2022年山東省棗莊市高考物理二模試卷

1.氫原子的能級圖如圖所示.現有一群處于n=3能級的氫原子，則這群氫原子（）

n￡eV

2-----------------------里4

113.6

A.只可能輻射2種頻率的光子

B.輻射光子的最大能量為1.89eV

C.輻射光子的最大能量為10.2eV

D.若被光照射后，發生了電離，則電離氫原子的光子能量至少為1.51eV

2.噴灑酒精消毒是抗擊新冠肺炎疫情的重要手段.某班級用于消毒的噴壺示意圖如圖

所示.閉合閥門K,向下按壓壓桿4可向瓶內儲氣室充氣.多次充氣后，按下按柄B

打開閥門K,消毒液會經導管自動從噴嘴處噴出.設噴液過程中，儲氣室內氣體溫

度保持不變，若儲氣室內氣體可視為理想氣體，則下列說法正確的是（）

壓桿A

A.噴液過程中，儲氣室內氣體內能減小

B.噴液過程中，儲氣室內氣體放出熱量

C.噴液過程中，儲氣室內氣體分子對器壁單位面積的平均撞擊力逐漸減小

D.只要儲氣室內氣體壓強大于外界大氣壓強，消毒液就能從噴嘴噴出

3.ETC是“電子不停車收費系統”的簡稱，常用于高速公路出入口的ETC通道.裝有

ETC打卡裝置的汽車，從ETC通道駛入、駛出高速公路時，ETC系統能在汽車行駛

中實現自動快速計、繳費.如圖所示是一輛汽車通過ETC直線通道運動過程的位移

一時間（x-t）圖像.其中0?4和t3?Q時間段內的圖像是直線段，下列說法正確的

是（）

A.在0?公時間段內，汽車做勻加速直線運動

B.在12時刻，汽車的速度最大

C.在t2?t3時間段內，汽車做加速直線運動

D.在ti?t2和t2?t3兩時間段內，汽車的加速度方向相同

4.用平行單色光垂直照射一層透明薄膜，觀察到如圖所示明暗相間的干涉條紋.下列

關于該區域薄膜厚度d隨坐標》的變化圖像，可能正確的是（）

第2頁，共25頁

5.如圖所示，4、B、C、D是真空中正四面體的四個頂

點，E點為C。的中點.現在4、B兩點分別固定電荷

量為+q、-q的兩個點電荷.下列說法正確的是()

A.C點的場強比E點的大

B.C點的電勢比E點的高

C.C、。兩點的場強不相同

D.將另一帶負電的檢驗電荷從C點沿直線CD移動到。點，電場力對它不做功

6.如圖所示，蜘蛛在豎直墻壁與地面之間結網時，AB

為拉出的第一根直線蛛絲，AB與水平地面之間的夾o處\

角為53。.4點到地面的距離為1.2m.取重力加速度\0\

g=10m/s2,空氣阻力不計，sin53°=0.8,彳

cos53°=0.6.若蜘蛛從豎直墻壁上距地面1.0m的C彳53員8

/V'ZZZZZZZZZZZZ/ZZZZZZZZ

點以水平速度火跳出，要落到蛛絲AB上，則水平速

度%至少為()

A.0.9V5m/sB.1.2m/sC.1.5m/sD.3.0m/s

7.如圖(a)所示，傾角為37。的傳送帶以9=2.0771/5的速度順時針勻速轉動，傳送帶的

長度=10.0m.一個可視為質點的質量m=1.0kg的物塊，自4點無初速度的放在

傳送帶底端，其被傳送至B端的過程中，動能取與位移x的關系-0圖像如圖(b)

