貴州省重點(diǎn)初中2024屆高一物理第二學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有的小題只有一個選項(xiàng)正確，有的小題有多個選項(xiàng)正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)以下說法中正確的是()A．物體受到拉力作用向上勻速運(yùn)動，拉力做的功是1J，但物體重力勢能的增加量不是1JB．物體受拉力作用向上運(yùn)動，拉力做的功是1J，但物體重力勢能的增加量不是1JC．物體運(yùn)動，重力做的功是-1J，但物體重力勢能的增加量不是1JD．沒有摩擦?xí)r物體由A沿直線運(yùn)動到B，克服重力做的功是1J,有摩擦?xí)r物體由A沿曲線運(yùn)動到B，克服重力做的功大于1J2、如圖所示，一物塊靜止在光滑水平地面上，現(xiàn)在水平拉力作用下沿x軸方向滑行，拉力F大小隨x變化規(guī)律如圖。則關(guān)于物塊從x=0運(yùn)動到x=x2處過程（）A．物塊加速度一直增大B．物塊動能先增大后減小C．根據(jù)圖像信息，物塊最大動能可求D．根據(jù)圖像信息，物塊最大加速度可求3、(本題9分)長為L的輕繩，一端固定一個小球，另一端固定在光滑的水平軸上，使小球在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動，下列說法中正確的是()A．小球在最高點(diǎn)速度v的最小值為0B．當(dāng)小球運(yùn)動到最高點(diǎn)一定受到繩子的拉力C．當(dāng)小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時，繩子的拉力等于小球的重力D．小球在運(yùn)動過程中繩子的拉力不做功4、關(guān)于電場的性質(zhì)正確的是：（）A．電場強(qiáng)度大的地方，電勢一定高B．正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中電勢都為正C．勻強(qiáng)電場中，兩點(diǎn)間的電勢差與兩點(diǎn)間距離成正比D．電場強(qiáng)度大的地方，沿場強(qiáng)方向電勢變化快5、如圖所示，O、A為某電場中一條平直電場線上的兩個點(diǎn)，將負(fù)點(diǎn)電荷從O點(diǎn)靜止釋放，僅在電場力作用下運(yùn)動到A點(diǎn)，其電勢能隨位移x的變化關(guān)系如下圖所示。則電荷從O到A過程中，下列說法正確的是A．電場力做負(fù)功B．O點(diǎn)電勢比A點(diǎn)電勢高C．從O到A，電場強(qiáng)度先減小后增大D．從O到A的過程中，電場強(qiáng)度一直增大6、(本題9分)如圖所示，質(zhì)量為面的足球靜止在地面上1的位置，被運(yùn)動員踢出后落到地面上3的位置，是球在空中到達(dá)最高點(diǎn)2時離地面的高度為h，速率為v，以地面為零勢能面，重力加速度為g，（全過程不計(jì)空氣阻力）則下列說法錯誤的是（）A．足球由位置1運(yùn)動到位置2，重力做負(fù)功B．足球由位置1運(yùn)動到位置2，重力勢能增加了mghC．足球由位置2運(yùn)動到位置3，動能增加了mghD．運(yùn)動員對足球做的功等于mv27、(本題9分)兩個小球在光滑水平面上沿同一直線，同一方向運(yùn)動，B球在前，A球在后，，，，．當(dāng)A球與B球發(fā)生碰撞后，A、B兩球的速度、可能為A． B．C． D．8、如圖所示，內(nèi)壁光滑半徑大小為的圓軌道豎直固定在水平桌面上，一個質(zhì)量為的小球恰好能通過軌道最高點(diǎn)在軌道內(nèi)做圓周運(yùn)動。取桌面為重力勢能的參考面，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。則小球在運(yùn)動過程中其機(jī)械能E、動能、向心力、速度的平方，它們的大小分別隨距桌面高度h的變化圖像正確的是A．B．C．D．9、(本題9分)質(zhì)量為M的物塊以速度v運(yùn)動，與質(zhì)量為m的靜止物塊發(fā)生正碰，碰撞后兩者的動量正好相等。兩者質(zhì)量之比M/m可能為（

