河北省部分重點中學2024屆高一物理第二學期期末綜合測試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)2018年5月9日，我國在太原衛星發射中心成功發射的高分五號衛星，填補了國產衛星無法有效探測區域大氣污染氣體的空白。之前發射的高分四號是世界首顆地球靜止軌道高分辨率成像遙感衛星。高分五號衛星運行在平均軌道高度705km的近地軌道上，而高分四號則運行在距地約36000km的地球同步軌道上。高分四號與高分五號相比A．速度更大B．周期更大C．加速度更大D．角速度更大2、一物體的速度大小為v0時，其動能為Ek，當它的動能為2Ek時，其速度大小為A． B．2v0 C． D．3、(本題9分)據某電視節目介紹說，蜜蜂飛行時與空氣摩擦產生靜電，因此蜜蜂在飛行中就可以吸引帶正電的花粉．以下說法正確的是A．空氣不帶電 B．蜜蜂帶負電 C．空氣帶負電 D．蜜蜂帶正電4、2017年4月，我國成功發射的天舟一號貨運飛船與天宮二號空間實驗室完成了首次交會對接，對接形成的組合體仍沿天宮二號原來的軌道（可視為圓軌道）運行．與天宮二號單獨運行時相比，組合體運行的：（）A．周期變大 B．速率變大 C．動能變大 D．向心加速度變大5、(本題9分)某同學將一質量為4kg的物體以5m/s的速度由靜止拋出，該同學對物體做的功是A．25JB．50JC．80JD．100J6、(本題9分)據新華社報道，2018年5月9日凌晨，我國長征系列運載火箭，在太原衛星發射中心完或第次發射任務，成功發射高分五號衛星，該衛星是世界上第-顆實現對大氣和陸地綜合觀測的全譜段高光譜衛星．最初靜止的運載火箭點火后噴出質量為的氣體后，質量為的衛星（含未脫離的火箭）的速度大小為，不計衛星受到的重力和空氣阻力.則在上述過程中，衛星所受沖量大小為（）A． B． C． D．7、(本題9分)從地面豎直向上拋出一物體，其機械能E總等于動能Ek與重力勢能Ep之和．取地面為重力勢能零點，該物體的E總和Ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示．重力加速度取10m/s1．由圖中數據可得A．物體的質量為1kgB．h=0時，物體的速率為10m/sC．h=1m時，物體的動能Ek=40JD．從地面至h=4m，物體的動能減少100J8、(本題9分)如圖，在光滑水平面上有一質量為的物體，在與水平方向成角的恒定拉力作用下運動，則在時間內（）A．重力的沖量為B．拉力的沖量為C．拉力的沖量為D．物體動量的變化量等于9、(本題9分)一質量為m可視為質點的小球以某一初速度豎直上拋，上升過程中受到的空氣阻力恒為重力的k倍，重力加速度為g，則小球在上升h的過程中()A．小球的機械能減少了kmghB．小球的動能減少了kmghC．小球克服空氣阻力所做的功為(k+1)mghD．小球的重力勢能增加了mgh10、如圖所示，直線A、B分別為電源a、b的路端電壓與電流的關系圖線，設兩個電源的內阻分別為ra和rb。若將一定值電阻R0分別接到a、b兩電源上，通過R0的電流分別為Ia和Ib，則（）A．ra>rbB．Ia>IbC．R0接到a電源上，電源的輸出功率較大，但電源的效率較低D．R0接到b電源上，電源的輸出功率較小，電源的效率較低11、(本題9分)如圖所示．在豎直平面內有光滑軌道ABCD，其中BC是半徑為R的四分之一圓弧軌道，AB是豎直軌道，CD是水平軌道．AB與BC相切于B點，CD與BC相切于C點．—根長為2R的輕桿兩端分別固定著兩個質量均為m的相同小球P、Q（視為質點），從Q與B等高處由靜止釋放．兩球滑到水平軌道上．重力加速度為g．則下列說法中正確的是A．下滑的整個過程中P球機械能守恒B．下滑的整個過程中兩球組成的系統機械能守恒C．Q球過C點的速度大小為D．下滑的整個過程中Q球機械能增加量為mgR12、一部直通高層的客運電梯的簡化模型如圖1所示．電梯在t=0時由靜止開始上升，以向上方向為正方向，電梯的加速度a隨時間t的變化如圖2所示．圖1中一乘客站在電梯里，電梯對乘客的支持力為F．根據圖2可以判斷，力F逐漸變大的時間段有（）A．0～1s內 B．8～9s內 C．15～16s內 D．23～24s內二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)如圖所示為一分壓器電路，電阻R1=20Ω，R2的最大阻值為20Ω。當輸入端A、B接220V電壓時，用電壓表測得輸出端C、D的電壓范圍是____________。14、(本題9分)有一條橫截面積為s的銅導線通以大小為I的電流。已知銅的密度為，銅的摩爾質量為M，阿伏加德羅常數為NA，電子的電量為e，如果每個銅原子只貢獻一個自由電子，則銅導線中自由電子定向移動的速率為_____15、(本題9分)如圖，光滑固定斜面的傾角為30°，A、B兩物體的質量之比為4∶1．B用不可伸長的輕繩分別與A和地面相連，開始時A、B離地高度相同．在C處剪斷輕繩，當B落地前瞬間，A、B的速度大小之比為_______，機械能之比為_________（以地面為零勢能面）．三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)某一星球上，宇航員站在距離地面h高度處，以初速度v0沿水平方向拋出一個小球，經時間t后小球落到星球表面，已知該星球的半徑為R，引力常量為G，求：（1）該星球表面的重力加速度g；（2）該星球的第一宇宙速度；（3）該星球的質量M．17、（10分）如圖所示，勻強電場中三點A、B、C是一個三角形的三個頂點，∠ABC＝∠CAB＝30°，BC＝m，已知電場線平行于△ABC所在平面，一個帶電量為2×10－6C的負電荷由A移到B，電勢能增加1.2×10－5J；由B移到C，電場力做功6×10－6J，求（1）AB，BC間的電勢差UAB，UBC（2）若設C點為零電勢能點，電荷在B點的電勢能EPB（3）該電場的電場強度大小及方向

