閬中中學高2023級2023年秋12月月考物理試題（滿分：100分時間：75分鐘）注意事項：1．答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2．請將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題）一、單選題（每小題4分，共36分）1.2017年9月5日晚，在天津奧林匹克中心體育場進行的第13屆全運會200米決賽中，浙江選手謝震業以20秒20的出色成績獲得冠軍，廣東選手梁勁生以20秒74獲得亞軍。請結合田徑的規則判斷下列說法中正確的是（）A.兩位運動員跑完全程的路程相同B.兩位運動員跑完全程的位移均為C.謝震業跑完全程的平均速度為D.最后沖線時一定是謝震業的瞬時速度比梁勁生的瞬時速度大【答案】A【解析】【分析】【詳解】A．兩位運動員跑完全程的路程相同，故A正確；B．200m跑道是彎道，則兩位運動員跑完全程的位移小于200m，故B錯誤；C．平均速度等于位移和時間比值，由于位移未知，則不能求解謝震業跑完全程的平均速度，故C錯誤；D．謝震業以20秒20的出色成績獲得冠軍，只能說他在全程的平均速率較大，不能比較最后沖線時謝震業和梁勁生的瞬時速度大小，故D錯誤。故選A。2.在勻速上升的氣球中突然落下一個物體，在物體剛離開氣球的瞬間，下列說法中正確的是（）A.物體立即向下做自由落體運動B.物體具有向上的初速度，做勻加速運動C.物體具有向上的初速度，具有豎直向下的重力加速度gD.物體的速度為零，但具有豎直向下的加速度【答案】C【解析】【詳解】物體剛離開氣球的瞬間，由于慣性，還有一個向上的初速度，只受重力，加速度為豎直向下的重力加速度g，做豎直上拋運動，即先勻減速上升，上升到最高點后，勻加速下降。故選C。3.如圖所示，甲、乙兩輛汽車在t=0時刻剛好經過同一位置，并沿同一方向做直線運動，已知甲車的加速度大小恒為1.2m/s2。下列正確的是（）A.乙車做加速度先增大后減小的變加速運動B.在前4s的時間內，甲車運動位移為29.6mC.在t＝4s時，甲車追上乙車D.在t＝10s時，乙車又回到起始位置【答案】B【解析】【詳解】A．速度圖象的斜率表示物體的加速度，由圖可知，乙車的加速度先減小后增大，最后再減小，故A錯誤；B．在前4s的時間內，甲車運動位移為故B正確；C．圖像與橫軸圍成的面積代表位移，在t=4s時，兩車的速度相同，但前4s內兩車經過的位移不同，故兩車沒有相遇；故A錯誤；D．在10s前，乙車速度一直沿正方向，故乙車沒有回到起始位置；故D錯誤。故選B。4.傾角為、質量為的斜面體靜止在水平桌面上，質量為的木塊在水平拉力的作用下沿斜面向上做勻速直線運動，斜面體保持靜止，下列說法正確的是（）A.木塊受到的摩擦力大小是B.木塊對斜面體的壓力大小是C.桌面與斜面體之間沒有摩擦力D.桌面對斜面體的支持力大小是【答案】B【解析】【詳解】A．對木塊受力平衡，沿斜面方向有即，木塊受到的摩擦力大小為A錯誤；B．對木塊受力平衡，垂直于斜面方向有根據牛頓第三定律可得木塊對斜面體的壓力大小為B正確；C．對整體受力平衡分析，整體水平方向受到拉力F作用，所以斜面體一定受到桌面對其的摩擦力，C錯誤；D．整體豎直方向受力平衡，桌面對斜面體的支持力大小為D錯誤。故選B。5.如圖所示，光滑的小球A放在車內的水平地面上，小球A緊靠車廂左壁，車和小球一起沿水平面向右運動，則（）A.小球一定受到3個力作用B.