寧夏青銅峽一中2024屆高二物理第一學期期中學業水平測試試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用如圖所示的裝置研究平拋運動．敲擊彈性金屬片后，A、B兩球同時開始運動，均落在水平地面上，下列說法中合理的是()A．A球比B球先落地B．B球比A球先落地C．能聽到A球與B球同時落地的聲音D．當實驗裝置距離地面某一高度時，A球和B球才同時落地2、以下物體一定能看成質點的是（）A．研究公轉時的地球 B．研究自轉時的地球C．質量很小的物體 D．體積很小的物體3、測定壓力變化的電容式傳感器如圖所示，A為固定電極，B為可動電極，組成一個電容大小可變的電容器．可動電極兩端固定，當待測壓力施加在可動電極上時，可動電極發生形變，從而改變了電容器的電容．現將此電容式傳感器連接到如圖所示的電路中，則（）A．當待測壓力增大時電容器的電容將增大B．當待測壓力增大時電阻R中有從a流向b的電流C．當待測壓力增大時電阻R中有沒有電流D．待電路穩定后，電容器兩端的電壓增大4、關于元電荷的下列說法中正確的是A．元電荷的實質是電子B．點電荷就是帶有電荷的質點C．元電荷的值通常取D．非常小的帶電體是點電荷5、下列說法正確的有()A．通電導線只有在勻強磁場中才可能受安培力B．若導線不受安培力，則導線所在處不存在磁場C．磁感應強度越大，安培力一定越大D．某處磁感應強度的方向與一小段通電導體放在該處時所受磁場力的垂直6、下列不是用比值法定義的物理量的是（）A．用E=定義電場強度B．用C=定義電容器的電容C．用定義電容器的電容D．用I=定義電流強度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、從靜止開始勻加速直線運動的物體，第1s內通過的位移為1m，則A．第1s末物體的速度為1m／sB．第1s末物體的速度為0.5m／sC．第1s內物體的平均速度為1m／sD．物體的加速度為2m／s28、如圖所示為速度選擇器，場強為E的勻強電場與磁感應強度為B的勻強磁場互相垂直。一帶電荷量為+q，質量為m的粒子（不計重力）以速度v水平向右射入場區，粒子恰沿直線穿過，則下列說法正確的是A．若帶電粒子電荷量為+2q，粒子仍能沿直線穿過B．若帶電粒子電荷量為-2q，粒子將向下偏轉C．若帶電粒子從右側水平射入，粒子仍能沿直線穿過D．若帶電粒子的速度為，粒子不與極板相碰，則從右側射出時電勢能一定減小9、如圖所示，勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直紙面向里，勻強電場的電場強度為E，方向豎直向下，有一質子（重力不計）恰能以速率沿直線從左向右沿直線水平飛越此區域．下列說法正確的是()A．若一電子以速率v從左向右飛入，則該電子將向上偏轉B．若一電子以速率v從左向右飛入，則該電子將沿直線運動C．該質子通過此區域的速度D．該質子通過此區域的速度10、使用多用電表測電阻時，下列說法中符合實際的有()A．測量電阻時，兩手碰著表筆的金屬桿，測量值會偏小B．測量電路的電阻時，如果該電路不和電源斷開，可能燒壞表頭C．使用其他的歐姆擋時，不論電阻值多大，均不需撥動轉換開關，都可測得較準確的電阻值D．測燈泡電阻時，測量值比R＝U2/P算出的值小得多三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用半徑相同的小球1和小球2的碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接．安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，記下重錘線所指的位置O．在做“驗證動量守恒定律”的實驗時（1）實驗必須滿足的條件是______．A.斜槽軌道必須是光滑的B.斜槽軌道末端的切線是水平的C.入射球每次都要從同一高度由靜止釋放D.實驗過程中，白紙可以移動，復寫紙不能移動（2）實驗中要完成的必要步驟是______填選項前的字母．A.用天平測量兩個小球的質量、B.測量拋出點距地面的高度HC.用秒表測出小球做平拋運動的時間tD.分別確定碰撞前后落地點的位置和碰后的落地點P、M、N，并用刻度尺測出水平射程OP、OM、ON．（3）入射小球質量為，被碰小球質量為，兩小球的質量應滿足______選填“大于”“小于”或“等于”（4）若所測物理量滿足______表達式則可判定兩個小球相碰前后動量守恒．（5）若碰撞是彈性碰撞，那么所測物理量還應該滿足的表達式為______．12．（12分）兩位同學在實驗室利用如圖甲所示的電路測定定值電阻R0、電源的電動勢E和內阻r，調節滑動變阻器的滑片P向某一方向移動時，一個同學記錄了電流表A和電壓表V1的測量數據，另一同學記錄的是電流表A和電壓表V2的測量數據，并根據數據分別描繪了如圖乙所示的兩條U－I直線a、b，回答下列問題：（1）根據兩同學描繪的直線a、b，可知b圖線是根據電壓表________（填“V1”或“V2”）和電流表A的數據描繪的圖線。（2）由圖可知，定值電阻R0=_____Ω，電源的電動勢E=_____V，內阻r=_____Ω。（3）忽略各電表對電路的影響，則該電路中電流表的讀數最大不超過________A。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強電場的電場線與AC平行，把帶電荷量10－8C的負電荷從A移至B的過程中，電場力做功6×10－8J，AB長6cm，AB與AC的夾角為60°．求：(1)場強方向；(2)設B處電勢為1V，則A處電勢為多少；(3)A處的場強大小；(4)電子在A點的電勢能．14．（16分）某小組在研究電動機的特性時，將電動機接成如圖所示電路．電源電動勢E=20V，內阻r=lΩ，當接入固定電阻R=4Ω時，電路中標有“3V、6W”的燈泡L和內阻RD=0.5Ω的小型直流電動機D都恰能正常工作．試求：（1）電路中的電流大小；（2）電動機的額定電壓和輸出功率；（3）電源的總功率．15．（12分）如圖所示，用F=10N的水平拉力，使質量m=5.0kg的物體由靜止開始沿光滑水平面做勻加速直線運動.求：（1）物體加速度的大小a；（2）物體開始運動后t=3.0s內通過的距離s.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】試題分析：本題圖源自課本中的演示實驗，通過該裝置可以判斷兩球同時落地，可以驗證做平拋運動的物體在豎直方向上做自由落體運動；解：根據裝置圖可知，兩球由相同高度同時運動，P做平拋運動，Q做自由落體運動，平拋運動可以分解為水平方向的勻速直線運動與豎直方向的自由落體運動，球的落地時間由豎直方向自由落體運動決定，由于兩球同時運動，因此在任一時刻兩球在豎直方向上高度相同，它們同時落地．該實驗可以證明平拋運動可以分解為豎直方向上的自由落體運動．．故選C．【點評】本題比較簡單，重點考察了平拋運動特點，平拋是高中所學的一種重要運動形式，要重點加強．2、A【解題分析】