所示.取重力加速度g=10m/s2,s譏37。=0.6,cos37。=0.8.下列說法正確的是

A.物塊與傳送帶之間的動摩擦因數為0.25

B.整個過程中合外力對物塊做的功為4.0/

C.整個過程中摩擦力對物塊做的功為64.0/

D.整個過程中摩擦力對物塊做的功等于物塊機械能的增加量與系統產生的內能之

和

8.一含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中電阻％、&和危的阻值分別為120、10和

40,4為理想交流電流表，“為正弦交流電壓源，輸出電壓的有效值恒定.當開關S

斷開時，電流表的示數為/;當開關S閉合時，電流表的示數為4/.該變壓器原、副線

圈匝數比為（）

9.我國北斗衛星導航系統由空間段、地面段和用戶段三部分組成.空間段由若干地球

靜止軌道衛星4（GE。）、傾斜地球同步軌道衛星B（/G-S0）和中圓地球軌道衛星

C（ME。）組成，如圖所示.設三類衛星都繞地球做勻速圓周運動，其軌道半徑關系

為2。=2rB=3、.下列說法正確的是（）

B（IGSO）

，*

J<

/—1,

77嬴二廳

，////M（GE0）

-------------------

?C（MI=O^Z

A.A的線速度比B的小B.4的角速度比C的小

C.B和C的周期之比為D.B和C的線速度之比為J|

10.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，圖甲是t=0時刻的波形圖，圖乙和圖丙分別是x軸

上某兩處質點的振動圖象.由此可知，這兩質點平衡位置之間的距離可能是（）

第4頁，共25頁

v/cni

力

D.|m

11.足夠大的光滑水平面上，一根不可伸長的細繩一端連接著質量為Ui】=1.0kg的物塊

A,另一端連接質量為巾2=1.0kg的木板8,繩子開始是松弛的.質量為加3="kg

的物塊C放在長木板B的右端，C與木板B間的滑動摩擦力的大小等于最大靜摩擦力

大小.現在給物塊C水平向左的瞬時初速度%=2.0m/s,物塊C立即在長木板上運

動.已知繩子繃緊前，8、C已經達到共同速度；繩子繃緊后，4、B總是具有相同

的速度：物塊C始終未從長木板B上滑落.下列說法正確的是（）

A.繩子繃緊前，B、C達到的共同速度大小為l.Om/s

B.繩子剛繃緊后的瞬間，4、B的速度大小均為l.Om/s

C.繩子剛繃緊后的瞬間，4、B的速度大小均為0.5m/s

D.最終4、B、C三者將以大小為|m/s的共同速度一直運動下去

12.如圖所示，間距為Z,=0,8m的兩條平行光滑豎直金屬導軌PQ、MN足夠長，底部Q、

N之間連接阻值為治=2.00的電阻，磁感應強度為Bi=0.57、足夠大的勻強磁場

與導軌平面垂直.質量為m=1.0X10-2kg、電阻值為/?2=2.00的金屬棒ab放在

導軌上，且始終與導軌接觸良好.導軌的上端點P、M分別與橫截面積為5.0x

10-3^2的I。匝線圈的兩端連接,線圈的軸線與大小均勻變化的勻強磁場&平行.開

關S閉合后，金屬棒好恰能保持靜止.取重力加速度g=10/n/s2,其余部分的電阻

不計.則（）

M

A.勻強磁場％的磁感應強度均勻減小

B.金屬棒時中的電流為0.254

C.勻強磁場B2的磁感應強度的變化率為10T/S

D.斷開S之后，金屬棒ab下滑的最大速度為1.25m/s

13.某學習小組的同學用圖甲所示裝置做“探究彈簧彈力與伸長量的關系”實驗，測量

彈簧原長時，為了方便測量，他們把彈簧平放在桌面上使其自然伸長，彈簧頂端與

刻度尺零刻線對齊，用刻度尺測出彈簧的原長如圖乙所示.然后把彈簧懸掛在鐵架

臺上，仍使頂端的同一位置對齊刻度尺的零刻線，將6個完全相同的鉤碼逐個加掛

在彈簧的下端，測出每次彈簧的長度，結合圖乙測得的原長，得出對應的伸長量X,

測量數據見下表.

(1)由圖乙可知，彈簧的原長為cm.

(2)在答題卡給出的坐標紙上作出彈簧的伸長量久與鉤碼質量小的關系圖像.

(3)由于測量彈簧原長時沒有考慮彈簧自重，使得到的圖像不過坐標原點.那么,

由于彈簧自重而引起的彈簧的伸長量為cm.

