2021-2022學年高考物理模擬試卷

注意事項

1.考生要認真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、一個質點沿豎直方向做直線運動，0~片時間內的速度一時間圖象如圖所示，若0~4時間內質點處于失重

狀態，則4~12時間內質點的運動狀態經歷了（）

A.先超重后失重再超重B.先失重后超重再失重

C.先超重后失重D.先失重后超重

2、如圖所示，一理想變壓器原、副線圈的匝數之比/：〃2=4：1,副線圈接有一負載電阻和一個閃光燈，閃光燈兩端

的電壓不小于55V時，閃光燈就會發光。已知〃、8間接有"=2200sin（100"）V的交流電壓，負載電阻R=55C,

A.Imin內，閃光燈發光時間為30sB.電壓表的示數為55拒V

C.電流表的示數為1AD.閃光燈閃光的頻率為50Hz

3、如圖所示，實線表示某電場中的電場線，但方向未知，虛線是某一帶負電的粒子通過該電場區域的運動軌跡，4、

8是運動軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力作用，在A、8兩點的電勢分別為。八、（PB,加速度大小分別

為北、4,速度大小分別為乙、％，電勢能大小分別為片＞八、Epp,則下列說法正確的是（)

A.v<v,a>a

ABAHB.L>%，(PA?PK

c.%>%,EPA<EPBD.(pA<(pK,EPA>EPH

4、如圖所示，彈簧振子在a、b兩點間做簡諧振動當振子從平衡位置O向a運動過程中

7二'白匚'

/fnmnra0b

A.加速度和速度均不斷減小

B.加速度和速度均不斷增大

C.加速度不斷增大，速度不斷減小

D.加速度不斷減小，速度不斷增大

5、某物體以一定的初速度沿足夠長的斜面從底端向上滑去，此后該物體的運動圖像不可能的是（圖中x是位移、v是

速度、t是時間）

6、如圖所示，虛線a、c是電場中的一簇等勢線（相鄰等勢面之間的電勢差相等），實線為一a粒子（重力不計）

僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，匕。是這條軌跡上的兩點，據此可知（）

A.a、氏c三個等勢面中，。的電勢最高

B.電子在P點具有的電勢能比在。點具有的電勢能小

C.a粒子在P點的加速度比。點的加速度大

D.帶電質點一定是從尸點向。點運動

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、科學實驗證明，通電長直導線周圍磁場的磁感應強度大小8=%：,式中常量Q0,/為電流強度，/為距導線的距

