新疆生產建設兵團二師華山中學2023年高二物理第一學期期末教學質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電源，下列說法正確的是()A.當電池用舊之后，電源電動勢減小，內阻增大B.當電池用舊之后，電源電動勢和內阻都不變C.當電池用舊之后，電源電動勢基本不變，內阻增大D.以上說法都不對2、關于電流下列說法正確的是（）A.電荷的移動形成電流B.只有正電荷的定向移動形成電流C.正電荷定向移動的方向與電流方向相同D.電路中電流的方向是由電源的負極到電源的正極3、下列單位，屬于國際單位制中的基本單位的是（）A.小時 B.秒C.米/秒 D.米/秒24、如圖所示為一螺距較大、有彈性的通電螺線管的磁場截面分布圖，直線為螺線管的中軸線（與某一磁感線重合），ab為用絕緣細線懸掛的位于螺線管的正上方的通電直導線，其電流方向由a到b，電流很小，不影響螺線管在空間產生的磁場．下列說法正確的是（）A.圖中關于軸線對稱的P、Q兩點的磁感應強度相同B.直導線ab通電后，a端垂直紙面向外轉動C.斷開螺線管的電源后，螺線管有沿水平方向向內收縮的趨勢D.將不計重力的電子沿中軸線射入螺線管，電子將做勻速直線運動5、在下圖各種電場中，A點電場強度大于B點電場強度的是（）A. B.C. D.6、某理想變壓器原、副線圈匝數比為2：1，原線圈所接電壓如圖所示則（）A.輸出電壓的最大值為110VB.原、副線圈中電流之比為2：1C.變壓器輸入、輸出功率之比為2：1D.原線圈電壓有效值為220V，頻率為50Hz二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，一個圓形線圈的匝數n=100，線圈面積S=200cm2，線圈的電阻r=1Ω，線圈外接一個阻值R=4Ω的阻值，把線圈放入一方向垂直線圈平面的勻強磁場中，磁感應強度隨時間變化規(guī)律如圖乙所示．下列說法中正確的是（）A.線圈中的感應電流方向為順時針方向B.電阻R兩端的電壓隨時間均勻增大C.線圈電阻r消耗的功率為4×10-4WD.前4s內通過R的電荷量為8×10-2C8、如圖所示，R1、R2、R3、R4均為可變電阻，C1、C2均為電容器，電源的電動勢為E，內阻r≠0．若改變四個電阻中的一個阻值，則（）A.減小R1，C1、C2所帶的電量都增加B.增大R2，C1、C2所帶的電量都增加C.增大R3，C1、C2所帶的電量都增加D.減小R4，C1、C2所帶的電量都增加9、如圖所示，M、N為同一水平面內的兩條平行長導軌，左端串聯電阻R，金屬桿ab垂直導軌放置，桿和導軌的電阻不計，且桿與導軌間無摩擦，整個裝置處于豎直方向的勻強磁場中．現對金屬桿ab施加一個與桿垂直的水平向右的恒力F，使桿從靜止開始運動．在運動過程中，桿的速度大小為v，桿所受安培力為F安，R中的電流為I，R上消耗的總能量為E總，則下列關于v、F安、I、E總隨時間變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.10、如圖，兩根相互平行的金屬導軌水平放置于如圖所示的勻強磁場中，與導軌接觸良好的導體棒AB和CD可以在導軌上自由滑動，當AB在外力F作用下向右運動時，下列說法正確的（）A.導體棒CD內有電流通過，方向是D→CB.導體棒CD內有電流通過，方向是C→DC.磁場對導體棒CD的作用力向左D.磁場對導體棒CD作用力向右三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在探究小燈泡伏安特性實驗中，所用器材有：燈泡L、量程恰當的電流表A和電壓表V、直流電源E、滑動變阻器R、電鍵S等，要求燈泡兩端電壓從0V開始變化（1）實驗中滑動變阻器應采用________接法（填“分壓式”或“限流式”）；（2）某同學已連接如圖所示的電路，在閉合開關前，應將滑動變阻器觸頭置于最____端；（選“左”或“右”）（3）某電流表表頭內阻Rg為200Ω，滿偏電流Ig為2mA，按如圖改裝成量程為3V和15V的電壓表，R1=____Ω，R2=_____Ω。12．（12分）圖中螺旋測微器讀數為______mm，圖中游標卡尺游標尺上有50個等分刻度讀數為______cm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，當電池用舊之后，電源的電動勢基本不發(fā)生改變，但是內阻變大，故C正確，ABD錯誤2、C【解析】A．只有電荷的定向移動才能形成電流，故A錯誤；B．正負電荷做定向移動均可以形成電流，故B錯誤；C．我們規(guī)定正電荷的定向移動方向為電流的方向，故C正確；D．電路中電荷定向移動的方向在外電路中是由正極到負極，而在內電路中是由負極流向正極的，故D錯誤3、B【解析】A．小時，不屬于國際單位制中的基本單位，選項A錯誤；B．秒，屬于國際單位制中的基本單位，選項B正確；C．米/秒，不屬于國際單位制中的基本單位，選項C錯誤；D．