2021年河南省九師聯盟高考物理聯考試卷（2月份）

1.某光源發出的光由不同波長的光組成，不同波長的光的強度如圖所示，表中給出了

一些材料的極限波長，用該光源發出的光照射表中材料

材料鈉銅伯

極限波長（九?。?41268196

A.僅鈉能產生光電子B.僅鈉、銅能產生光電子

C.僅銅、鉗能產生光電子D.都能產生光電子

2.如圖所示，閉合開關后在原線圈接入u=

30位sin（100兀t”的正弦交變電壓。若理想變壓器的

原、副線圈的匝數比為10：1,燈泡正常發光，此時

的電阻為1.50,電表均為理想電表。則下列說法正

確的是（）

A.副線圈交變電流的頻率為5HzB.燈泡L的額定功率為6W

C.電流表的示數為0.24D.電壓表的示數為4.24U

3,假設地球可視為質量分布均勻的球體。已知地球表面兩極處的重力加速度大小約為

lOm/s2,貼近地球表面飛行的衛星運行周期約為90分鐘，則一質量為3000依的

汽車停在地球赤道上隨地球自轉所需要的向心力約為（）

A.30NB.60NC.117ND.234N

4.如圖所示，用兩根長均為0.3m的輕質絕緣細線M、N把帶電小平;

球甲懸掛在水平天花板上，兩線之間的夾角為。=60。。小球’

甲電荷量2.0X10-6仁質量0.1kg,沿N延長線距甲0.3m處的乙./________

水平地面上固定有一帶等量同種電荷的小球乙。開始整個裝置

處于靜止狀態，小球甲、乙均可視為點電荷，靜電力常量k=9xl09N-m2/c2,

重力加速度取10m/s2。某時刻剪斷線N,則（）

A.剪斷線N前，N上拉力大小為逋

15

B.剪斷線N前，N上拉力大小為更N

3

C.剪斷線N后，小球甲仍在原位置靜止

D.剪斷線N后，小球中移動很小一段距離內電勢能減小

5.如圖所示，ABC是豎直面內的光滑固定軌道，AB水平，長

一￡

度為2RBC是半徑為R的四分之一的圓弧，與A8相切于B?

