2024屆吉林省公主嶺市范家屯鎮第一中學物理高二上期中考試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、通過一個導體電流是5A,經過4min通過該導體一個截面的電量是()A．20CB．50CC．1200CD．2000C2、木塊以一定的初速度沿粗糙斜面上滑，后又返回到出發點．若規定沿斜面向下為速度的正方向，下列各圖像中能夠正確反映該木塊運動過程的速度隨時間變化的關系的是A． B．C． D．3、如圖所示圓環形導體線圈平放在水平桌面上,在的正上方固定一豎直螺線管,二者軸線重合,螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路.若將滑動變阻器的滑片向下滑動,下列表述正確的是(

)A．線圈中將產生俯視順時針方向的感應電流B．穿過線圈的磁通量變小C．線圈有擴張的趨勢D．線圈對水平桌面的壓力FN將增大4、如圖所示的通電螺線管，其中正確的是（）A．AB．BC．CD．D5、如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個表頭G和一只變阻器R組成的，下列說法正確的是()A．乙表是電流表，R2增大時量程增大B．甲表是電壓表，R1增大時量程增大C．甲表是電流表，R1增大時量程減小D．乙表是電壓表，R2增大時量程增大6、可以用檢驗電荷在電場中的受力情況來研究電場的強弱。若將檢驗電荷放在靜電場中的某一點，檢驗電荷的電荷量q不同，其所受的電場力F也不同。下列圖像正確反映F和q關系的是A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某學生用電流表和電壓表測干電池的電動勢和內阻時，所用滑動變阻器的阻值范圍為0～20Ω，連接電路的實物圖如圖所示。關于該學生接線的說法正確的是（）A．滑動變阻器不起變阻作用B．電流表接線有誤C．電壓表量程選用不當D．電壓表接線正確8、如圖所示，平行板電容器A、B間有一帶電油滴P正好靜止在極板正中間，現將兩極板間稍錯開一些，其它條件不變。則（）A．油滴將靜止不動，電流計中電流由a流向bB．極板帶電量減少，兩板間電勢差和場強不變C．油滴將向上加速，電流計中電流由b流向aD．油滴將向下加速，電流計中電流由a流向b9、、兩個離子同時從勻強磁場的直邊界的、點分別以和（與邊界的夾角）射入磁場，又同時分別從、點穿出，如圖所示．設邊界上方的磁場范圍足夠大，下列說法中正確的是（）A．為正離子，的負離子B．、兩離子運動半徑之比C．、兩離子速率之比為D．、兩離子的比荷之比為10、如圖所示是水下機器人PowerRay“小海鰩”，它在水下開啟尋魚模式可以通過聲納技術(通過發射聲波和接收回波判斷目標物的距離、方位和移動速度等信息)準確探測魚群．它也能將水下魚群信息通過無線電波傳輸上岸，由于水中衰減快，其最大傳輸距離為80m．下列分析合理的是（）A．聲波和無線電波在水中的傳播速度相等B．無線電波在水中衰減指的是其頻率不斷減小C．發射聲波后能形成回波是波的反射現象D．若接收回波頻率大于發射聲波的頻率，說明魚正在靠近三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，小燈泡的規格為“3.8V，0.3A”．除了開關、導線外，還有如下的器材：電壓表V，量程0~5V，內阻約5kΩ電流表，量程0~500mA，內阻約0.5Ω電流表，量程0~100mA，內阻約4Ω滑動變阻器，自大阻值10Ω，額定電流20A滑動變阻器，自大阻值100Ω，額定電流1.0A直流電源E，電動勢約為6V，內阻約為0.5Ω（1）上述器材中，電流表應選______，滑動變阻器應選_____________．（填器材符號）（2）某同學已連接如圖甲所示的電路，在閉合開關前，檢查發現有一處不當之處為________________________________（3）不當之處改正后，在電路中所有元件都完好，且電壓表和電流表已調零．閉合開關后：發現反復調節滑動變阻器，小燈泡亮度發生變化，但電壓表、電流表的示數不能調為零，則斷路的導線為_________（用圖中給出的導線符合表示）（4）通過實驗得到了小燈泡的I-U圖線如圖所示，可知在小燈泡上的電壓為2.0V時，小燈泡的電阻是_____________Ω．（5）如果把該小燈泡直接接在電動勢是2V，內阻是8Ω的電源上組成閉合回路，則通過小燈泡的電流為__________A．12．（12分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，小強同學先用多用電表粗測了一段粗細均勻的電阻絲的阻值（約為5Ω），隨后將其固定在帶有刻度尺的木板上，準備進一步精確測量其電阻．現有電源（電動勢E為3.0V，內阻不計）、開關和導線若干，以及下列器材：A．電流表（量程0～3A，內阻約0.025Ω）B．電流表（量程0～0.6A，內阻約0.125Ω）C．電壓表（量程0～3V，內阻約3kΩ）D．滑動變阻器（0～20Ω，額定電流2A）E．滑動變阻器（0～100Ω，額定電流1A）（1）為減小誤差，且便于操作，在實驗中電流表應選_________，滑動變阻器應選__________（選填器材前的字母）．（2）如圖所示，是測量該電阻絲實驗器材的實物圖，圖中已連接了部分導線，還有兩根導線沒有連接，請補充完成____________．（3）在開關閉合前，滑動變阻器的滑片應當調到最__________（選填“左”或“右”）端．（4）若不計實驗中的偶然誤差，則下列說法正確的是_________．A．測量值偏大，產生系統誤差的主要原因是電流表分壓B．測量值偏小，產生系統誤差的主要原因是電壓表分流C．若已知電壓表的內阻，可計算出待測電阻的真實值D．若已知電流表的內阻，可計算出待測電阻的真實值四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一絕緣細圓環半徑為r，環面處于豎直面內，勻強電場與圓環平面平行且水平。環上穿有一電量為＋q、質量為m的小球，可沿圓環做無摩擦的圓周運動，小球所受電場力和重力大小相等。小球經過A點時速度的方向恰與電場垂直。設地球表面的重力加速度為ｇ，則：（1）若小球經過A點時，圓環與小球間無力的作用，小球經過A點時的速度大小vA是多大？（2）要使小球能運動到與A點對稱的B點時，小球在A點速度至少是多大？（3）在保證小球恰好做圓周運動的前提下，小球對軌道的最大壓力是多大？14．（16分）一根長為L＝2m，橫截面積S＝1×10－3m2的銅棒，兩端電勢差為U＝5.44×10－2V，銅棒的電阻R＝2×10－5Ω，銅內自由電子的密度為n＝8.5×1029個·m－3，求：(1)通過銅棒的電流；(2)銅棒內電場強度；(3)自由電子定向移動速率．15．（12分）制備納米薄膜裝置的工作電極可簡化為真空中間距為d的兩平行極板，如圖甲所示．加在極板A、B間的電壓UAB做周期性變化，其正向電壓為U0，反向電壓為﹣kU0（k＞1），電壓變化的周期為2τ，如圖乙所示．在t=0時，極板B附近的一個電子，質量為m、電荷量為e，受電場作用由靜止開始運動．且不考慮重力作用．若k=54，電子在0～2τ時間內不能到達極板A，求d