小球受到小車對它的彈力，該彈力產生的原因是小球的微小形變C.若小車勻速運動，則車廂左壁對小球A的彈力方向水平向右D.若小車加速運動，則車廂左壁對小球A的彈力等于小球對車廂左壁的彈力【答案】D【解析】【詳解】AC．若小車勻速運動，小球受到重力和車廂豎直向上的支持力，二力平衡；若果小車加速運動，則小球受到重力、車廂豎直向上的支持力和車廂左壁對小球的彈力三個力，故AC錯誤；B．小球一定受到小車地面對它的彈力，若小車向右加速時小球還受到側壁的彈力，小球受到的彈力產生的原因是小車的微小形變，故B錯誤；D．若小車加速運動，則車廂左壁對小球A彈力與小球對車廂左壁的彈力時一對相互作用力，根據牛頓第三定律，二力等大反向，故D正確。故選D。6.如圖所示，有一箱裝得很滿的土豆，以一定的初速度在動摩擦因數為的水平地面上滑行做勻減速運動，已知土豆連同箱子的總質量為M，不計其他外力及空氣阻力，則其中一個質量為m的土豆A相對箱子靜止，則A受其他土豆對它的作用力F的大小是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】對土豆分析，土豆受重力、其它土豆對它的作用力根據牛頓第二定律得解得根據平行四邊形定則，其它土豆對它的作用力ABC錯誤，D正確。故選D。7.如圖所示，滑輪本身的質量可忽略不計，滑輪軸O安在一根輕木桿B上，一根輕繩AC繞過滑輪，A端固定在墻上，且繩保持水平，C端掛一重物，BO與豎直方向夾角θ=45°，系統保持平衡．若保持滑輪的位置不變，改變θ的大小，則滑輪受到木桿作用力大小變化情況是（）A.只有角θ變小，作用力才變大B.只有角θ變大，作用力才變大C.不論角θ變大或變小，作用力都是變大D.不論角θ變大或變小，作用力都不變【答案】D【解析】【詳解】對滑輪受力分析如圖：受兩個繩子的拉力和桿的彈力，滑輪一直保持靜止，合力為零，故桿的彈力與兩個繩子的拉力的合力等值、反向、共線；由于兩個繩子的拉力大小等于重物的重力，大小不變，方向也不變，所以兩個拉力的合力大小為mg，與水平方向成45°斜向右下方，大小、方向都不變。所以不論角θ怎么變化，滑輪受到木桿作用力的大小、方向都不變。故ABC錯誤，D正確。故選：D8.如圖所示“禮讓行人”是城市文明的重要標志。某汽車正以的速度行駛在城市道路上，在車頭距離“禮讓行人”停車線時，駕駛員發現前方有行人通過人行橫道，后剎車使汽車勻減速滑行，為了保證汽車車頭不越過停車線，下列說法中正確的是（）A.汽車剎車勻減速滑行的最大距離為B.汽車剎車勻減速滑行的最小加速度為C.汽車剎車勻減速滑行的時間不超過D.整個過程汽車行駛的平均速度不能超過【答案】C【解析】【詳解】A．汽車剎車前，在內做勻速運動的位移為則汽車剎車滑行的最大距離為故A錯誤；B．汽車剎車的最小加速度為故B錯誤；C．汽車用于減速滑行的最長時間為故C正確；D．汽車從發現前方有行人通過人行橫道到停下來過程的平均速度滿足故D錯誤。故選C。二、多選題（每小題6分，共18分）9.三個力同時作用于質量為的物體上，其中，和的方向總保持垂直，的方向可以任意改變，則物體的加速度可能是（）A. B. C. D.【答案】CD【解析】【詳解】F1=6N，F2=8N，F1和F2的方向總保持垂直，F1和F2的合力為10N，F3=2N，F3的方向可以任意改變，三個力的合力8N≤F≤12N與牛頓第二定律可知，物體的加速度a=4m/s2≤a≤6m/s2AB正確，CD錯誤。故選CD。10.重為G的物體系在OA、OB兩根等長的輕繩上，輕繩的A端和B端掛在半圓形的支架BAD上，如圖所示，若固定A端的位置，將OB繩子的B端沿半圓支架從水平位置逐漸移至豎直位置C的過程中，則以下說法正確的是（）A.OB繩上的拉力先增大后減小B.OB繩上的拉力先減小后增大C.OA繩上的拉力先減小后增大D.OA繩上的拉力一直逐漸減小【答案】BD【解析】【詳解】