米/秒2，不屬于國際單位制中的基本單位，選項D錯誤；故選B.4、D【解析】根據磁感應強度是矢量，考慮大小與方向；依據左手定則，即可判定轉動方向；根據右手螺旋定則，即可確定收縮還是伸長；判定沿中軸線射入螺線管中磁場種類，即可求解【詳解】由題圖，可知，P、Q兩點的磁感應強度大小相等，方向不同，故A錯誤；直導線ab通電后，根據左手定則，可知，a端安培力向里，b端的安培力向外，因此a端垂直紙面向內轉動，故B錯誤；通電時，螺線管中線圈間的電流方向相同，出現相互吸引，當斷開螺線管的電源后，沒有吸引力，螺線管有沿水平方向向內伸長的趨勢，故C錯誤；將不計重力的電子沿中軸線射入螺線管，電子處于勻強磁場中，不受任何力，電子將做勻速直線運動，故D正確；故選D【點睛】查磁感應強度的矢量性，掌握左手定則與右手螺旋定則的內容，理解同向電流相吸，異向電流相斥，注意洛倫茲力產生條件5、B【解析】A、在負點電荷的同一個圓上的所有點的電場的大小都是相等的，但是它們的方向不同，故A錯誤；B、在正的點電荷的電場中，離電荷近的地方電場強度大，所以A的電場強度大于B點的，故B正確；C、在勻強電場中各個點的電場強度都相同，所以A、B的電場強度相等，所以C錯誤；D、電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以A的電場強度小于B的電場強度，故D錯誤故選：B6、D【解析】A項：根據圖象可知原線圈所接電壓最大值為，根據變壓器原理可得輸出電壓的最大值為，故A錯誤；B項：根據變壓器原理可得原、副線圈中電流之比為1：2，故B錯誤；C項：理想變壓器變壓器輸入、輸出功率之比為1：1，故C錯誤；D項：原線圈電壓有效值為，頻率為，故D正確故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A．根據楞次定律可知，穿過線圈的磁通量增大，則線圈中的感應電流方向為逆時針方向，故A錯誤；B．由法拉第電磁感應定律：可得：感應電動勢：平均電流：電阻R兩端的電壓U=0.02×4=0.08V即電阻R兩端的電壓不變，故B錯誤；C．線圈電阻消耗的功率：P=I2r=0.022×1=4×10-4W故C正確；D．前4s內通過的電荷量為：q=It=0.02×4=0.08C故D正確；故選CD。8、BD【解析】由電路圖可知，電阻R2、R3、R4串聯接入電路，電容器C1并聯在電阻電阻R2兩端，電容器C2與R2、R3的串聯電路并聯；根據電路電阻的變化，應用歐姆定律及串聯電路特點判斷電容器兩端電壓如何變化，然后由Q=CU判斷出電容器所帶電荷量如何變化【詳解】A、減小R1，電容器C1、C2兩端電壓不變，電容器所帶電量不變，故A錯誤；B、增大R2，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R3、R4兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；C、增大R3，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，由U=IR可知，電阻R2兩端電壓變小，電容器C1兩端電壓變小；路端電壓變大，電阻R4兩端電壓變小，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，電容器C1所帶電荷量減少，C2所帶的電量都增加，故C錯誤；D、減小R4，電路總電阻變小，由閉合歐姆定律可知，電路電流變大，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓都增大，由Q=CU可知C1、C2所帶電量都增加，故D正確；故選BD9、AD【解析】根據牛頓第二定律知，桿子的加速度為：，由于速度增大，則加速度減小，可知桿子做加速度逐漸減小的加速運動，當加速度等于零時，速度最大，做勻速直線運動，故A正確．根據可知，安培力先逐漸變大，后不變，但是由于速度不是均勻變大，則F安-t圖像開始階段不是直線，選項B錯誤；感應電流，則電流先逐漸變大，后不變，但是由于速度不是均勻變大，則I-t圖像開始階段不是直線，選項C錯誤；根據焦耳定律知，E=Q＝I2Rt＝t，因為速度增大，可知E-t圖線的切線斜率增大，最終電流不變，E與t成正比，故D正確．故選AD【點睛】題考查了電磁感應與動力學和能量的綜合，知道桿子在整個過程中的運動規(guī)律，知道當拉力和安培力相等時，桿子做勻速直線運動10、BD【解析】AB．AB切割磁感線產生感應電流，根據右手定則判斷可知，AB中感應電流的方向為B→A，則導體棒CD內有電流通過，方向是C→D，故A錯誤B正確；CD．感應電流通過CD，CD棒受到安培力作用，由左手定則判斷可知磁場對導體棒CD的安培力向右。故C錯誤D正確。故選：BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.分壓式②.右③.1300④.6000【解析】(1)[1]探究小燈泡的伏安特性曲線要求電壓從0到額定電壓變化，所以滑動變阻器必須采用分壓接法；(2)[2]閉合開關前，應使滑動變阻器接入電路中的電阻最大，所以應將滑動變阻器的滑片P置于右端；(3)[3][4]表頭滿刻度電壓值為：Ug=Ig×Rg=200×2×10-3V=0.4V，量程為3V時，在電阻R1兩端的電壓應為：3-0.4=2.6V，電阻：，同理可得：。12、①.0.900②.4.120【解析】根據“螺旋測微器和游標卡尺”可知，本題考查基本儀器的讀數問題，根據估讀規(guī)則，運用兩種儀器的讀數特點得到結果.【詳解】螺旋測微器固定刻度讀數，可動刻度讀數為，所以讀數為：.游標卡尺主尺讀數為41mm，游標尺上第10個刻度與主尺上某一刻度對齊，因此游標讀數為：，所以最終讀數為：.【點睛】解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數方法，游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