2024屆四川省瀘州市瀘縣第四中學物理高二上期中復習檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某同學搬一疊書上樓用了時間t，對書做功W．此過程中該同學對書做功的平均功率是()A．Wt B．W2t C． D．2、如圖所示是利用GMR設計的磁鐵礦探測儀原理示意圖，圖中GMR在外磁場作用下，電阻會發(fā)生大幅度減小．下列說法正確的是A．若存在磁鐵礦，則指示燈不亮；若將電阻R調(diào)大，該探測儀的靈敏度提高B．若存在磁鐵礦，則指示燈亮；若將電阻R調(diào)大，該探測儀的靈敏度提高C．若存在磁鐵礦，則指示燈不亮；若將電阻R調(diào)小，該探測儀的靈敏度提高D．若存在磁鐵礦，則指示燈亮；若將電阻R調(diào)小，該探測儀的靈敏度提高3、在真空中水平放置一對金屬板，兩板間的電壓為U，一個電子以水平速度v0沿兩板中線射入電場，忽略電子所受的重力．電子在電場中的豎直偏移距離為Y，當只改變偏轉(zhuǎn)電壓U(或只改變初速度v0)時，下列圖象哪個能正確描述Y的變化規(guī)律()A．①③ B．②③ C．③④ D．①④4、“電子伏特（符號：eV）”，屬于下列哪一物理量的單位（）A．電荷量 B．能量 C．電流 D．電壓5、如圖所示，一個圓形線圈的匝數(shù)為N，半徑為a，線圈平面與勻強磁場垂直，且一半處在磁場中。在Δt時間內(nèi)，磁感應強度的方向不變，大小由B均勻地增大到2B。在此過程中，線圈中產(chǎn)生的感應電動勢為（）A． B．C． D．6、如圖所示，A、B為某一點電荷Q產(chǎn)生的電場中的一條電場線上的兩點，當一電子以某一速度沿電場線由A運動到B的過程中，動能增加，則（）A．電勢 B．電場線方向由A指向BC．場強大小 D．若Q為正電荷，則Q在A點左側(cè)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，直線A為電源的路端電壓U與電流I的關(guān)系圖線，直線B是電阻R的兩端電壓U與電流I的關(guān)系圖線，用該電源與電阻R組成閉合電路,則下面說法中正確的是A．電源的內(nèi)電阻0.5Ω，電阻R為1ΩB．電源的輸出功率為4WC．電源的內(nèi)阻消耗的功率為4WD．電源的路端電壓為2V8、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D，其體積V與熱力學溫度T的關(guān)系如圖所示，由狀態(tài)A變到狀態(tài)D過程中（）A．氣體從外界吸收熱量，內(nèi)能增加B．氣體體積增大，單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)減少C．氣體溫度升高，每個氣體分子的動能都會增大D．氣體的密度不變9、如圖所示，水平面上有兩個木塊，兩木塊的質(zhì)量分別為m1、m2，且m2=2m1.開始兩木塊之間有一根用輕繩縛住的已壓縮的輕彈簧，燒斷細繩后，兩木塊分別向左、右運動.若兩木塊m1和m2與水平面間的動摩擦因數(shù)分別為μ1、μ2，且μ1=2μ2，則在彈簧伸長的過程中，兩木塊()A．動量大小之比為1∶1B．速度大小之比為2∶1C．通過的路程之比為2∶1D．通過的路程之比為1∶110、某帶電粒子只受電場力作用，從C向D運動，其軌跡如圖中虛線所示，由此可判定（）A．此粒子一定帶正電B．此粒子在C處的加速度大于在D處的加速度C．此粒子在C處的電勢能大于在D處的電勢能D．此粒子在C處的動能大于在D處的動能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）游標卡尺的讀數(shù)為_______cm.