離。如圖所示，三根完全相同且通有恒定電流的長直導線心dc,其截面位于等邊三角形的三個頂點，dc通過

的恒定電流大小分別為/八/八Ie,氏c位于光滑絕緣水平面上，三根導線均可保持靜止狀態，則（）

吸

/\

.，\

/\

?、

上。I二二二二二二二二%土

A.a、5通有同向的恒定電流

B.導線a受的合磁場力豎直向上

C.導線服》所受的合磁場力大小相等、方向相反

D.導線a、b、c上通有的電流大小關系為/”=2/b=2/c

8、長為/、間距為d的平行金屬板水平正對放置，豎直光屏”到金屬板右端距離為/,金屬板左端連接有閉合電路，

整個裝置結構如圖所示.質量為加、電荷量為q的粒子以初速度％從兩金屬板正中間自左端N點水平射入，當滑動變

阻器的滑片在某一位置時，粒子恰好垂直撞在光屏上.對此過程，下列分析正確的是（）

A.粒子在平行金屬板間的運動時間和從金屬板右端到光屏的運動時間相等

B.板間電場強度大小為濁

q

C.若僅將滑片P向下滑動一段后，再讓該粒子從N點以水平速度％射入板間，粒子不會垂直打在光屏上

D.若僅將兩平行板的間距變大一些，再讓該粒子從N點以水平速度％射入板間，粒子依然會垂直打在光屏上

9、如圖所示質量均為機的物體AB通過輕質彈簧連接；物體A、C通過輕繩連接在光滑的輕質定滑輪兩側，用手托著

質量為M的物體C使A靜止在彈簧上，物體B靜止在地面上，繩伸直恰無彈力。忽略空氣阻力，放手后物體C下落,

直至物體B對地面恰好無壓力。若將C換成大小為Mg的豎直向下的拉力作用，也直至物體B對地面恰好無壓力。兩

種情況下，此時A的動能分別表示為、Ek2,A的重力勢能分別表示為E八、Ep2,彈簧的彈性勢能分別表示為E%、

后出，細繩對A所做的功分別表示為“、也，重力加速度為g，則下列說法中正確的是（）

E

A.若M=m,則紇1="B.若M>m,則與,>4

C.若則%>%D.若M>加，則叱<嗎

10、如圖，水平面內固定有兩根平行的粗糙長直金屬導軌，兩根相同的導體棒A3、CZ）置于導軌上并與導軌垂直，整

個裝置處于豎直方向的勻強磁場中。從U0時開始，對45棒施加一與導軌平行的水平外力壯使45棒從靜止開始向

右做加速度大小為的的勻加速直線運動。導軌電阻不計，兩棒均與導軌接觸良好，最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力。

下列關于CD棒的速度八加速度a、安培力F安和外力F隨時間t變化的關系圖線可能正確的是（）

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學用圖示的實驗裝置探究加速度與力的關系。他在氣墊導軌旁安裝了一個光電門5,滑塊上固定一遮

光條，滑塊用細線繞過氣墊導軌左端的定滑輪與力傳感器相連，力傳感器可直接測出繩中拉力大小，傳感器下方懸掛

鉤碼。改變鉤碼數量，每次都從A處由靜止釋放滑塊。已知滑塊（含遮光條）總質量為M,導軌上遮光條位置到光電

門位置的距離為L.請回答下面相關問題。

23

4岫仙用"出儼

P1

05101520

(1)如圖，實驗時用游標卡尺測得遮光條的寬度為一o某次實驗中，由數字毫秒計記錄遮光條通過光電門的時間為f,

由力傳感器記錄對應的細線拉力大小為尸，則滑塊運動的加速度大小應表示為一(用題干已知物理量和測得物理量

字母表示)。

(2)下列實驗要求中不必要的是()

A.應使滑塊質量遠大于鉤碼和力傳感器的總質量

B.應使遮光條位置與光電門間的距離適當大些

C.應將氣墊導軌調節至水平

D.應使細線與氣墊導軌平行

12.(12分)某同學用如圖甲所示的電路測量一未知電阻&的阻值。電源電動勢為12.0V,供選用的滑動變阻器有:

A.最大阻值10。，額定電流2.0A；

B.最大阻值50。，額定電流0.2A。

回答以下問題:

(1)滑動變阻器應選用(選填"A”或"B”)。

(2)正確連接電路，閉合開關，電壓表的示數為8.0V,電流表的示數為0.16A,則測得電阻阻值&海產Q.

(3)相同器材，用如圖乙電路測量，操作和讀數正確，測得電阻阻值以測乙&測甲(選填“=”或“>"或

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，質量為如的長木板靜止在水平地面上，與地面間的動摩擦因數為川=0.5,其端有一固定的、

光滑的半徑K=0.4m的四分之一圓弧軌道(接觸但無黏連)，長木板上表面與圓弧面最低點等高，木板左側有一同樣的

固定的圓弧軌道，木板左端與左側圓弧軌道右端相距xo=lm。質量為m2=2叩的小木塊(看成質點)從距木板右端

x=2m處以vo=lOm/s的初速度開始向右運動，木塊與木板間的動摩擦因數為"2=0.9,重力加速度取g=lOm/s?。求:

(1)"?2第一次離開右側圓弧軌道后還能上升的最大高度。

⑵使，如不從，加上滑下，，小的最短長度。

(3)若，力取第(2)問中的最短長度，m2第一次滑上左側圓弧軌道上升的最大高度。

14.(16分)如圖所示，一定質量的氣體從狀態4經狀態5、C、。再回到狀態4.已知氣體在狀態4時的體積是1L。

(latm=1.013xl05Pa,ln3=1.099)