）A．1 B．3C．4 D．510、(本題9分)如圖所示，質(zhì)量為m的足球靜止在地面上1的位置，被運(yùn)動員踢出后落到地面上3的位置，足球在空中到達(dá)最高點(diǎn)2時離地面的高度為h，速率為v，以地面為零勢能的參考平面，重力加速度為g，則A．運(yùn)動員對足球做的功等于1B．運(yùn)動員對足球做的功大于mgh+C．足球由位置1運(yùn)動到位置2重力做功為mghD．足球運(yùn)動到位置3前瞬間的機(jī)械能小于mgh+11、地球半徑為R，地面上重力加速度為g，在高空繞地球做勻速圓周運(yùn)動的人造衛(wèi)星，其線速度的大小可能是()A． B． C． D．12、一輕質(zhì)彈簧，上端懸掛于天花板，下端系一質(zhì)量為M的平板，處在平衡狀態(tài)。一質(zhì)量為m的均勻環(huán)套在彈簧外，與平板的距離為h，如圖所示，讓環(huán)自由下落(不計(jì)摩擦力)撞擊平板。已知碰后環(huán)與板以相同的速度向下運(yùn)動，使彈簧伸長()A．若碰撞時間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總動量守恒B．環(huán)撞擊板后，板的新的平衡位置與h的大小無關(guān)C．在碰后板和環(huán)一起下落的過程中，它們減少的重力勢能等于克服彈簧彈力所做的功D．在碰后板和環(huán)一起下落的過程中，它們減少的動能等于克服彈簧彈力所做的功二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)質(zhì)量為m、速度為v的A球和質(zhì)量為4m的靜止的B球發(fā)生正碰，取A球碰前的運(yùn)動方向?yàn)檎瑒t碰后A球的速度可能為_________（填代號），B球的速度可能為_________（填代號）（1）0（2）－v（3）－0.4v（4）0.3v（5）0.8v14、(本題9分)一個質(zhì)量為0.1kg的球在光滑水平面上以5m/s的速度勻速運(yùn)動，與豎直墻壁碰撞以后以原速率被彈回，若以初速度方向?yàn)檎较颍瑒t小球碰墻前后速度的變化為________，動能的變化為________.15、如圖所示，電路中電阻R1=8Ω，R2=20Ω，R3=20Ω，C=2μF，E=12V，電源內(nèi)阻r=0，S閉合，當(dāng)滑動變阻器的阻值R由2Ω變至22Ω的過程中，通過A1的電量是________，A2的讀數(shù)變化情況是________。三．計(jì)算題(22分)16、（12分）(本題9分)在真空環(huán)境內(nèi)探測微粒在重力場中能量的簡化裝置如圖所示，P是一個微粒源，能持續(xù)水平向右發(fā)射質(zhì)量相同、初速度不同的微粒．高度為h的探測屏AB豎直放置，離P點(diǎn)的水平距離為L，上端A與P點(diǎn)的高度差也為h.(1)若微粒打在探測屏AB的中點(diǎn)，求微粒在空中飛行的時間；(2)求能被屏探測到的微粒的初速度范圍；(3)若打在探測屏A、B兩點(diǎn)的微粒的動能相等，求L與h的關(guān)系．17、（10分）2018年12月08日凌晨2時23分，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運(yùn)載火箭成功發(fā)射嫦娥四號探測器，開啟了月球探測的新旅程。嫦娥四號探測器后續(xù)將經(jīng)歷地月轉(zhuǎn)移、近月制動、環(huán)月飛行，最終實(shí)現(xiàn)人類首次月球背面軟著陸。設(shè)環(huán)月飛行階段嫦娥四號探測器在靠近月球表面的軌道上做勻速圓周運(yùn)動，經(jīng)過t秒運(yùn)動了N圈，已知該月球的半徑為R，引力常量為G，求：（1）探測器在此軌道上運(yùn)動的周期T；（2）月球的質(zhì)量M；（3）月球表面的重力加速度g。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有的小題只有一個選項(xiàng)正確，有的小題有多個選項(xiàng)正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解題分析】