研究公轉時的地球，地球的大小相對于地球到太陽的距離很小，影響可忽略不計，地球可以看成質點．故A正確．研究自轉時的地球，地球不能看成質點，地球的大小和形狀影響很大，如把地球看成質點就無法分辨地球的轉動．故B錯誤．質量很小的物體不一定能看成質點，如其大小和形狀對所研究的問題影響很大，就不能看成質點．故C錯誤．體積很小的物體不一定能看成質點，如其大小和形狀對所研究的問題影響很大，就不能看成質點．故D錯誤．故選A．【題目點撥】物體能否看成質點，不是看物體絕對質量或體積，而是看物體的大小和形狀對所研究的問題影響能否忽略不計．3、A【解題分析】

A.壓力增大時，電容器兩極板間的距離減小，由電容器的公式可知電容器電容增大，A正確BCD.電容器直接與電源項鏈，因此電容器兩端電壓不變，D錯誤；電容器的電容增大，由可知電容器電荷量增加，電容器充電，因此電流方向為b流向a，因此B和C錯誤4、C【解題分析】元電荷是最小帶電量，是大小，不是電荷種類，A錯誤；電荷的形狀、體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略時，就可以看成是點電荷，并不是只有體積很小的帶電體才能看作點電荷，點電荷不等同于帶電的質點，主要表現在兩者的側重點不同．點電荷是電學中重要的概念，它側重于物體所帶的電量，至于物體的質量是多大無關緊要；而帶電的質點則側重于物體的質量，它反映物體慣性的大小，至于質點帶多少電量并不重要，它是一個力學概念，BD錯誤；元電荷的值通常取e=1.60×10-19C，C正確．5、D【解題分析】A項：磁場對通電導線有安培力的作用，故只要有磁場通電導線就會受到安培力的作用，故A錯誤；B項：若導線不受安培力，可導線中的電流方向與磁場方向平行，故B錯誤；C項：根據F=BIL可知，安培力大小還與電流，導線的長度有關，故C錯誤；D項：根據左手定則可知：某處磁感應強度的方向與一小段通電導體放在該處時所受磁場力的垂直。點晴：解決本題關鍵理解通電導線在磁場中受到安培力的作用與通電導線所放的方向有關，當通電導線與磁場平行時，安培力為零，當通電導線與磁場垂直時，安培力最大。6、C【解題分析】解:A、是電場強度的定義式,采用比值定義法,定義出的電場強度E與F、q無關.故A不符合題意.