------r.........?0

點。為了研究空氣動力學問題，現將一小球從距48水平

面高2R的E處以一定初速度水平拋出，由于存在水平向右AB

的風的作用力，且該風力為恒力（其他方向空氣的作用力不計），小球恰好無殿撞地

從C點進人圓弧軌道，并沿圓或軌道運動到水平面上。已知拋出點距C點的水平

距離為R,重力加速度為g,則該過程中小球速度為零位置到B點的距離為（）

A.0.5/?B.RC.1.5RD.2R

6.如圖為某游樂園內滑梯軌道示意圖，整個軌道在同一

豎直平面內，傾角為37。的長直軌道48與彎曲軌道BC

平滑連接，軌道BC高C是半徑為6%的圓弧最低~h""-於

*1..........C

點。質量10必的小孩從4處由靜止開始勻加速下滑，

加速度lm/s2,到達B點時速度4m/s。若不計BC段的阻力,重力加速度取lOm/s?,

s譏37°=0.6,cos37°=0.8。則（）

A.長直軌道AB的長度為8加

B.小孩從A處滑到B處所用的時間為2s

C.小孩與AB軌道間的動摩擦因數為0.8

D.小孩經過C點時所受支持力的大小為160N

7.如圖所示，足夠長的絕緣木板靜止在光滑水平地面上，空間存在垂直紙面向里的勻

強磁場，一帶正電的滑塊靜止在木板右端，木板上表面不光滑，下列說法正確的是

（）

XXXXXXXXXX

B

xxxxxxxr-ixx

+q

XX--XXK一.X

A.若給木板一水平向右的初速度，最終木板和滑塊一定相對靜止

B.若給木板一水平向右的初速度，最終滑塊和木板間一定沒有摩擦力

C.若給木板施加一水平向右的恒力，最終滑塊和木板間一定沒有彈力

D.若給木板施加一水平向右的恒力，最終滑塊做勻加速運動

8.質量為"?的小球在豎直向上的恒力尸作用下由靜止開始向上做勻加速直線運動，

經時間f運動到P點，撤去R又經時間f小球回到出發點，速度大小為n,不計阻

力，已知重力加速度為g,則下列判斷正確的是

第2頁，共17頁

A.撤去力尸時小球的動能為:B.小球上升的最大高度為《

42g

C.拉力F所做的功為，nw2D.拉力的最大功率為

9.某實驗小組利用如圖甲所示的實驗裝置來“探究物體運動的加速度與合外力、質量

關系”。平衡摩擦力后，在保持沙和沙桶總質量不變的情況下，增加小車質量

放開沙桶，小車加速運動，處理紙帶得到小車運動的加速度為重做實驗多次,

得到多組數據。

（1）除了電火花計時器、小車、沙子和沙桶、細線、附有定滑輪的長木板、墊木、

導線及開關外，在下列器材中必須使用的有（選填選項前的字母）。

A.220V的交流電源

8.刻度尺

C.4?6V的交流電源

D天平（附祛碼）

E.秒表

（2）以下實驗操作正確的是（選填選項前的字母）。

人調整長木板上滑輪的高度使細線與長木板平行

8在調整長木板的傾斜度平衡摩擦力時，應當將穿過打點計時器的紙帶連在小車上

C.在調整長木板的傾斜度平衡摩擦力時;應當將沙子和沙桶通過細線掛在小車上

。.若增大小車質量，需要重新平衡摩擦力

（3）在滿足小車質量遠大于沙桶質量后，實驗小組經多次實驗，采集了多組數據。

圖乙是某同學根據實驗數據畫出a-5圖線，根據此圖線，可推算出細線的拉力為

N（結果保留兩位有效數字）。

10.某同學想測量一種新型電源的電動勢和內阻以及該電源的輸出功率。但身邊只有一

只電流表（可視為理想電流表）、一個開關和兩個阻值相同的電阻R.

（1）用多用電表的電阻“義1”擋，按正確的操作步驟測量兩個阻值相同的電阻R的

阻值，表盤的示數如圖所示，讀數是0。

甲

(2)該同學利用(1)中多用電表測的電阻和身邊的器材(除多用電表)組成了兩個測量

步驟中的電路進行測量，試在甲、乙兩個方框中分別畫出兩次測量步驟的電路圖。

(要求電流表只用在主干路中且每個電路都要用到兩個電阻)