螺旋測微器的讀數(shù)為_______mm.12．（12分）用如圖所示的裝置可以探究做勻速圓周運動的物體需要的向心力的大小與哪些因素有關(guān)。(1)本實驗采用的科學方法是________。A．控制變量法B．累積法C．微元法D．放大法(2)通過本實驗可以得到的結(jié)果是________。A．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成正比B．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小成正比C．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比D．在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）圖為一理想變壓器，ab為原線圈，ce為副線圈，d為副線圈引出的一個接頭．原線圈輸入正弦式交變電壓的u-t圖像如題圖所示．若只在ce間接一只Rce="400"Ω的電阻，或只在de間接一只Rde="225"Ω的電阻,兩種情況下電阻消耗的功率均為80W．(1)請寫出原線圈輸入電壓瞬時值的表達式；(2)求只在ce間接400Ω的電阻時，原線圈中的電流I1；(3)求ce和de間線圈的匝數(shù)比．14．（16分）如圖所示，質(zhì)量m=1kg的通電導體棒在安培力作用下靜止在傾角為37°、寬度L=1m的光滑絕緣框架上，磁場方向垂直于框架平面向下（磁場僅存在于絕緣框架內(nèi)）．右側(cè)回路中，電源的電動勢E=8V、內(nèi)阻r=1Ω，額定功率為8W、額定電壓為4V的電動機M正常工作．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小g=10m/s1．試求：（1）電動機當中的電流IM與通過電源的電流I總．（1）金屬棒受到的安培力大小及磁場的磁感應強度大小．15．（12分）如圖所示，通電直導線AB質(zhì)量為100g，水平地放置在傾角為的光滑導軌上，導軌寬度為0.5m，通以圖示方向的電流，電流大小為2A，要求導線AB靜止在斜面上。（1）若所加勻強磁場的方向豎直向上，則磁感應強度為多大？（2）若所加勻強磁場方向垂直斜面向上，則磁感應強度為多大？（3）欲使棒靜止在斜面上且對斜面無壓力，則所加勻強磁場的方向和磁感應強度的大小為？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】根據(jù)功率的公式可知，此過程中該同學對書做功的平均功率是，故選C.2、B【解題分析】

若存在磁鐵礦，GMR的電阻會變小，所分擔的電勢差減小，輸入門電路電勢變高，非門的特點是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反，則非門輸出的電勢變低，指示燈兩端的電壓較大，所以指示燈亮。將電阻R變大，GMR分擔的電壓相對變小，知磁場不太強時輸入非門的電勢也較高，則輸出較低，指示燈兩端的電壓較大，可知靈敏度提高。故B正確，ACD錯誤。故選B。3、B【解題分析】

電子在電場中做類平拋運動，水平方向：L=v0t，豎直方向：，解得：.①、②、若只改變偏轉(zhuǎn)電壓U，因電子飛出偏轉(zhuǎn)極板的，可知圖象為傾斜直線，而偏轉(zhuǎn)電壓過大會使得電子打在板上，恒定不變；故①錯誤，②正確；③、④、若只改變初速度v0，因電子飛出偏轉(zhuǎn)極板的，可知圖象為傾斜直線，而v0太小會使得電子打在板上，恒定不變；故④錯誤，③正確.綜合可知選B.4、B【解題分析】