14.隨著居民生活水平的提高，純凈水已經進入千家萬戶.純凈水的電導率(電阻率的

倒數)是檢驗純凈水是否合格的一項重要指標.某探究實驗小組查閱國家2020版藥

典標準得知：合格純凈水的電導率為方便檢測，實驗小組把電導率

第6頁，共25頁

換算為電阻率，得知合格標準為電阻率p>5x1030-m.為測量某純凈水的電阻率,

他們將水樣裝入一個絕緣性能良好的圓柱形塑料容器內，容器兩端用圓片狀金屬電

極密封.測得該容器兩電極間長度為5.0cm,圓柱內徑圓面積為1.0cm2.除待測水樣

心外，實驗室還提供如下器材：

A.電流表量程0?200〃4

B.電壓表V：量程0—?3V?15V

C.滑動變阻器R：阻值范圍。?200,允許的最大電流24

D電源E：電動勢為12V,內阻不計

￡開關和導線若干

(1)實驗電路原理圖如圖甲所示.該小組正確連接實驗電路后，將電壓表的不固定

接頭分別與b、c接觸，觀察電壓表和電流表指針偏轉情況，發現電流表的指針偏轉

變化明顯，電壓表指針偏轉幾乎不變，則應將電壓表接頭接在_____(選填"b”或

“c”)點.

(2)請用筆畫線代替導線，在答題卡上將實物圖乙連接成實驗電路，其中電壓表的

接頭要跟(1)中的選擇一致.

(3)根據實驗中測得的多組電壓表和電流表的示數，在U-/坐標系中描點連線，得

到圖像如圖丙所示.根據圖像可得，水樣的電阻值a=.

(4)結合題目給出的數據可知，該水樣的電導率(填“合格”或“不合格”).

15.為防止文物展出時因氧化而受損，需抽出存放文物的展柜中的空氣，充入惰性氣體,

形成低氧環境.如圖所示，為用活塞式抽氣筒從存放青銅鼎的展柜內抽出空氣的示

意圖.已知展柜容積為％,開始時展柜內空氣壓強為方,抽氣筒每次抽出空氣的體

積為白；抽氣一次后，展柜內壓強傳感器顯示內部壓強為需三「0；不考慮抽氣引起

io15

的溫度變化.求：

(1)青銅鼎材料的總體積；

(2)抽氣兩次后，展柜內剩余空氣與開始時空氣的質量之比.

16.如圖所示，水池的底面與水平面所成夾角為37。，一尺寸很小的遙控船模某時刻從4

點沿4。以%=0.5m/s的速度勻速向岸邊。點行駛，此時太陽位于船模的正后上方,

太陽光線方向與水平面的夾角a=37。.已知水的折射率n=%sin37。=0.6.

(1)求該時刻太陽光線在水中的折射角仇

(2)如圖所示，B點為4。連線上的一點，在遙控船模從4點駛向B點的過程中，其在

水池底面的影子從C點移向。點.請在答題紙圖中作圖確定并標出C點和。點；

(3)求遙控船模在水池底面的影子沿水池底面向。點運動速度的大小；

(4)若圖中太陽光線方向與水平面的夾角a變大(a<90°),則遙控船模在水池底面

的影子沿水池底面向。點運動的速度將如何變化(不要求推導過程，僅回答“增

大”“減小”或“不變”)？

第8頁，共25頁

17.某離子發動機簡化結構如圖甲所示，其橫截面半徑為R的圓柱腔分為I、n兩個工

作區：I區為電離區，其內有沿軸向分布的勻強磁場，磁感應強度的大小B=當,

eR

其中，m為電子質量，e為電子電荷量.II區為加速區，其內電極P、Q間加有恒定

電壓U,形成沿軸向分布的勻強電場.

在I區內離軸線T處的C點垂直于軸線持續射出一定速率范圍的電子，過C點的圓柱

腔橫截面如圖乙所示（從左向右看），電子的初速度方向與0C的連線成a角（0<a<

90°）.