結點O始終處于平衡狀態，所以OB繩和OA繩拉力的合力與重力等大、反向、共線，所以該合力大小保持不變，方向始終是豎直向上的；作出兩個拉力的合力，如圖，由圖知OA繩受力大小不斷變小，OB繩受力大小是先減小后增大；故AC錯誤，BD正確；故選BD11.如圖所示，質量為M的長直木板置于水平桌面，質量為m的物塊放置在木板上，物塊右端水平連接一輕質彈簧測力計。已知物塊與木板之間的動摩擦因數為，木板與桌面之間的動摩擦因數為。現用水平拉力F將木板從物塊下方勻速抽出，已知重力加速度大小為g，則下列說法正確的是（）A.彈簧測力計的示數為B.水平拉力F的大小為C.木板受到地面的摩擦力大小為D.若將木板加速抽出，彈簧測力計的示數變大【答案】AB【解析】【詳解】A．物塊處于平衡狀態，對物塊受力分析可知彈簧測力計的示數為B．木板做勻速直線運動，對木板受力分析可知水平拉力F的大小為B正確；C．木板受到地面的摩擦力大小為，C錯誤；D．若將木板加速抽出，物塊對木板的壓力不變，物塊所受的摩擦力不變，彈簧測力計的示數也不變，D錯誤；故選AB。12.如圖，一長的鐵鏈用短繩懸掛在天花板上，鐵鏈正下方處豎直放置一長度也為h、內徑比鐵鏈直徑稍大的鋼管．剪斷輕繩，鐵鏈由靜止開始下落，不計空氣阻力，取，則（）A.鐵鏈上端剛要進入鋼管時的速度大小為B.鐵鏈下端剛要穿出鋼管時的速度大小為C.鐵鏈通過鋼管的時間為D.鐵鏈通過鋼管的時間為【答案】ABD【解析】【詳解】A．根據速度位移公式v2=2gh可得鐵鏈上端剛要進入鋼管時的速度大小為故A正確；B．根據速度位移公式v2=2gh鐵鏈下端剛要穿出鋼管時的速度大小為故B正確；CD．根據可得鐵鏈下端剛要進入鋼管時運動的時間鐵鏈上端剛要穿出鋼管的運動時間為鐵鏈通過鋼管的時間為△t=t2-t1=0.1s故C錯誤，D正確。故選ABD。第II卷（非選擇題）三、實驗題（每空2分，共18分）13.“驗證力的平行四邊形定則”的實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結點，OB和OC為細繩，圖乙是在白紙上根據實驗結果畫出的圖示。（1）圖乙中F與F′兩力中，方向一定沿AO方向的是______。（2）本實驗采用的科學方法是（）A.理想實驗法B.等效替代法C.控制變量法D.建立物理模型法（3）此過程中必須注意以下幾項，其中正確的是______（填入相應的字母）A.兩根細繩必須等長B.兩個分力F1、F2間夾角越大越好C.在使用彈簧秤時要注意使彈簧秤與木板平面平行D.在用一個彈簧秤拉細繩時，必須將橡皮條的一端拉到用兩個彈簧秤拉時記下的位置O【答案】①.②.B③.CD##DC【解析】【詳解】（1）[1]圖乙中是通過與兩個分力的圖示做平行四邊形得到的合力理論值，是通過一個力拉橡皮筋得到的，則方向一定沿AO方向的是。（2）[2]本實驗中兩個力的作用效果跟一個力的作用力效果相同，采用的科學方法是等效替代法。故選B。（3）[3]A．兩根細繩盡量較長些，但不需要等長，故A錯誤；B．