遼寧省撫順十中2023-2024學年物理高二上期末經典模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，真空中一條直線上有四點A、B、C、D，AB＝BC＝CD，只在A點放一電量為＋Q的點電荷時，B點電場強度為E，若又將等量異號的點電荷－Q放在D點，則()A.B點電場強度為E，方向水平向右B.B點電場強度為E，方向水平向右C.B點的電場強度大于C點的電場強度D.BC線段的中點電場強度為零2、如圖所示，金屬導軌上的導體棒ab在勻強磁場中沿導軌做下列哪種運動時，線圈c中將有感應電流產生（）A.向右做勻速運動 B.向右做加速運動C.靜止不動 D.向左做勻速運動3、面積是的矩形導線框，放在一磁感應強度為且范圍足夠大的勻強磁場中，線框平面與磁場方向成30°，則穿過導線框所圍面積的磁通量為（）A. B.C. D.BS4、如圖所示，MN、PQ是間距為L的平行金屬導軌，置于磁感應強度為B、方向垂直導軌所在平面向里的勻強磁場中，M、P間接有一阻值為R的電阻．一根與導軌接觸良好、有效阻值為R的金屬導線ab垂直導軌放置，并在水平外力F的作用下以速度v向右勻速運動，則（不計導軌電阻）（）A.通過電阻R的電流方向為P→R→MB.a、b兩點間的電壓為BLvC.a端電勢比b端高D.a端電勢比b端低5、一質量為m＝1kg物體在水平恒力F作用下沿直線水平運動，1s末撤去恒力F，其v－t圖象如圖所示，則恒力F和物體所受阻力Ff的大小是（）A.F＝9N，Ff＝2N B.F＝8N，Ff＝3NC.F＝8N，Ff＝2N D.F＝9N，Ff＝3N6、兩個質量相同、所帶電荷量相等的帶電粒子a、b，以不同的速率對準圓心O沿著AO方向射入圓形勻強磁場區域，其運動軌跡如圖所示．不計粒子的重力，下列說法正確的是（）A.a粒子帶正電，b粒子帶負電B.a粒子磁場中所受洛倫茲力較大C.b粒子動能較大D.b粒子在磁場中運動時間較長二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時的動能，則下列方法可行的是（）A.增大磁場的磁感應強度 B.減小狹縫間的距離C.增大D形金屬盒的半徑 D.增大兩D形金屬盒間的加速電壓8、在如圖所示的電路，電源的內阻為r，現閉合電鍵S，將滑片P向左移動一段距離后，下列結論正確的是A.燈泡L變亮 B.電壓表讀數變小C.電流表讀數變小 D.電容器C上的電荷量增大9、如圖是質譜儀的工作原理示意圖．帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器．速度選擇器內相互正交的勻強磁場和勻強電場的強度分別為B和E．平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2.平板S下方有磁感應強度為B0的勻強磁場．下列表述正確的是（）A.能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于B.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外C.質譜儀是一種可測定帶電粒子比荷的儀器D.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷越大10、如圖，在同一平面內固定有一長直導線PQ和一導線框R，R在PQ右側．導線PQ中通有正弦交流電i，i的變化如圖所示，規定從Q到P為電流正方向．導線框R中的感應電動勢A.在時為零B.在時改變方向C.在時最大，且沿順時針方向D.在時最大，且沿順時針方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，由圖讀出金屬絲的直徑是_________mm。12．（12分）要減少電能輸送時的損失，有兩個途徑：（1）、___________（2）、___________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】AB.只在A點放正電荷時，B點的場強為又將等量異號的點電荷?Q放在D點后，B點的場強大小為方向水平向右，故A錯誤，B正確；C.此時C點的場強大小為方向水平向右，與B點的電場強度相同，故C錯誤；D.Q和?Q在BC線段的中點產生的場強大小相等，方向相同，疊加后合場強不為零，故D錯誤。故選B。2、B【解析】要使線圈c中有感應電流產生，必須使穿過線圈c的磁通量發生變化。當導體棒ab做勻速運動或靜止時，穿過線圈c的磁通量均不變，故線圈c中均不能產生感應電流；當導體棒ab做變速運動時，切割磁感線產生的感應電流大小發生了變化，使得穿過線圈c的磁通量發生變化，因此能夠產生感應電流。故選B。3、C【解析】線框平面與磁場方向成30°，根據磁通量的定義為穿過線圈平面的有效的磁感線條數，有：；故C正確，ABD錯誤。