（1）向I區注入某種稀薄氣體，電子要電離該氣體，電子的速率至少應為火.電子在

I區內不與器壁相碰且能到達的區域越大，其電離氣體的效果越好.為取得好的電

離效果，則I區中的磁場方向應為（按圖乙）垂直于紙面向（填“外”或

"里”）；

(2)不考慮電子間的碰撞及相互作用，電子碰到器壁即被吸收.在取得好的電離效

果下，當a=30。時，求從C點射出的電子速率及的最大值；

(3)I區產生的離子以接近。的初速飄入II區，被速后形成離子束，從右側噴出.已

知氣體被電離成質量為M的1價正離子，且單位時間內飄入II區的離子數目為定值n；

求推進器獲得的推力.

18.如圖所示，質量巾1=1.0kg的長直木桿豎直靜止在水平面上，但跟水平面并不黏合；

另一質量僅2=2.0kg、可視為質點的小橡膠環套在長直木桿上.現讓小橡膠環以

v0=15.0m/s的初速度從長直木桿頂端沿長木桿滑下，小橡膠環每次跟水平面的碰

撞都是瞬間彈性碰撞；而長直木桿每次跟水平面碰撞瞬間都會立即停下而不反彈、

不傾倒.最終小橡膠環未從長直木桿上端滑出.已知小橡膠環與長直木桿之間的滑

動摩擦力大小/=20.0M認為最大靜摩擦力大小等于滑動摩擦力大小，取重力加

速度g=lOm/sz.求：

(1)長直木桿的最小長度；

(2)長直木桿跟水平面第一次碰撞瞬間損失的機械能；

(3)長直木桿跟水平面第幾次將要碰撞時的速度大小表達式；

(4)小橡膠環在長直木桿上運動的總路程.