電子伏特（符號：eV）是指一個電子被1V電壓加速得到的能量，即電子伏特是能量的單位。故選B。5、B【解題分析】

由法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢：，故B正確，ACD錯誤；6、A【解題分析】

AB．一電子以某一速度沿電場線由運動到的過程中，動能增加，電場力對電子做正功，電場力方向與運動方向相同，所以電場強度方向由指向，電場線方向由指向，那么則有故A正確，B錯誤；C．電場線方向由指向，但不知電場線的疏密，故無法知道電場的強弱，故C錯誤；D．可以為正電荷，也可以為負電荷，若為正電荷，則在點右側(cè)，若為負電荷，則在點左側(cè)，故D錯誤；故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解題分析】由閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir，可知，當I=0時，U=E，故電源的電動勢是3V，，電阻，故A正確；電源的功率為：P=EI=3×2W=6W，電源的內(nèi)阻消耗的功率為，則電源的輸出功率為P出=P-Pr=4W，選項B正確，C錯誤；電源的路端電壓為2V，選項D正確；故選ABD．8、AB【解題分析】氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D過程中，溫度升高，內(nèi)能增大；體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律分析得知，氣體從外界吸收熱量．故A正確．由圖看出氣體的體積增大，分子總數(shù)不變、體積增大時分子密集程度減小，單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)減少，故B正確．氣體溫度升高，分子的平均動能增大，但不是每個氣體分子的動能都會增大．故C錯誤．氣體的質(zhì)量一定，體積增大，則密度減小．故D錯誤．故選AB．點睛；此題關(guān)鍵是要先搞清圖像的物理意義；會根據(jù)熱力學第一定律分析吸放熱情況．溫度是分子平均動能的標志，溫度升高，分子的平均動能增大．9、ABC【解題分析】試題分析：以兩木塊及彈簧為研究對象，繩斷開后，彈簧將對兩木塊有推力作用，這可以看成是內(nèi)力；水平面對兩木塊有方向相反的滑動摩擦力，且F1=μ1m1g，F(xiàn)2=μ2m2g.因此系統(tǒng)所受合外力F合=μ1m1g－μ2m2g=0，即滿足動量守恒定律的條件．設彈簧伸長過程中某一時刻，兩木塊速度大小分別為v1、v2.由動量守恒定律有（以向右為正方向）：－m1v1＋m2v2=0，即m1v1=m2v2，即兩物體的動量大小之比為1∶1，故A項正確；兩物體的速度大小之比為，故B項正確；由于木塊通過的路程正比于其速度，兩木塊通過的路程之比，故C項正確，D項錯誤．考點：動量守恒定律及其應用10、BC【解題分析】A、由電荷的運動軌跡可知，電荷的受力方向指向左下方，逆著電場線的方向，所以電荷為負電荷，所以A錯誤．B、電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場強度小，由圖可知，C點的場強大于D點的場強的大小，在C點的受力大于在D的受力，所以粒子在D點的加速度小于它在C點的加速度，所以B正確；C、D、由電荷的運動軌跡可知，電荷的受力方向指向左下方，粒子從C向D運動的過程中電場力做正功，電荷的電勢能減小，動能增加，所以粒子在C處的電勢能大于在D處的電勢能，粒子在C點的動能小于它在D點的動能，所以C正確，D錯誤．綜上所述本題答案是：BC點睛：根據(jù)物體做曲線運動的條件，掌握住電場線的特點，結(jié)合電場力做功與電勢能的變化關(guān)系即可解決本題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.0310.295【解題分析】

游標卡尺的主尺讀數(shù)為20mm，游標尺上第3個刻度與主尺上某一刻度對齊，故其讀數(shù)為0.1×3mm=0.3mm，所以最終讀數(shù)為：20mm+0.3mm=20.3mm=2.03cm；螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為10mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×29.5mm=0.295mm，所以最終讀數(shù)為10.295mm(10.294~10.297)．【題目點撥】解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀.12、AC【解題分析】

(1)[1]探究做勻速圓周運動的物體需要的向心力的大小與哪些因素有關(guān)，控制其他量不變，只改變其中的一個變量，看向心力與該變量的關(guān)系，故采用的是控制變量法，故A正確BCD錯誤。故選A。(2)[2]AB．在質(zhì)量和半徑一定的情況下向心力的大小與角速度的平方成正比，與線速度的平方成正比，故AB錯誤；C．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比，故C正確；D．在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比，故D錯誤。故選C。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）uab＝411sin211πtV（2）（3）【解題分析】

試題分析：（1）由題圖乙知ω＝211πrad/s，電壓瞬時值uab＝411sin211πtV（2）電壓有效值U1＝211V理想變壓器P1＝P2，原線圈中的電流解得I1≈1．28A（或）（3）設ab間匝數(shù)為n1，．同理由題意知解得，代入數(shù)據(jù)得14、（1）電動機當中的電流是1A，通過電源的電流是4A；（1）金屬棒受到的安培力大小是6N，磁場的磁感應強度大小3T．【解題分析】試題分析：（1）由P=UI求出電動機中的電流，由串并聯(lián)電路的電壓關(guān)系得到內(nèi)電阻上的電壓，由歐姆定律得到干路電流；（1）進而得到磁場中導線的電流，由平衡條件得到安培力，由安培力公式得到B．解：（1）電動機的正常工作時，有：PM=UIM代入數(shù)據(jù)解得：IM=1A通過電源的電流為：I總===4A（1）導體棒靜止在導軌上，由共點力的平衡可知，安培力的大小等于重力沿斜面向下的分力，即：F=mgsin37°=6N流過電動機的電流I為：I=I總IM=4A1A=1AF=BIL解得：B=3T答：（1）電動機當中的電流是1A，通過電源的電流是4A；（1）金屬棒受到的安培力大小