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解題分析】A：據GMmr2B：據GMmr2C：據GMmr2D：據GMmr2點睛：可借助“越高越慢”得軌道半徑大的衛星線速度、角速度較小，周期較大。2、C【解題分析】

設物體的質量為m，當一物體的速度大小為v0時，其動能為Ek，則有當它的動能為2Ek時，有解得：A..故選項A不符合題意.B.2v0.故選項B不符合題意.C..故選項C符合題意.D..故選項D不符合題意.3、B【解題分析】

根據異種電荷相吸，可知，蜜蜂吸引帶正電的花粉，所以蜜蜂帶負電，與蜜蜂摩擦的空氣帶正電A.空氣不帶電與分析不符，故A項與題意不相符；B.蜜蜂帶負電與分析相符，故B項與題意相符；C.空氣帶負電與分析不符，故C項與題意不相符；D.蜜蜂帶正電與分析不符，故D項與題意不相符．4、C【解題分析】

對于繞地球運行的航天器，地球對它的外有引力提供向心力，則，由公式可知，半徑不變，周期不變，速率不變，向心加速度不變．由于質量增加，所以動能增大，故C正確，ABD錯誤．5、B【解題分析】對人拋物體的過程，根據動能定理得：W=16、D【解題分析】

衛星獲得的速度為v，故根據動量定理可得衛星受到的沖量大小為故選D．7、AD【解題分析】

A．Ep-h圖像知其斜率為G，故G==10N，解得m=1kg，故A正確B．h=0時，Ep=0，Ek=E機-Ep=100J-0=100J，故=100J，解得：v=10m/s，故B錯誤；C．h=1m時，Ep=40J，Ek=E機-Ep=90J-40J=50J，故C錯誤D．h=0時，Ek=E機-Ep=100J-0=100J，h=4m時，Ek’=E機-Ep=80J-80J=0J，故Ek-Ek’=100J，故D正確8、BD【解題分析】重力的沖量，故A錯誤；拉力的沖量，所以B正確，C錯誤；各力的沖量，根據動量定理知，合力的沖量等于動量的變化量，則動量的變化量為，所以D正確．故選BD．點睛：解決本題的關鍵知道沖量等于力與時間的乘積，知道合力的沖量等于動量的變化量．9、AD【解題分析】