①求氣體在狀態C的體積；

②氣體從狀態A經狀態仄C、。再回到狀態A的過程中，吸收或放出的熱量Q。

15.(12分)如圖為在密閉容器內一定質量的理想氣體由狀態4變為狀態5的壓強產隨體積V的變化關系圖像。

(1)用分子動理論觀點論證狀態A到狀態B理想氣體溫度升高；

⑵若體積VB：VA=5：3,溫度TA=225K,求TB.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

n-f圖像的斜率表示加速度，則0~彳時間內質點加速，質點處于失重狀態，說明這段時間內質點向下加速，則

時間內質點先向下加速后向下減速，因此運動狀態是先失重后超重，選項D正確，ABC錯誤。

故選Do

2、A

【解析】

根據公式

U|_"

U2n2

可知，副線圈兩端的電壓有效值

U2=55V

則電壓表的示數為55V,通過電阻R的電流

/,=幺=1A

R

由于閃光燈也有電流通過，故電流表的示數大于1A,根據正弦交變電流的特點可知，一個周期內閃光燈有兩次閃光,

因此閃光燈的頻率為交流電頻率的2倍，即為100Hz,副線圈兩端電壓的最大值為558V，根據正弦函數關系可知,

一個周期內閃光燈兩端的電壓超過55V的時間有半個周期，故Imin內閃光燈發光時間為30s；故A正確，BCD錯誤。

故選Ao

3、C

【解析】

虛線是某一帶負電的粒子通過該電場區域的運動軌跡，帶電粒子在運動中只受電場力作用，粒子的受力方向和場強方

向如圖：

若粒子由A運動到5,電場力方向和運動方向成鈍角，電場力做負功，粒子的電勢能增大，即粒子在運

動中只受電場力作用，電場力做負功，粒子動能減小，vA>vB.EpA<EpB,粒子帶負電，外〉%。A處電場線比

8處密集，粒子在A處受到的電場力比〃處大，則粒子在A處的加速度大于5處，即即>許。故C項正確，ABD

三項錯誤。

4、C

【解析】

彈簧振子的振動規律.

【詳解】

當振子從平衡位置O向a運動過程中，位移逐漸增大，恢復力逐漸增大，加速度逐漸增大，因為速度和加速度方向相

反，故速度逐漸減小，選項C正確.

5、C

【解析】

試題分析：物體上滑過程中，由于受力恒定，做勻減速直線運動，故位移x=如果上滑到最高點能下滑，

則為拋物線，若物體上滑上最高點，不能下落，則之后位移恒定，AB正確；速度時間圖像的斜率表示加速度，上滑

過程中加速度為4=(gsine+"gcos。)，下滑過程中加速度%=(gsin。—〃gcos。)，故上滑過程中加速度大于下

滑過程中的加速度，C錯誤；如果物體上滑做勻減速直線運動，速度減小到零后，重力沿斜面向下的分力小于最大靜

摩擦力，則物體不會繼續下滑，故處于靜止狀態，故D正確；

考點：考查了運動圖像

【名師點睛】物體以一定的初速度沿足夠長的斜面，可能先向上做勻減速直線運動，后向下做勻加速直線運動，勻加

速運動的加速度小于勻減速運動的加速度，物體返回時速度減小；可能先向上做勻減速直線運動，后停在最高點

6、C

【解析】

A.電荷所受電場力指向軌跡內側，由于a粒子帶正電，因此電場線指向上方，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電