A．物體受拉力作用向上勻速運(yùn)動，合力做功為零，拉力做的功是1J，則重力做功為-1J，則物體重力勢能的增加量是1J，故A錯誤.B．物體受拉力作用向上如果不是勻速運(yùn)動，拉力做的功是1J，則物體重力勢能的增加量就不一定是1J.所以B正確.C．物體運(yùn)動，重力做的功是-1J，物體重力勢能的增加量一定是1J.所以C錯誤.D．重力做功僅僅與重力的大小、始末的位置有關(guān)，所以沒有摩擦?xí)r物體由A沿直線運(yùn)動到B，克服重力做的功是1J，有摩擦?xí)r物體由A沿曲線運(yùn)動到B，克服重力做的功仍然是1J.故D錯誤.2、C【解題分析】

A.由于物塊靜止在光滑的水平面上，所以物塊只受拉力作用，由圖可知拉力先增大后減小，根據(jù)牛頓第二定律，可知加速度先增大后減小，故A錯誤；B.由圖可知，拉力對物塊一直做正功，故物塊的動能一直增大，故B錯誤；C.由圖可知當(dāng)t=t2時拉力為零，此時加速度為零，所以速度最大，動能最大，根據(jù)動能定理有：，則最大動能有：，故C正確；D.由于不知道，物塊的質(zhì)量，所以無法求出最大加速度，故D錯誤。3、D【解題分析】

在最高點(diǎn)時，當(dāng)重力完全充當(dāng)向心力時，速度最小，有，解得，此時繩子的拉力為零，AB錯誤；在最低點(diǎn)時，繩子的拉力和重力的合力充當(dāng)向心力，有，拉力不一定等于重力，C錯誤；運(yùn)動過程中拉力恒垂直于速度方向，故拉力不做功，D正確．4、D【解題分析】A項(xiàng)，場強(qiáng)和電勢沒有直接關(guān)系，電場強(qiáng)度大的地方電勢不一定高，故A項(xiàng)錯誤．B項(xiàng)，正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中電場線由正點(diǎn)電荷發(fā)出指向無窮遠(yuǎn)，但本題中沒有規(guī)定哪兒為零勢點(diǎn)，所以正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中電勢不一定為正，故B項(xiàng)錯誤．C項(xiàng)，勻強(qiáng)電場中，兩點(diǎn)間電勢差與兩點(diǎn)沿電場線方向上的距離成正比，故C項(xiàng)錯誤．D項(xiàng)，電場強(qiáng)度大的地方，電場線密集，等勢線距離小，電勢變化快，故D項(xiàng)正確5、C【解題分析】

A．由圖知負(fù)電荷從O到A過程中，電勢能減小，電場力做正功．故A項(xiàng)錯誤．B．由圖知負(fù)電荷從O到A過程中，電勢能減小；據(jù)知，電勢增大，則O點(diǎn)電勢比A點(diǎn)電勢低．故B項(xiàng)錯誤．CD．據(jù)可知，圖象切線斜率大小反映場強(qiáng)的強(qiáng)弱，則從O到A，電場強(qiáng)度先減小后增大．故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯誤．6、D【解題分析】

AB.足球由位置1到位置2，上升了h，重力做功為W＝-mgh，根據(jù)功能關(guān)系可知重力勢能增加了mgh，故A項(xiàng)不合題意，B項(xiàng)不合題意；C.位置2到位置3，合外力做功為mgh，根據(jù)動能定理可知動能增加了mgh，故C項(xiàng)不合題意.D.從足球靜止到位置2根據(jù)動能定理有：W-mgh，所以運(yùn)動員對足球所做的功為，故D項(xiàng)符合題意.7、AD【解題分析】

兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以兩球的初速度方向?yàn)檎较颍绻麅汕虬l(fā)生完全非彈性碰撞，由動量守恒定律得：MAvA+MBvB=（MA+MB）v，代入數(shù)據(jù)解得：v=4m/s；如果兩球發(fā)生完全彈性碰撞，有：MAvA+MBvB=MAvA′+MBvB′，由機(jī)械能守恒定律得：MAvA2+MBvB2＝MAvA′2+MBvB′2，代入數(shù)據(jù)解得：vA′=2m/s，vB′=5m/s，則碰撞后A、B的速度：2m/s≤vA≤4m/s，4m/s≤vB≤5m/s，故AD正確，BC錯誤．故選AD．【題目點(diǎn)撥】本題碰撞過程中動量守恒，同時要遵循能量守恒定律，不忘聯(lián)系實(shí)際情況，即后面的球不會比前面的球運(yùn)動的快．8、CD【解題分析】