第10頁，共25頁

答案和解析

1.【答案】

D

【解析】

解：4、一群處于n=3能級的氫原子躍遷時最多能放出廢=3種不同頻率的光子，故A

錯誤；

BC、從n=3的激發態躍遷到基態的氫原子輻射的光子能量最多，其值為AE=%-Ei=

-1.51eK-(―13.60)eV=12.09eV,故BC錯誤；

D、處于n=2的能級氫原子其電離能為1.51W,處于第3能級的氫原子可以吸收一個能

量為1.51eV的光子并電離，故。正確。

故選：D。

根據數學組合公式求出氫原子躍遷時放出的不同頻率光子的種數；根據釋放的光子能量

等于兩能級間的能級差求出輻射光子的最大能量：氫原子電離需要吸收的能量是大于等

于所在能級能量的絕對值。

本題考查了光電效應與能級躍遷的綜合運用，知道躍遷時輻射或吸收的光子能量等于兩

能級間的能級差，并能靈活運用。

2.【答案】

C

【解析】

解：4、噴液過程中，溫度不變，儲氣室內氣體內能不變，故A錯誤；

8、噴液過程中，氣體膨脹對外做功，但內能不變，由熱力學第一定律可知，儲氣室內

氣體吸收熱量，故B錯誤；

C、由于噴液過程中溫度保持不變，氣體分子的平均動能不變，故分子熱運動劇烈程度

不變，但是氣體壓強減小，所以儲氣室內氣體分子對器壁單位面積的平均撞擊力逐漸減

小，故C正確；

。、只有當儲氣室內氣體壓強大于外界大氣壓強與導管內液體壓強之和，消毒液才能從

噴嘴噴出，故。錯誤；

故選:Co

溫度是氣體分子平均動能的唯一標志；

根據熱力學第一定律分析出氣體的吸放熱情況；

根據氣體壓強的微觀意義完成分析；

根據受力分析得出液體噴出噴嘴的條件。

本題主要考查了熱力學第一定律的相關應用，理解溫度是氣體分子平均動能的唯一標志,

結合熱力學第一定律即可完成分析。

3.【答案】

C

【解析】

解：4、x-t圖像的斜率表示速度，0?ti內圖像的斜率不變，說明汽車的速度不變，

做勻速直線運動，t2時刻斜率最小，速度最小，故A3錯誤；

c、t2?t3內圖像的斜率不斷增大，說明汽車的速度增大，做加速直線運動，故c正確；

D、t]?t2汽車做減速直線運動，加速度方向與速度方向相反。12?t3汽車做加速直線運

動，加速度方向與速度方向相同，而兩段時間內速度方向相同，所以，匕?功和t2?5汽

車的加速度方向相反，故。錯誤。

故選:Co

位移一時間圖像只能表示直線運動的位移隨時間的變化規律，圖像的斜率表示速度，根

據圖像的形狀分析汽車的運動情況，從而判斷ti?七2和=2?t3汽車的加速度方向關系。

本題主要考查對位移一時間圖像的理解，關鍵抓住縱坐標表示物體的位置，圖像的斜率

表示速度，來分析汽車的運動情況。

4.【答案】

C

【解析】

第12頁，共25頁

解：用平行單色光垂直照射一層透明薄膜，從透明薄膜的上下表面分別反射的兩列光是

相干光，發生干涉現象，出現條紋，所以此條紋是由上方玻璃板的下表面和下方玻璃板

的上表面反射光疊加后形成的，其光程差為透明薄膜厚度的2倍，當光程差4x=n2時此

處表現為亮條紋，即當薄膜的厚度：d=n4時對應的條紋為亮條紋，在題目的干涉條

紋中，從左向右條紋的間距增大，結合干涉條紋公式對應的厚度公式可知從左向右薄膜

厚度的變化率逐漸減小，故C正確，錯誤。

故選：Co

從透明薄膜的上下表面分別反射的兩列光是相干光，其光程差為透明薄膜厚度的2倍，

當光程差4%=幾4時此處表現為亮條紋，故相鄰亮條紋之間的透明薄膜的厚度差為g,且

干涉條紋與入射光在同一側，從而即可求解。

掌握了薄膜干涉的原理和相鄰條紋空氣層厚度差的關系即可順利解決此類題目.

5.【答案】

D

【解析】

解：B、根據題，+q、-q是兩個等量異種點電荷，通過4B的中垂面是一等勢面，C、E在

同一等勢面上，電勢相等，故8錯誤；C、。兩點的場強都與等勢面垂直，方向指向B一

側，方向相同，根據對稱性可知，場強大小相等，故C、。兩點的場強、電勢均相同；

故AB正確；

AC,兩個電荷在中垂面場強分布特點：場強方向均與中垂面垂直，電荷連線中點處場

強最大，以此為中心向四周逐漸減小，由幾何關系知E點距離中點比C點近，故E點場

強大于C點場強；C、。兩點與中心點距離相等，場強場強大小相等，故AC錯誤；

D、通過的中垂面是一等勢面，C、。在同一等勢面上，電勢相等，將另一帶負電的

檢驗電荷從C點沿直線CD移動到。點，電場力不做功。故。正確。

故選：D。

+q、-q是兩個等量異種點電荷，其電場線和等勢面分布具有對稱性，通過4B的中垂面

是一個等勢面，C、。在同一等勢面上，電勢相等，根據對稱性分析C、E場強關系；在

等勢面上運動點電荷電場力不做功。

本題關鍵要掌握等量異種電荷電場線和等勢線分布情況，抓住4BC0是正四面體的四個

頂點這一題眼，即可得出C、。處于通過4B的中垂面是一等勢面上。

6.【答案】

C

【解析】

解：分析題意可知，蜘蛛到達蜘蛛網的時候速度與水平方向成53。。時初速度最小，假設

速度最小，再利用平拋運動的物理公式聯立求解。

平拋運動和斜面的結合，而又不同于常規的考法，題目偏新穎，但解題方法依然是平拋

運動和兒何關系的綜合應用，很好地讓學生在模型遷移中得到成長。

7.【答案】

D

【解析】

解:4、工在0-5m的過程，對物塊，由動能定理得：nmgxcos37°-mgxsin37°=|mv2-

0,解得〃=0.8,故A錯誤；

B、由動能定理可知，整個過程中合外力對物塊做的功為小分=3nw2-o=：xl.Ox

2.02/=2.0/,故8錯誤；

2

C、對整個過程，由動能定理得：wf-mgLABsin37°=1mv-0,解得摩擦力對物塊

第14頁，共25頁

做的功為：M=62.0/,故C錯誤；

。、整個過程中摩擦力對物塊做的功等于物塊機械能的增加量與系統產生的內能之和，

故。正確。

故選：D.