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

t=4min=240s，通過導體橫截面的電荷量：Q=It=5A×240s=1200C，故選C。2、A【解題分析】

A、根據牛頓第二定律，上滑時的加速度大小為：a2==gsinθ+μgcosθ，下滑時的加速度大小為：a2==gsinθ﹣μgcosθ．知a2＞a2．則上滑過程v﹣t圖象的斜率大小大于下滑過程圖象的斜率大小．根據位移公式x=，由于下滑與上滑過程位移大小相等，則知，下滑時間t2大于上滑的時間t2．由于機械能有損失，返回到出發點時速度小球出發時的初速度．故A正確．BCD、規定沿斜面向下為速度的正方向，則上滑速度為負，下滑速度為正，故BCD錯誤．故選A3、D【解題分析】

當滑動變阻器的滑片P向下滑動時，接入電路中的電阻變小，所以流過線圈b的電流增大，所以穿過線圈a的磁通量變大．由右手定則可以判斷出穿過線圈a的磁通量增大的方向向下，所以根據楞次定律可知線圈a中感應電流所產生的磁場方向向上，再由右手定則可知線圈a中感應電流方向為俯視逆時針，故AB錯誤．滑片P向下移動使得穿過線圈a的磁通量增加，根據楞次定律的描述“感應電流產生的效果總是阻礙引起感應電流的原因”，只有線圈a面積減小才能阻礙磁通量的增加，所以線圈a應有收縮的趨勢，故C錯誤．滑片P為不動時，線圈a對桌面的壓力等于線圈a的重力．當滑片P向下滑動時，采用等效法，將線圈a和螺線管b看做兩個條形磁鐵，由楞次定律可以判斷出兩條形磁鐵的N級相對，互相排斥，所以線圈a對水平桌面的壓力變大，故D正確．故選D4、D【解題分析】A、根據電流方向，利用安培定則判斷螺線管的下端為N極、上端為S極，故A錯誤；B、根據電流方向，利用安培定則判斷螺線管的下端為S極、上端為N極，故B錯誤；C、根據電流方向，利用安培定則判斷螺線管的下端為S極、上端為N極，故C錯誤；D、根據電流方向，利用安培定則判斷螺線管的下端為S極、上端為N極，故D正確。故選：D。5、B【解題分析】