(3)該同學兩次測量時，讀得電流表的示數分別為6A和2A,則電源電動勢為

V,電源內阻為0。

(4)兩次測量中，新型電源的輸出功率分別為卬、卬。

11.如圖所示，一上方開口空心箱體A靜置在粗糙水平面上，木箱內有一小物塊B用手

扶住緊貼豎直側壁，在t=0時刻撤去手，同時用一大小為24M水平向右的力F

作用在木箱上，之后小物塊B能夠相對于A靜止，在t=0.1s時突然撤去力尸，又

過了一段時間后小物塊B落在木箱的底面上的尸點(圖中未畫出)，已知木箱A質量

為機1=2kg,小物塊B質量為ni2=1kg,小物塊B開始時距木箱A底面的高度為

h=0.8m,木箱A與地面之間的動摩擦因數為〃=0.2,重力加速度g=lOzn/s?,

求：

(1)在0?0.1s內木箱A的加速度a；

(2)P點距木箱左側內壁的距離s。

3B

F

第4頁，共17頁

12.如圖所示，足夠長的傾斜的金屬導軌和水平的金屬導軌交界處通過一小段光滑的圓

弧平滑連接，間距均為L=傾斜導軌與水平面間的夾角為30。，上端連接一定

值電阻％=20。在傾斜導軌的區域有垂直于軌道平面斜向上的勻強磁場，在水平

導軌的區域有豎直向下的勻強磁場。磁感應強度大小都為B=17,導體棒裙的質

量m=0.2kg、電阻R=20,當外棒在光滑導軌上足夠高處下滑至交界處(交界處

無磁場)時，與靜止在交界處的cd棒發生彈性正碰，cd棒的質量和電阻與帥棒完

全相同。導體棒〃進入勻強磁場區域，在磁場中運動距離x=1.5m后停止運動，

其中導體棒〃與水平導軌間的動摩擦因數4=0.1，g取10m/s2,不計軌道電阻，

求：

(l)ab棒下滑的最大速度；

(2)導體棒〃開始運動到停止，電阻％產生的熱量Qi：

(3)導體棒cd的運動時間人

13.自行車內胎充氣過足，在陽光下受暴曬時車胎極易爆裂，設暴曬過程中內胎容積的

變化可以忽略不計。則在爆裂前受暴曬的過程中，氣體溫度升高，分子無規則熱運

動加劇，氣體壓強;在車胎突然爆裂的瞬間，胎內氣體內能:在車

胎爆裂前，氣體分子的平均動能,大量氣體分子作用在胎內壁單位面積上

的平均作用力。(均填“減小”“不變”或“增大”)

14.如圖所示，橫截面積為S=0.01m2的汽缸開口向下豎直放置，

4、〃為固定在汽缸內壁的卡口，4、6之間的距離為九=5cm,

匕與汽缸底部的距離為H=45cm,質量為m=10kg的活塞

b

與汽缸內壁接觸良好，只能在a、b之間移動，活塞厚度可a

忽略，汽缸、活塞導熱性良好，活塞與汽缸之間的摩擦忽略

不計。重力加速度取10m/s2,大氣壓強為po=1xl()5pa,剛開始時缸內氣體壓

強為Pi=1x105Pa,溫度為A=400K,活塞停在a處，若緩慢降低缸內氣體的

溫度，求：

①塞剛好離開a時缸內氣體的溫度；

②活塞剛好與6接觸時缸內氣體的溫度。

15.一列沿x正方向傳播的簡諧橫波，波源在x=0處，t=0時刻開始振動，經過0.3s時

形成如圖所示波形圖，A、8為該波上兩點，下列說法正確的是()

B.該波的頻率為2.5Hz

C.在t=0.75s時，A點的速度方向向上

D.在0?0.3s的時間內，質點B經過的路程為6cm.

E.該波遇到寬度為6m的障礙物時能發生明顯衍射

16.2020年11月6日消息，電子商務進農村實現對832個貧困縣全覆蓋，貧困村通光

纖比例已達98%。如圖所示，光導纖維的內芯是由某種透明介質制成的長直細圓柱

體，某種單色光在介質中傳輸，經過多次全反射后從右端射出。若以全反射臨界角

傳輸的光線剛好從右端以張角20出射，光在真空中傳播速度為以求：

第6頁，共17頁

①此介質的折射率”:

②若此種光導纖維制成的光纜長為L,該種單色光傳輸的時間t.

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：由題圖可知，該光源發出的光的波長大約在20”,"到440加*之間，而三種

材料中，極限波長最小的伯的極限波長是196〃%,大于20m〃，所以該光源能使三種材

料都產生光電效應。

故選：Do

根據發生光電效應的條件，當入射光的頻率大于金屬的極限頻率，就會發生光電效應.

該題考查發生光電效應的條件.解決本題的關鍵知道光電效應的條件即可.基礎題目.