兩個分力、間的夾角不能太小，也不能太大，適當就好，故B錯誤；C．在使用彈簧秤時要注意使彈簧秤與木板平面平行，故C正確；D．為了保證效果相同，在用一個彈簧秤拉細繩時，必須將橡皮條的一端拉到用兩個彈簧秤拉時記下的位置O，故D正確。故選CD。14.某興趣小組的同學利用如圖所示的實驗裝置，測量木塊與長木板之間的動摩擦因數，圖中長木板水平固定：①實驗過程中，打點計時器應接在____________（填“直流”或“交流）電源上，調整定滑輪的高度，使____________；②已知重力加速度為g，測得木塊的質量為M，砝碼盤和砝碼的總質量為m，砝碼盤、砝碼和木塊的加速度大小為a，則木塊與長木板之間的動摩擦因數____________；③實驗時，某同學得到一條紙帶，如圖所示，每隔四個計時點取一個計數點，即為圖中0、1、2、3、4、5、6點。測得每兩個計數點間的距離為cm，cm，cm，cm，cm，cm，打點計時器的電源頻率為50Hz。計算此紙帶的加速度大小a=______m/s2，打第4個計數點時紙帶的速度大小v=________m/s。（保留兩位有效數字）【答案】①.交流②.細線與長木板平行③.④.1.9⑤.0.77【解析】【詳解】①[1][2]．打點計時器使用交流電源，為零使繩子的拉力水平，需調整定滑輪的高度，細線與長木板平行．②[3]．對整體分析，根據牛頓第二定律有mg-μMg=（M+m）a解得③[4][5]．連續相等時間內位移之差1.92cm，根據△x=aT2得，第4個計數點的瞬時速度等于3、5間的平均速度，則四、解答題（15小題8分，16-17題，每小題10分，共28分）15.如圖所示，在雪地上用雪橇運送物品，已知物品與雪橇總質量為50kg，雪橇與地面間的動摩擦因數為0.2，人沿與水平面成37°角的方向斜向上拉雪橇，拉力的大小為200N，若取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，求：（1）雪橇對地面的壓力大小；（2）雪橇運動的加速度大小。【答案】（1）380N；（2）1.68m/s2.【解析】【分析】對雪橇分析，抓住豎直方向上的合力為零求出支持力，從而得出雪橇對地面的壓力大小。根據水平方向上的合力，結合牛頓第二定律求出加速度。【詳解】（1）對雪橇有代入數據解得由牛頓第三定律，雪橇對地面的壓力大小為380N。（2）由牛頓第二定律可知由滑動摩擦力公式代入數據解得雪橇加速度大小為1.68m/s2.。【點睛】本題考查了牛頓第二定律的基本運用，知道雪橇豎直方向上的合力為零，水平方向上的合力產生加速度。16.如圖所示，質量為的斜面C放在水平面上，質量為的重物A放在斜面C上，質量為的重物B通過水平細繩與重物A相連于O點，O點通過另一根細繩懸掛于天花板上，繩子與豎直方向夾角以及斜面傾角均為，A、B、C都處于靜止狀態。取重力加速度大小。求：（1）水平細繩OA的拉力大小；（2）重物A對斜面C的壓力及摩擦力大小；（3）地面對斜面C的支持力及摩擦力。【答案】（1）；（2），；（3），方向豎直向上，，方向水平向右【解析】【詳解】（1）對O點進行受力分析，可知O受到B的拉力，A的拉力以及左側繩子的拉力，受力如圖根據平衡條件可得（2）物體A受到重力、斜面支持力、繩子的拉力以及斜面的摩擦力，受力如圖垂直于斜面的方向沿斜面的方向聯立解得根據牛頓第三定律可知，A對斜面的壓力和摩擦力分別為和。（3）斜面C受到重力、地面的支持力、A對C的壓力以及A對C的摩擦力，地面對C的