BC、由甲圖所示可知，G與R1串聯，甲圖是電壓表，R1增大時，變阻器分擔的電壓增大，電壓表量程增大，故B正確，C錯誤；AD、由乙圖所示可知，G與電阻R2并聯，圖乙是電流表，R2增大，R2的分流較小，電流表量程減小，故A、D錯誤；故選B。【題目點撥】靈敏電流計G和變阻器R并聯時，由于變阻器的分流，測量的電流增大，改裝成電流表，R增大時，變阻器分流減小，量程減小；而靈敏電流計G和變阻器R串聯時，由于變阻器的分壓，測量的電壓增大，改裝成電壓表，R增大時，變阻器分擔的電壓增大，量程增大。6、A【解題分析】

靜電場中的某一點的場強不變，與檢驗電荷無關，根據，F與q成正比關系，所以A正確；故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解題分析】

A.因為滑動變阻器全接入電路，所以滑動變阻器不起變阻作用，故A正確。B.根據圖示可知，電流表接線有誤，故B正確。C.由電路圖可知，電壓表選3V量程，電壓表量程選擇正確，故C錯誤；D.電壓表正負接線柱接反，故D錯誤。8、AB【解題分析】

將兩極板稍錯開一些，由于電勢差不變，d不變，則根據知，電場強度不變，電場力不變，油滴不動；根據得，S減小，則電容變小，U不變，根據Q=CU知，電荷量減小，則電流計中的電流由a流向b；A．油滴將靜止不動，電流計中電流由a流向b，與結論相符，選項Ａ正確；B．極板帶電量減少，兩板間電勢差和場強不變，與結論相符，選項B正確；C．油滴將向上加速，電流計中電流由b流向a，與結論不相符，選項Ｃ錯誤；D．油滴將向下加速，電流計中電流由a流向b，與結論不相符，選項Ｄ錯誤；9、BD【解題分析】A向右偏轉，根據左手定則知，A為負離子，B向左偏轉，根據左手定則知，B為正離子，故A錯誤．離子在磁場中做圓周運動，由幾何關系可得r=，l為PQ距離，sin60°：sin30°＝：1，則A、B兩離子的半徑之比為1：，故B正確．離子的速率v=，時間相同，半徑之比為1：，圓心角之比為2：1，則速率之比為2：，故C錯誤．根據r=知，，因為速度大小之比為2：，半徑之比為1：，則比荷之比為2：1．故D正確．故選BD．點睛：本題考查了粒子在磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程，掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及掌握粒子在磁場中的半徑公式，并能靈活運用．10、CD【解題分析】

聲音進入水中傳播速度會增大，無線電波進入水中速度會減小，但兩者的速度不相等，故A錯誤；無線電波進入水中時頻率不變，波長變短，故B錯誤；發射聲波后能形成回波是波的反射現象，故C正確；根據聲音的多普勒效應可知，若接收回波頻率大于發射聲波的頻率，說明聲源接近觀察者，即魚正在靠近，故CD正確．故選CD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、滑動變阻器滑片不應在B處，而應在A處c84.35【解題分析】試題分析：（3）根據小燈泡規格“3．8V，4．3”可知，電流表應選；由于測定小燈泡的伏安特性曲線實驗要求電流從零調，所以變阻器應采用分壓式接法，因為阻值小的變阻器便于調節，所以應選擇變阻器；（4）實驗開始時應使測量電路兩端的電壓為零，故滑片不應在B處，而應滑到A處；（3）由實物圖可知，只有導線c斷路，因為c斷路后，變阻器變為限流式接法，所以電流表與電壓表均不能調為零．（4）由圖可知，當電壓為4V時，電流為4．45A，則電阻；（5）在小燈泡的I-U圖象中畫出表示電源的I-U圖線，如圖所示，讀出兩圖線的交點的縱坐標即為通過小燈泡的電流，電流為：考點：“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗【名師點睛】應明確：3．要根據小燈泡的額定電流或額定電壓來選擇電流表或電壓表的量程．4．以下幾種情況滑動變阻器必須采用分壓式接法：①要求電流從零調或要求電路中電流調節范圍足夠大；②變阻器的全電阻遠小于待測電阻；③若變阻器采用限流式接法求出電路中的最小電流扔大于電流表的量程．注意采用分壓式接法時，應選擇全電阻小的變阻器，以便于調節．3．注意表示電源的I-U圖象與表示導體電阻的I-U圖象的區別．12、（1）BD（2）電路圖：（3）左（4）BC【解題分析】

（1）電源電動勢3V，待測電阻阻值為5Ω，可知電路中電流不超過0.6A，可知電流表應選B；為了便于操作，滑動變阻器應選阻值較小的D．（2）電壓表的內阻遠大于待測電阻，則可采用電流表外接；如圖所示；（3）在開關閉合前，滑動變阻器阻值應該最大，即滑片應當調到最左端．（4）用此電路測量時，電壓表測量的是電阻電壓的準確值，由于電壓表有分流作用，使得電流表的測量值大于電阻電流的真實值，則根據R=U/I可知，電阻的測量