勢最低，c等勢線的電勢最高，故A錯誤；

B.a等勢線的電勢最低，c等勢線的電勢最高；而電子帶負電，負電荷在電勢高處的電勢能小，所以電子在尸點具有

的電勢能比在。點具有的電勢能大，故B錯誤；

C.等勢線密的地方電場線密場強大，故尸點位置電場強，電場力大，根據牛頓第二定律，加速度也大，故C正確；

D.由圖只能判斷出粒子受力的方向，不能判斷出粒子運動的方向，故D錯誤：

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、BD

【解析】

AB.對長直導線。分析，長直導線”受到重力、長直導線〃對長直導線。的磁場力和長直導線c對長直導線”的磁場

力，根據平衡條件可知長直導線b與長直導線。作用力是相互排斥，長直導線c對長直導線。作用力是相互排斥，所

以長直導線。與長直導線。有反向的恒定電流，長直導線“受的合磁場力豎直向上，且有大小等于長直導線。的重力，

故A錯誤，B正確；

C.視長直導線。、6、＜、整體，對其受力分析，根據平衡條件可得光滑絕緣水平面對長直導線。支持力等于長直導線

〃重力的1?倍；對長直導線〃受力分析，受到重力、光滑絕緣水平面對其支持力、長直導線c對其吸引力和長直導線a

2

對其排斥力，根據力的合成與分解可得長直導線匕所受的合磁場力大小等于長直導線人重力的,倍，方向豎直向下,

2

故C錯誤：

D.對長直導線。受力分析，在水平方向，根據平衡條件可得

BJ,LCOS60O=BJJ

即可得

g=/(.

對長直導線匕受力分析，同理可得

故D正確；

故選BD?

8、ABD

【解析】

A、粒子先在水平放置的平行金屬板間做平拋運動，粒子恰好垂直撞在光屏上，所以粒子離開電場后，粒子一定打在

屏的上方，做斜上拋運動，粒子在水平放置的平行金屬板間做平拋運動和離開電場后斜上拋運動，水平方向都不受外

力，都做勻速直線運動，速度都等于vo,所以粒子在平行金屬板間的運動時間和從金屬板右端到光屏的運動時間相等,

故A正確；

qE-msI

B、設粒子在平行金屬板間的運動過程中加速度大小為a,則粒子離開電場豎直分速度大小為八=g=———,

m%

粒子離開電場后斜上拋運動則有L=g，2=g?'，聯立解得E=2空，故B正確；

%q

C、若僅將滑片P向下滑動一段后，R的電壓減小，電容器的電壓減小，帶電量要減小，因為二極管具有單向導電性,

所以電容器不能放電，帶電量不變，板間的電壓不變，所以粒子的運動情況不變，再讓該粒子從N點以水平速度％射

入板間，粒子會垂直打在光屏上，故C錯誤；

D、若僅將兩平行板的間距變大一些，電容器的電容要減小，由。=告知U不變，電量要減小，但因為二極管具有單

向導電性，所以電容器不能放電，帶電量不變，板間的電場強度不變，所以粒子的運動情況不變，再讓該粒子從N點

以水平速度埒射入板間，粒子會垂直打在光屏上，故D正確；

故選ABD.

【點睛】粒子先在水平放置的平行金屬板間做平拋運動，粒子恰好垂直撞在光屏上，所以粒子離開電場后，粒子一定

打在屏的上方，做斜上拋運動，粒子在水平放置的平行金屬板間做平拋運動和離開電場后斜上拋運動，采用運動的合

成與分解求解.

9、AD

【解析】

A.開始時彈簧被壓縮

AAx=—mg

k

當物塊〃恰對地面無壓力時，彈簧的彈力等于機g,此時彈簧伸長

A-mg

zkr=—

k

則兩種情況下彈簧的形變量相同，彈簧的彈性勢能不變；由能量關系，第一種情況：

Mgh,=mgh+—1(m-^-M)v2

第二種情況：

1.