A、根據功能關系知：除重力外其余力做的功等于機械能的變化量。在上升過程中，物體克服阻力做功kmgh，故機械能減小kmgh;故A正確.B、小球上升的過程中，重力和阻力都做負功，根據動能定理得：-mgh-kmgh=△Ek，則得動能的減小量等于(1+k)mgh，故動能的減小量大于kmgh;故B錯誤.C、根據W=FL得小球克服空氣阻力所做的功為kmgh;故C錯誤.D、小球上升h，故重力勢能增加mgh;故D正確.故選AD.【題目點撥】本題關鍵是明確功的物理意義，即功是能量轉化的量度；要掌握各種功能關系：①總功等于動能的變化量；②重力做功等于重力勢能的減小量；③除重力外其余力做的功等于機械能的變化量，并能運用來分析問題.10、ABC【解題分析】

A．由圖象可知，圖象A斜率的絕對值大于圖象B斜率的絕對值，因此ra＞rb，故A正確；B．在同一坐標系內作出電阻R0的U-I圖象，如圖1所示，由圖象可知Ia＞Ib，故B正確；CD．R0接到電源上，如圖1所示，Ia＞Ib，Ua＞Ub，由P=UI可知，Pa＞Pb，電源的效率由于ra＞rb，所以ηa＜ηb，故C正確，D錯誤；11、BD【解題分析】A、P球運動過程中輕桿要做功，所以機械能不守恒，故A錯誤；B、把兩個球和輕桿作為一個系統來研究的話，除了重力和系統內的彈力做功，沒有別的力做功，符合機械能守恒的條件，故B錯誤；C、Q球過C點時,桿與豎直方向的夾角的余弦:,故;

根據機械能守恒定律,有:

桿不可伸長,故兩個球沿著桿方向的分速度相等,故:

聯立計算得出:

故C錯誤;

D、下滑的整個過程中,根據機械能守恒定律,有:

計算得出:

故Q球機械能增加量為:;所以D選項是正確的;綜上所述本題答案是：D12、AD【解題分析】試題分析：根據牛頓第二定律列式，分加速度向上和加速度向下兩個過程討論即可．解：1、加速度向上時，根據牛頓第二定律，有：F﹣mg=ma故F=mg+ma故在0﹣1s內的支持力F是增加的，1s﹣8s內支持力恒定，8s﹣9s支持力是減小的；2、加速度向下時，根據牛頓第二定律，有：mg﹣F=m|a|故F=mg﹣m|a|故在15s﹣16s支持力是減小的，16s﹣23s支持力是固定的，23s﹣24s內的支持力F是增加的；故AD正確，BC錯誤；故選AD．【點評】超重和失重現象可以運用牛頓運動定律進行分析理解，產生超重的條件是：物體的加速度方向向上；產生失重的條件：物體的加速度方向向下．二．填空題(每小題6分，共18分)13、0–110V【解題分析】當變阻器觸頭處于最下端時，則輸出電壓UCD=0，當滑片移到上端時，即為電阻R2的兩端電壓，根據歐姆定律，則有UR2=UR14、【解題分析】

設銅導線中自由電子定向移動的速率為，導線中自由電子從一端定向移到另一端所用時間為，則導線的長度為，體積為，在時間內這些電子都能通過下一截面，則電流，其中，聯立解得，可得電子定向移動的速率15、1:24:1【解題分析】設剪斷細線前兩物體離地面的高度均為h；剪斷細線后，B做自由落體運動，落到地面的時間;B的速度；A沿斜面加速下滑，加速度為，則當B落地時A的速度；則；AB下落過程中機械能守恒，故此時的機械能等于剛開始下落時的重力勢能，則機械能之比：點睛：此題要搞清剪斷細線后兩物體的運動特點，結合牛頓第二定律即運動公式求解；兩物體下落時只有重力做功，機械能守恒.三．計算題(22分)16、（1）；（2）；（3）．【解題分析】試題分析：（1）根據得（2）得=（3）得考點：萬有引力定律的應用【名師點睛】本題是萬有引力與平拋運