B、電容是電容器容納電荷的本領,與所帶的電量、以及極板之間的電勢差無關,所以是比值定義法,故B不符合題意.

C、是電容的決定式,C與?、S成正比,與d成反比,這個公式不是比值定義法,故C符合題意.

D、電流強度與流過截面的電量和時間無無直接關系,所以屬于比值定義法,故D不符合二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】

物體的加速度為a=2st2=2×112m/s2=2m/s2，選項D正確；第1s末物體的速度為v18、AD【解題分析】

A．粒子恰沿直線穿過，電場力和洛倫茲力均垂直于速度，故合力為零，粒子做勻速直線運動；根據平衡條件，有：qvB=qE解得：只要粒子速度為，就能沿直線勻速通過選擇器；若帶電粒子帶電量為+2q，速度不變，仍然沿直線勻速通過選擇器；故A正確；B．若帶電粒子帶電量為-2q，只要粒子速度為，電場力與洛倫茲力仍然平衡，仍然沿直線勻速通過選擇器；故B錯誤；C．若帶電粒子從右側水平射入，電場力方向不變，洛倫茲力方向反向，故粒子一定偏轉，故C錯誤；D．若帶電粒子速度為v，電場力不變，洛倫茲力變為倍，故會向電場力方向偏轉，電場力做正功，電勢能減小；故D正確；9、BC【解題分析】

質子從左邊進入電場，在電場中受到向下的電場力和向上的洛倫茲力作用，因恰能沿直線從右邊水平飛出，可知電場力和洛倫茲力平衡，有qE=qvB，得v=E/B．若是電子，也從左邊以速度v射入，電場力和洛倫茲力的方向對調，發現還是有v=E/B，所以帶電粒子只要以速度v從左邊水平進入電場，粒子就會沿水平方向射出，與電性和電量無關；由上分析可知，故AD錯誤，BC正確．故選BC．10、ABD【解題分析】

測電阻時，兩手碰著表筆的金屬桿，手與待測電阻并聯，測的是電阻與手的并聯阻值，測量值偏小，故A正確；歐姆表有內置電源，測量電路的電阻，應把電阻與電源斷開，如果該電路不和電源斷開，可能燒壞表頭，故B正確；使用多用電表測電阻時，應選擇合適的擋位，使指針指在表盤中央刻度線附近，如果所選擋位不合適，測量值誤差較大，故C錯誤；燈泡電阻受溫度影響，隨溫度升高而增大，燈泡在常溫下的阻值遠小于燈泡正常發光時的電阻，因此用多用電表測一個白熾燈泡電阻時，測量值比用算出的值小得多，U為燈泡的額定電壓，P為燈泡的額定功率，故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BC

AD大于【解題分析】

（1）斜槽的粗糙與光滑不影響實驗的效果，只要到達底端時速度相同即行，故A錯誤；斜槽軌道末端必須水平，保證小球碰撞前速度水平，故B正確；小球每次從斜槽上相同的位置自由滾下，使得小球與另一小球碰撞前的速度不變，故C正確；實驗過程中，白紙不可以移動，故D錯誤．所以BC正確，AD錯誤．（2）本實驗除需測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量是兩小球的質量，因為可以通過水平位移代表速度的大小，所以不必測量AB的高度和B點離地面的高度．因為平拋運動的時間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，故選AD．（3）為了防止入射球反彈，應使入射球的質量大于被碰球的質量；（4）因為平拋運動的時間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，當所測物理量滿足表達式，說明兩球碰撞遵守動量守恒定律．（5）若碰撞是彈性碰撞，那么所測物理量還應該滿足的表達式為：；即．12、V22.01.501.00.5【解題分析】

(1)[1]由圖甲可知V1測量路端電壓，V2測量定值電阻R0的電壓；而定值電阻的圖線是正比圖線，一定經過原點，故b圖線是根據電壓表V2和電流表A的數據描繪的圖線.(2)[2]根據圖像可知b圖