Mgh=mgh+—mv~9

r

若M-m,則v=v,即Ex=Ek2,選項A正確；

B.兩種情況下彈簧長度均變化〃=々警，即A上升的高度相同，重力勢能變化量相同，選項B錯誤；

k

C.兩種情況下彈簧伸長量相同，則彈性勢能相同，選項C錯誤；

D.由A的分析可知，若則X/,第一種情況下繩子對A做功：

1,

叫=mgh+—mv

第二種情況下繩子對A做功：

2

W2=mgh+^mv

則

叫＜W2

選項D正確；

故選ADo

10、BD

【解析】

A.因金屬棒與導軌之間有摩擦力，可知開始時導體棒的速度為零，當所受的安培力等于最大靜摩擦力時才開始

運動，故A錯誤；

B.開始時，B棒的速度為零，加速度為零；當CD開始運動后加速度從。開始逐漸變大，與48的速度差逐漸變大,

則回路中感應電流逐漸變大，導體棒所受的向右的安培力逐漸變大，加速度逐漸變大，當CD的加速度與A8加速度

相等時，兩棒的速度差保持不變，安培力保持不變，加速度保持不變，故B正確;

C.在開始CD棒不動時，安培力

-…BLatB-l}a

F鏟=BL------=--------1

安2R2R

即安培力隨時間成正比關系增加；當。開始運動后，導體棒所受的向右的安培力逐漸變大，但非線性增加，最后保

持不變，故C錯誤；

D.對48夕卜力

B2l}a

F^ma^+f+F^=ma0+f+-------1

2R

開始時CD加速度為零，AB加速度為a=a0,則此時外力F隨時間t線性增加；當CD開始運動后加速度從0開始逐漸

變大，導體棒48所受的向左的安培力逐漸變大，但非線性增加，最后保持不變，故D正確。

故選BD.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

12

11、0.96cm------A

2Lt2

【解析】

(1)口|游標卡尺的主尺讀數為9mm,游標尺上第12個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為

12x0.05mm=0.60mm,所以最終讀數為：

d=9mm+0.60mm=9.60mm

[2]已知初速度為零，位移為L,要計算加速度，需要知道末速度，故需要由數字計時器讀出遮光條通過光電門3的時

間/,末速度：

d

v=一

t

由v>2=2aL得:

v2_d2

2L-277

(2)[3]A.拉力是直接通過傳感器測量的，故與小車質量和鉤碼質量大小關系無關，不必要使滑塊質量遠大于鉤碼和力傳

感器的總質量，故A符合題意；

B.應使A位置與光電門間的距離適當大些，有利于減小誤差，故B不符合題意；

C.應將氣墊導軌調節水平，使拉力才等于合力，故C不符合題意；

D.要保持拉線方向與氣墊導軌平行，拉力才等于合力，故D不符合題意。

12、A50.0>

【解析】

d)[l].滑動變阻器要接成分壓電路，則應選用阻值較小的A。

(2)[2],根據歐姆定律可得電阻阻值&測量值為

R=巨=歿。=50.0。

*廁甲j016

(3)[3].甲圖中電流的測量值偏大，根據用.測=彳可知，電阻的測量偏小；乙圖中電壓的測量值偏大，根據R硼j=亍可

知，電阻的測量偏大；則電阻阻值

&測乙〉&測用

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

81

13、(l)2.8m；(2)—m；(3)—m

330

【解析】

(D設滑塊到達木板右端的速度為小由動能定理可得

1212

一〃2/gX=5m2%網?

代入數據，解得燈=8m/s

設滑塊離開圓弧軌道后.上升的最大高度為小，由動能定理可得

2

-zn2g(/?+/z1)=0-1/n2v1

代入數據，解得加=2.8m。

(2)由機械能守恒定律可得滑塊回到木板底端時速度大小0=8m/s,滑上木板后，滑塊的加速度為42,由牛頓第二定

律

4加2g=m2a2

木板的加速的為四，由牛頓第二定律

〃2叫一從(〃22+/必=叫4

22

解得q=3m/s,a2=9m/s?

設經過八時間后兩者共速，共同速度為V,

由運動學公式可知

v=v,-a2t}=a{t[,4=-s

解得y=2m/s

該過程中木板的位移

%av

2

x,=—m

13

滑塊走過的位移

V.+V

X2=2Z,

10

—m

3

由于％<x°=l