2.【答案】B

【解析】解：A、分析正弦交變電壓的瞬時值表達式可知角速度讀3=100nrad/s,角

根據度3=2兀/,解得交變電流的頻率：f=50Hz,變壓器不會改變交變電流的頻率,

故A錯誤；

BCD、原線圈所接交變電壓的最大值為U7n=30夜V，則有效值為U1=貴=嗤/=

30K,根據變壓比可知，金=4，解得副線圈的輸出電壓：U2=3K,故電壓表的示數

為"，燈泡心正常發光，根據歐姆定律可知，副線圈中的輸出電流：%=與=54=24,

Kl.o

燈泡入的額定功率：P=I2R=22X1.5W=6W,故8正確，CD錯誤。

故選：B。

根據變壓器變壓原理可知原、副線圈的交流電頻率是一樣的，利用變壓器電壓與匝數的

關系，可以求出電壓表的示數，利用功率與電壓關系可以解出電流表示數，利用功率公

式求解燈泡L的額定功率。

此題考查了變壓器的構造和原理，解題的關鍵是變壓比和變流比的靈活運用，明確變壓

器不會改變交變電流的頻率。

3.【答案】C

【解析】解：在兩極：G黃=mg,則GM=gR2,貼近地球表面飛行的衛星G黃=

解得：R=/

地球自轉周期為7'=24/1,則一個質量為3000版的汽車停在地球赤道上隨地球自轉所

第8頁，共17頁

需要的向心力為：F=6至篝R=m車g琮=3000x10x(^)2/V=117N,故C正確，

A8O錯誤；

故選：a

根據萬有引力等于重力則GM=gR2,萬有引力提供向心力求出R的表達式，根據向心

力公式求出汽車所需的向心力。

本題主要考查了萬有引力定律的應用，忽略地球自轉萬有引力等于重力，衛星繞地球運

行萬有引力提供向心力是解題的關鍵。

4.【答案】A

【解析】解:A3、剪斷細線N前，小球甲、乙之間的庫侖力F=4=絲史照篝空N=

r2(0.3)2

0.4N,對甲根據平衡條件由：

TMCOS600=TNCOS600+Fcos60°,TMsin600+TNsin600+Fsin600=mg,聯立解得：

TM=^N,TN=*N,故A正確，B錯誤；

C、剪斷線N后，加消失，而庫侖力和重力不變，在豎直方向，五豎直分量消失后若要

使小球甲仍在原位置靜止，TM的豎直分量需要增大，那么水平分量也會增大，這樣水平

方向就無法平衡，所以小球甲不能在原位置靜止，故C錯誤；

。、斜向右上方的TN消失后，小球甲會向左擺動，小球甲移動很小一段距離內是靠近乙

球，電場力做負功，電勢能增加，故。錯誤；

故選：A。

先求出庫侖力，再用平衡條件可求出N上的拉力大??；通過受力分析小球的運動情況;

電場力做正功，電勢能減小。

本題考查了共點力平衡條件的應用及電場力做功和電勢能的變化，本題的關鍵是會用正

交分解的方法分析物體受力及運動情況。

5.【答案】B

【解析】解：小球在運動過程受重力和風力的作用，在豎直方向做自由落體運動有/?=

7戶

在水平方向做勻減速直線運動，設初速度為孫，因小球恰能無碰撞地進入圓弧軌道，說

明小球在C處時水平方向的速度減小到零，有R=等《

解得：v0=j2gR

設風力大小為F,根據牛頓第二定律得：a=￡

m

有詔=2aR

解得：F=mg

對整個運動過程由動能定理：mg2R-F(2R+x)=

解得：x=R,故B正確。

故選：Bo

對小球受力分析，根據運動的合成與分解可知水平方向做勻減速運動，豎直做自由落體

運動，最后根據動能定理求解。

本題考查運動的合成與分解，動能定理等知識，目的是考查考生綜合運用力學規律解決

問題的能力。

6.【答案】AD

【解析】解：A、根據勻變速直線運動公式詔一域=2aL.解得L=f詈m=8m,故A

正確；

8、小孩從A處滑到B處1=絲=早s=4s,故B錯誤；

a1

C、由牛頓第二定律：mgsin370-iimgcos37°=ma,得〃="故C錯誤；

。、小孩在3C段運動的過程中,根據動能定理，有mg/i=一1根詔，得%=6m/s；

小孩經過C點時根據牛頓第二定律得：FN-mg=m-,解得：FN=160/V,故。正確。

故選：AD.