根據(jù)豎直平面內(nèi)小球做圓周運(yùn)動的臨界條件，結(jié)合機(jī)械能守恒定律分析即可解題。【題目詳解】AB．小球通過軌道最高點(diǎn)時恰好與軌道間沒有相互作用力，則在最高點(diǎn)：，則在最高點(diǎn)小球的動能：（最小動能），在最高點(diǎn)小球的重力勢能：，運(yùn)動的過程中小球的動能與重力勢能的和不變，機(jī)械能守恒，即：，故AB錯誤；CD．小球從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)，由動能定理得：，，則有在距桌面高度h處有：，化簡得：，，故C、D正確。【題目點(diǎn)撥】本題主要考查了豎直圓周運(yùn)動的綜合應(yīng)用，屬于中等題型。9、AB【解題分析】設(shè)碰撞后兩者的動量都為P，由于題意可知，碰撞前后總動量為2P，根據(jù)動量和動能的關(guān)系有：P2=2mEK，碰撞過程動能不增加，有：(2P)22M?故選CD。【題目點(diǎn)撥】根據(jù)動量守恒定律，以及在碰撞的過程中動能不增加，通過這兩個關(guān)系判斷兩個物體的質(zhì)量關(guān)系。10、BD【解題分析】

AB、由軌跡分析知，足球運(yùn)動的過程中必定受到空氣阻力，從踢球到2位置的過程，運(yùn)用動能定理得：W-mgh-WfC、從1位置到2位置，可知重力做功為WGD、由于有空氣阻力做負(fù)功，所以足球的機(jī)械能不斷減少，所以足球在3位置時的機(jī)械能小于其在2位置時的動能，即小于mgh+故選BD。【題目點(diǎn)撥】關(guān)鍵是要注意足球要受到空氣阻力，其機(jī)械能不守恒，要分段運(yùn)用動能定理研究各個位置的動能。11、BC【解題分析】

第一宇宙速度是繞地球做圓周運(yùn)動的最大速度，也是近地軌道上圓周運(yùn)動的速度，故在近地軌道上衛(wèi)星的半徑為R，所受萬有引力與重力相等，則有：可得第一宇宙速度大小為，又因?yàn)榈谝挥钪嫠俣仁菄@地球做圓周運(yùn)動的最大線速度，故在高空運(yùn)行的人造地球衛(wèi)星的線速度均小于．A．，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯誤；B．，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C．，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D．，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯誤；12、AB【解題分析】

A.圓環(huán)與平板碰撞過程，若碰撞時間極短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)總動量守恒，由于碰后速度相同，為完全非彈性碰撞，機(jī)械能不守恒，減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故A正確；B.碰撞后平衡時，有：kx即碰撞后新平衡位置與下落高度h無關(guān)，故B正確；CD.碰撞后環(huán)與板共同下降的過程中，碰撞后環(huán)與板共同下降的過程中，它們動能和重力勢能的減少量之和等于彈簧彈性勢能的增加量，彈簧彈性勢能的增加量等于克服彈簧彈力所做的功，故CD錯誤；二．填空題(每小題6分，共18分)13、（1）（3）（4）【解題分析】若vA=0，規(guī)定A球初速度方向?yàn)檎较颍蓜恿渴睾愕茫簃v=mvA+4mvB，解得：vB=14v，碰撞前系統(tǒng)的總動能為：EK=12mv2，碰撞后系統(tǒng)的總動能為：E'K=12mvA2+124mvB2=18mv2<EK=12mv2，不違反能量守恒定律，故（1）可能；若vA=-v，規(guī)定A球初速度方向?yàn)檎较颍蓜恿渴睾愕茫簃v=mvA+4mvB，解得：vB=12v，碰撞前系統(tǒng)的總動能為：EK=12mv2，碰撞后系統(tǒng)的總動能為：E'