物塊在傳送帶上向上運動57n的過程中做初速度為零的勻加速運動，末速度等于傳送帶

的速度，利用動能定理求物塊與傳送帶之間的動摩擦因數；對整個過程，利用動能定理

求合外力對物塊做的功，并求摩擦力對物塊做的功；根據能量轉化情況分析摩擦力對物

塊做的功與物塊機械能增加量的關系。

解決本題時，要知道動能定理是求功，特別是合外力做功、變力做功常用的方法，要熟

練掌握。

8.【答案】

B

【解析】

0原,原1

解：由理想變壓器的原、副線圈的電壓比”=以電流比L=

u副/副n

開關S斷開時，原線圈兩端的電壓=“-12/

副線圈電流：1副=^1原=記

副線圈兩端的電壓U豳=/韶也2+&)=出(1+4)=5n/

結合本題數據，當開關斷開時有*=鉀=幾①

S閉合時，/?3被短路，原線圈電流為4/,副線圈電流為4山

原線圈兩端的電壓U'原="_4/Ri=4-48/

副線圈兩端的電壓。'筋=蕨

12=4n//?2=4n/

當開關閉合時有知=3祟=n②

綜合得到u=192/,解得n=6.

故8正確，AC。錯誤。

故選：Bo

變壓器輸入電壓為U與電阻％兩端電壓的差值；再根據電流之比等于匝數的反比可求得

輸出電流；根據電壓之比等于匝數之比對兩種情況列式，聯立可求得U與1的關系；則可

求得線圈匝數之比.

本題考查理想變壓器原理及應用，要注意明確電路結構，知道開關通斷時電路的連接方

式；同時注意明確輸入電壓與總電壓之間的關系.

9【答案】

BD

【解析】

解：衛星都繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，根據牛頓第二定律得：

2

》Mmv747r2

)￡

r2=m—r=mra=mr—T2

AD、整理解得線速度為：D=秒，由題意知軌道半徑關系為2。=2rB=3rc,可得4的

線速度大小與B的線速度大小相等，B和C的線速度之比為：￡=唐=1，故A錯誤，

。正確；

B、整理解得線速度為：3=聆，由題意知軌道半徑關系為2。==3幾，可得人的

角速度小于C的角速度，故B正確；

C、整理解得線速度為：T=J富，由題意知軌道半徑關系為2以=2TB=3rc,可得B

和C的周期之比為：於=押=后，故C錯誤。

故選：BD。

由萬有引力提供向心力，根據牛頓第二定律得出衛星的線速度、角速度、周期與軌道半

徑的關系。

本題以我國北斗衛星導航系統為背景，考查了萬有引力定律在實際問題中的應用，要求

學生明確衛星繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，結合牛頓第二定律求解。

10.【答案】

CD

【解析】

第16頁，共25頁

解：由圖甲可知波長：A=2m,振幅：A=0.1m

圖乙所示質點在t=0時在正向最大位移處，圖丙所示質點在t=0時，y=-0.05m,運

動方向沿y軸正方向，結合波形圖找到對應的點，如圖所示：

四分之一波長為0.5m,若P在Q左邊,兩平衡位置的距離為0.5m-：x0.5m=

若P在Q右邊，兩平衡位置的距離為3x0.5m+1x0.5m=|m

考慮周期性得

x=nA+）或x=nA+

可得CO正確，48錯誤。

故選：CD。

首先畫出波形草圖，據草圖分析質點振動關系，判斷質點間距公式，把振動圖象和波動

圖象聯系起來.

本題考查振動圖象、波動圖象及相關知識，難度較大，要仔細分析，此題的關鍵是據波

形圖分析.