故選C。4、C【解析】A：由右手定則可知，通過電阻R的電流方向為M→R→P．故A項錯誤B：導體棒切割磁感線產生的感應電動勢，則a、b兩點間的電壓．故B項錯誤CD：由右手定則可知，通過導體棒的電流由b→a，此時導體棒是電源，則導體棒a端電勢比b端高．故C項正確，D項錯誤【點睛】在電源內部，電流由電勢低處流向電勢高處；在電阻上，電流由電勢高處流向電勢低處5、D【解析】根據圖線分別求出勻加速直線運動和勻減速直線運動的加速度大小，根據牛頓第二定律求出恒力F和阻力的大小【詳解】由圖線知，勻加速直線運動的加速度勻減速直線運動的加速度大小根據牛頓第二定律得F-Ff=ma1Ff=ma2解得F=9NFf=3N故D正確、ABC錯誤故選D。【點睛】本題考查了牛頓第二定律的基本運用，通過圖線得出加速度，結合牛頓第二定律進行求解6、C【解析】A．粒子向右運動，根據左手定則，b向上偏轉，應當帶正電；a向下偏轉，應當帶負電，故A錯誤BC．洛倫茲力提供向心力，即：，得：，故半徑較大的b粒子速度大，動能也大．由公式f=qvB，故速度大的b受洛倫茲力較大．故B錯誤，C正確D．磁場中偏轉角大的運動的時間也長；a粒子的偏轉角大，因此運動的時間就長．故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由洛倫茲力提供向心力，可知計算得出則動能可知，動能與加速的電壓無關，與狹縫間的距離無關，與磁感應強度大小和D形盒的半徑有關，增大磁感應強度和D形盒的半徑，可以增加粒子的動能，故選AC。8、CD【解析】滑片P向左移動一段距離后電阻變大，故電路的電流減小，電流表讀數變小，燈泡L變暗；路端電壓變大，故電壓表讀數變大；滑動變阻器兩端電壓變大，根據Q=CU可知，電容器C上的電荷量增大，選項CD正確，AB錯誤.9、BCD【解析】在速度選擇器中，電場力和洛倫茲力平衡，有：qE=qvB，解得v=E/B．故A錯誤．根據帶電粒子在磁場中的偏轉方向，根據左手定則知，該粒子帶正電，則在速度選擇器中電場力水平向右，則洛倫茲力水平向左，根據左手定則知，磁場方向垂直紙面向外．故B正確．進入偏轉電場后，有：qvB0=m，解得：，可知質譜儀是可以測定帶電粒子比荷的儀器．故C正確；由上式可知，知越靠近狹縫P，r越小，比荷越大．故D正確．故選BCD【點睛】解決本題的關鍵知道粒子在速度選擇器和偏轉電場中的運動規律：帶電粒子在速度選擇器中受電場力和洛倫茲力平衡，做勻速直線運動，進入偏轉電場后做勻速圓周運動；掌握帶電粒子在勻強磁場中運動的半徑公式10、AC【解析】本題考查交變電流圖象、法拉第電磁感應定律、楞次定律及其相關的知識點解析由圖（b）可知，導線PQ中電流在t=T/4時達到最大值，變化率為零，導線框R中磁通量變化率為零，根據法拉第電磁感應定律，在t=T/4時導線框中產生感應電動勢為零，選項A正確；在t=T/2時，導線PQ中電流圖象斜率方向不變，導致導線框R中磁通量變化率的正負不變，根據楞次定律，所以在t=T/2時，導線框中產生的感應電動勢方向不變，選項B錯誤；由于在t=T/2時，導線PQ中電流圖象斜率最大，電流變化率最大，導致導線框R中磁通量變化率最大，根據法拉第電磁感應定律，在t=T/2時導線框中產生的感應電動勢最大，由楞次定律可判斷出感應電動勢的方向為順時針方向，選項C正確；由楞次定律可判斷出在t=T時感應電動勢的方向為逆時針方向，選項D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、742~0.743【解析】[1]．金屬絲的直徑是：0.5mm+0.01mm×24.2=0.742mm.12、①.減小輸電線的電阻②.減小輸送的電流【解析】根據P損=I線2R線可知，要減少電能輸送時的損失，有兩個途徑：（1）減小輸電線的電阻；（2）減小輸送的電流；四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、8cm【解析】粒子a板左端運動到P處，由動能定理得代入有關數據，解得，代入數據得θ=30°粒子在磁場中做勻速圓周運動，圓心為O，半徑為r，如圖由幾何關系得聯立求得代入數據解得14、(1)(2)3N【解析】(1)設小球在C點的速度大小是vC，則對于小球由A→C的過程中，由動能定理得：解得：(2)小球在C點時受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球對軌道壓力：NC′=NC=3N15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當R0=1Ω時，根據閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應強度；（2）若保持B的大