示固定刻度為3.5mm，可動刻度為，得陶瓷管直徑D為故填3.700；（3）[3]如圖丁所示圖像的斜率為電阻大小得故填；（4）[4]根據電阻定律有而橫截面積為聯立解得金屬膜電阻的電阻率為故填；（5）[5]如圖乙所示，電流表采用內接法，在電路中電流表會分壓，使得電壓表讀數偏大，由歐姆定律得測量的電阻阻偏大，由可知電阻率測量值偏大，故填電流表采用內接法，在電路中電流表分壓，致使電阻率測量值偏大。13.時刻，波源O從平衡位置開始持續振動，時第一次回到平衡位置，形成的簡諧橫波在介質中恰好傳播到A點，如圖所示。求：（1）波在該介質中的波速大小v；（2）處的質點第一次到達波谷的時刻。【答案】（1）5m/s；（2）3.1s【解析】【詳解】（1）波在該介質中的波速大小（2）處的質點第一次到達波谷時，波在時的基礎上向前傳播用時間為則處的質點第一次到達波谷的時刻14.如圖所示，懸掛的活塞與汽缸間密封一定質量的理想氣體，初始時氣體壓強為，體積為，熱力學溫度為，汽缸懸在空中保持靜止，此時汽缸所受活塞的靜摩擦力為F。緩慢加熱氣體，直至氣體體積增大到，整個過程中氣體吸收的熱量為Q。已知大氣壓為，活塞面積為S，活塞與汽缸間的最大靜摩擦力與滑動摩擦力均為。求：（1）汽缸所受重力大小G；（2）汽缸開始下移時氣體的熱力學溫度；（3）整個過程中缸內氣體內能的變化量。【答案】（1）F；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）初始時對氣缸受力分析有（2）氣缸開始下移的臨界時靜摩擦力達到了最大值，設此時壓強為，由題意可知，活塞的橫截面積與氣缸底部的橫截面積相同，此時對氣缸受力分析有由理想氣體狀態方程有解得（3）由于活塞緩慢移動，所以活塞移動過程中氣體的壓強不變，由之前的分析可知，氣體的壓強為所以整個過程，氣體做功為由于氣體體積變大，所以外界對氣體做功為負值，數值與氣體做功大小相等，由熱力學第一定律有解得15.如圖所示，傳送帶以速率順時針勻速轉動，傳送帶與足夠長的光滑水平面等高且緊挨。將小滑塊A輕放在傳送帶左端M，A運動到右端N時與靜止在水平面上的小滑塊B發生彈性正碰。已知A、B質量分別為、，A與傳送帶間的動摩擦因數，傳送帶兩端M、N間的距離，重力加速度g取。求：（1）A由左端M運動到右端N所用的時間t；（2）第1次碰撞后A、B的速度大小、；（3）第1次碰撞后A、B間距離的最大值。【答案】（1）；（2），；（3）【解析】【詳解】（1）A剛放上傳送帶時，滑塊運動的加速度設釋放后經時間A與傳送帶速度相等，則加速階段的位移然后A做勻速運動，勻速運動的時間A由左端M運動到右端N所用的時間（2）A與B發生彈性碰撞，根據動量守恒定律根據機械能守恒定律聯立解得即第1次碰撞后A、B的速度大小分別為（3）由（2）可知碰撞后A反向運動，B向右做勻速直線運動，A和B速度相等所需的時間第1次碰撞后A、B間距離的最大值代入數據可得16.如圖甲所示，立方體空間的邊長為L，側面為熒光屏，能完全吸收打在屏上的帶電粒子并發光，三維坐標系坐標原點O位于底面的中心，，。已知原點O有一粒子源，能向平面內各個方向均勻持續發射速率為、質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，不計粒子重力及粒子間