11.【答案】

ACD

【解析】

解：力、繩子繃緊前，C在B上滑動過程，兩者組成的系統合外力為零，系統動量守恒，

取向左為正方向，由動量守恒定律得：

巾3。0=（巾2+巾3）藥，解得B、C達到的共同速度大小：%=1.0m/s,故力正確；

BC、繩子剛繃緊瞬間，A與B組成的系統動量守恒，取向左為正方向，由動量守恒定律

得：

m2vr=（mj+m2）v2＞解得繩子剛繃緊后的瞬間4、B的速度大小：v2=0.5m/s,故8

錯誤，C正確；

D、設最終4、8、C三者的共同速度為。3。對整個過程，取向左為正方向，由4、B、C組

成的系統動量守恒得：

22

m

m3v0=(恤+m2+m3)v3＞解得%=~/s＜即取終4、B、C三者將以大小為&m/s的

共同速度一直運動下去，故。正確。

故選：ACD.

繩子繃緊前，C在B上滑動過程，兩者組成的系統動量守恒，由動量守恒定律求B、C達

到的共同速度大小；繩子剛繃緊瞬間，A與B組成的系統動量守恒，由動量守恒定律求

繩子剛繃緊后的瞬間4、B的速度大小；繩子繃緊后，4、B、C組成的系統動量守恒，

由動量守恒定律求最終4、B、C三者的共同速度。

本題是多研究對象、多過程問題，要分析清楚物體的運動過程，明確研究對象，分過程

利用動量守恒定律即可正確解題。

12.【答案】

BC

【解析】

解：4、金屬棒助保持靜止，受到的安培力與重力平衡，則知金屬桿ab受到的安培力方

向豎直向上，由左手定則判斷可知，金屬棒中電流方向由a-b,線圈中感應電流方向

由M-P,線圈中感應電流的磁場方向與原磁場方向相反，由楞次定律判斷可知，磁場

口2均勻增大，故A錯誤；

B、金屬棒ab保持靜止，根據平衡條件得mg=解得金屬棒中的電流/=0.254,

故B正確；

C、根據閉合電路歐姆定律得線圈產生的感應電動勢為E=/R&=/.普=0.25x

—V=0.25V

2+2

根據法拉第電磁感應定律得E=N^=NS號聯立解得：黑=10T/s,故C正確；

。、斷開K之后，金屬棒ab先向下做加速運動，后做勻速運動，速度達到最大，由平衡

條件得：mg=B/iL=警決,解得金屬棒ab下滑的最大速度為外,=2.5m/s,故。錯

誤。

故選：BCo

金屬棒ab保持靜止，受到的安培力與重力平衡，判斷出金屬桿ab受到的安培力方向，

第18頁，共25頁

由左手定則判斷棒中感應電流方向，再根據楞次定律判斷磁場外的變化情況；對金屬棒

ab,利用平衡條件和安培力公式求金屬棒中的電流，根據閉合電路歐姆定律求出線圈產

生的感應電動勢，再根據法拉第電磁感應定律求勻強磁場多的磁感應強度的變化率。斷

開K之后，金屬棒必先向下做加速運動，后做勻速運動，速度達到最大，由平衡條件求

其下滑的最大速度。

本題有感生電動勢，也有動生電動勢，要搞清電路的結構，抓住電磁感應與電路聯系的

橋梁是感應電動勢，要知道斷開K之后，金屬棒ab的運動過程與汽車恒定功率起動類似,

當金屬棒的加速度為零時速度最大。

13.【答案】

20.001.00

【解析】

解：(1)刻度尺的分度值為1mm,所以其讀數為20.00cm；

(2)將表中的數據描于坐標紙上，用一條直線盡可能地穿過更多的點，不在直線上的點

盡量均勻地分布在直線兩側，誤差較大的點舍去，貝k-m圖像如下圖所示：

(3)由圖可知，當沒有掛鉤碼時，彈簧的伸長量為l.OOczn,可得由于自身重力而引起的

彈簧的伸長量為1.00cm。

故答案為：(1)20.00；(2)如上圖所示；(3)1.00

(1)根據刻度尺的讀數規則得出彈簧的原長；

(2)將表中的數據描于坐標紙上，用一條直線盡可能地穿過更多的點，不在直線上的點

盡量均勻地分布在直線兩側，誤差較大的點舍去，畫出對應的x-m圖像；

(3)根據圖像得出因為彈簧自重而引起的彈簧伸長量。

本題主要考查了胡克定律的相關應用，熟悉描點畫圖，結合圖像完成分析即可，難度不

大。

14.【答案】

c60000。不合格

【解析】

解：(1)實驗過程利用試觸法發現電流表的指針偏轉變化明顯，電壓表指針偏轉幾乎不

變，說明電流表分壓不明顯，電壓表分流現象明顯，為提高實驗的準確性，減小實驗誤

差，電流表應該內接，故電壓表接頭接在c點；

(2)滑動變阻器分壓式連接，電流表內接，電源電動勢為12乙電壓表選擇大量程接入,

故實物連接如下圖所示：

(3)根據部分電路的歐姆定律可知：

"號=1^0=6。。。。。

(4)根據電阻的決定式R=孩可得：

p=-=60000xlx^-4n.m=120U-m,小于合格標準的電阻率，故不合格。

1L5x10-2

故答案為：(l)c；(2)實物連接圖如上圖所示；(3)600002(4)不合格

(1)根據電表的指針偏轉明顯程度選擇合適的電流表接法，從而分析出電壓表接頭的連

接位置；

(2)根據電表的連接方式畫出對應的實物連線圖；

(3)根據歐姆定律計算出電阻值的大小；

(4)根據電阻定律計算出電導率的大小，并分析出水樣的合格與否。

本題主要考查了自來水電阻率的測量，根據實驗原理掌握正確的實驗操作，結合歐姆定

律和電阻定律即可完成分析。

15.【答案】

解：(1)抽氣過程是等溫變化，設青銅鼎的體積為心

初狀態：Pi=Po，V^VQ-V

末狀態：P2=-7Po>彩=%—U2—V

±J1O1O

由玻意耳定律得P1匕=p2Vz

第20頁，共25頁

解得：

o

(2)根據(1)計算得匕=

O

第二次抽氣：P2%=P3(%+V)

解得：P3=^|?0

此時初狀態：Pi=Po,匕=：7匕

末狀態：P3=震20

設氣體壓強為P3時體積為匕，則P3%=P1匕

解得：匕

根據m=pV

解得：隨=小愛

mV3225

答：(1)青銅鼎材料的總體積為5%;

O

(2)抽氣兩次后，展柜內剩余空氣與開始時空氣的質量之比為豪.

【解析】

(1)抽氣過程中溫度不變，根據玻意耳定律可求得青銅鼎的體積；

(2)根據剩余氣體與原氣體的等溫變化可求得質量之比。

本題考查玻意耳定律的應用，關鍵在于掌握氣體變化過程中是否處于等溫狀態。

16.【答案】

解：(1)由折射定律得：”=史堂巴

sin。

代入數據解得：3=37。

(2)光路圖如下：

C

(3)由幾何關系得：v=vosin53°

代入數據得：v=0.4m/s

(4)若圖中太陽光線方向與水平面的夾角a變小，。增大，則遙控船模在水池底部的影子

沿水池底面向。點運動的速度減小。

答：(1)該時刻太陽光線在水中的折射角為37。；

(2)圖見解析；

(3)遙控船模在水池底面的影子沿水池底面向。點運動速度的大小為0.4m/s；

(4)若圖中太陽光線方向與水平面的夾角a變大(a<90°),則遙控船模在水池底面的影

子沿水池底面向。點運動的速度將減小.

【解析】

(1)已知入射角和折射率，根據折射定律求折射角。；

(2)根據光的折射現象作圖；

(3)將遙控船模的速度分解，從而求出該時刻遙控船模在水池底部的影子沿水池底面向。

點運動速度的大小也

(4)根據遙控船模在水池底部的影子速度與遙控船模速度的關系分析。

解決本題時，要完成光路圖，根據幾何知識分析遙控船模在水池底部的影子速度與遙控

船模速度的關系。

17.【答案】

里

【解析】

解：(1)根據左手定則，為取得好的電離效果，磁場方向是垂直紙面向里；

(2)如圖所示，當電子軌跡與橫截面圓內切時;電子能到達的區域最大，電離效果最好。

第22頁，共25頁

根據兒何關系可得：04=R-r,0C