AB段小孩做勻變速直線運動，用牛頓第二定律結合運動學公式即可求出位移及時間；

BC段小孩做曲線運動，只能用動能定理求到C點的速度，然后用牛頓第二定律小孩經

過C點時所受支持力。

本題考查了牛頓第二定律、運動學公式、動能定理的綜合運用，注意運動學公式只能用

于勻變速直線運動，而動能定理則沒有這個限制。

7.【答案】BC

【解析】解：AB,若給木板一水平向右的初速度，由于滑塊與木板之間存在摩擦力，

則滑塊開始向右做加速運動，而木板向右做減速運動。根據左手定則可知，帶正電的滑

塊受到的洛倫茲力的方向向上，由f=qvB可知，滑塊受到的洛倫茲力的大小隨速度的

增大而增大，結合對滑塊的受力分析可知，滑塊受與木板之間的彈力隨滑塊速度的增大

第10頁，共17頁

而減小，滑塊受與木板之間的摩擦力也隨滑塊速度的增大而減小。

由于木板足夠長，最終可能有兩種情況：

1.如果開始時木板的速度較小，滑塊做加速運動后可能很快就與木板的速度相等，此后

二者一起以相等的速度做勻速直線運動，此時滑塊受到的洛倫茲力小于滑塊的重力，則

滑塊與木板之間仍然有彈力，由于二者的速度相等，滑塊和木板間一定沒有摩擦力；

2.如果開始時木板的速度較大，滑塊做加速運動，當滑塊受到的洛倫茲力的大小等于滑

塊的重力后，滑塊與木板之間沒有了彈力，此時二者之間也沒有摩擦力，則滑塊開始做

勻速直線運動；由于二者之間沒有摩擦力，則木板也做勻速直線運動，但木板的速度大

于等于滑塊的速度。故A錯誤，B正確；

CD,若對木板始終施加一水平向右的恒力，開始時可能滑塊與木板一起做加速運動，

也可能一開始木板的加速度就大于滑塊的加速度.

隨滑塊速度的增大，滑塊受到的洛倫茲力增大，則滑塊受與木板之間的彈力隨滑塊速度

的增大而減小，所以滑塊與木板之間的摩擦力逐漸減小，滑塊做加速度減小的加速運動，

最終滑塊受到的洛倫茲力等于滑塊的重力時，滑塊和木板間一定沒有彈力和摩擦力，滑

塊開始做勻速運動，而木板做加速運動。故C正確，。錯誤。

故選：BC。

分別對滑塊與木板進行受力分析，結合牛頓第二定律判斷加速度的變化情況，然后由運

動學的規律分析即可。

本題主要考查了洛倫茲力的性質以及牛頓第二定律的直接應用，要求同學們能正確分析

木板和滑塊的受力情況，明確洛倫茲力隨速度變化的基本性質，再根據受力分析和牛頓

第二定律即可分析判斷運動情況。

8.【答案】BCD

【解析】

【分析】

小球在恒力作用下做勻變速直線運動，應用運動學公式求出加速度與拉力，應用動能定

理分析答題，應用P=求出拉力的功率。

本題考查了動能定理的應用，根據題意分析清楚小球的運動過程是解題的前提，應用運

動學公式、動能定理可以解題。

【解答】

拉力尸作用時，小球上升的加速度大小為末速度大小為，，小球上升的高度:九=［砒2,

小球速度：vr=at,撤去外力后：—九=/￡—解得：Q=：g,在上升過程中由

牛頓第二定律有F-mg=ma,得r=：7ng,由速度時間關系有一u二"一gt,解得：

，v

v=?

人拉力尸作用時，由動能定理得=(F-mg)h,則撤去力F時小球的動能;巾/=

ix|mv2=\mv2,故A錯誤；

A撤去力產后小球上升的高度為"，由動能定理得：|mv2=Fh,|mv，2=mgh',解得

?2

小球上升的最大高度：〃=/!+"=9，故8正確；

C.對全過程，由動能定理得：Fh=^mv2,故C正確；

。.拉力尸的最大功率：Pm=Fv'=^mgv,故￡)正確。

故選BCD。

9.【答案】ABDAB0.20

【解析】解：(1)電火花計時器要用到220V交流電源，測量長度需要刻度尺，測量小車

質量必須用天平，故需要A8D；

(2)4、實驗進行時，拉小車的細線平行與長木板，能保證運動過程中拉力方向不變且恒

定，故A正確；

從平衡摩擦力時不掛沙桶，但要讓紙帶連在小車上，通過打點計時器打的點跡判斷小

車摩擦力是否平衡到位，故8正確，C錯誤；

D、摩擦力平衡到位后，由于小車重力的分力等于滑動摩擦力，^Vmgsin9-i2mgcosd,

所以增加小車質量無需再次平衡摩擦力，故。錯誤。

故選：AB.

(3)小車合力/恒定時，有F二時心貝必=。圖乙圖線的斜率就是合外力，即細線拉

力，由圖可知，細線拉力F=^N=0.20N。

故答案為:(1)4BD；(2)AB；(3)0.20o

(1)明確實驗原理，根據實驗原理選擇實驗器材；

(2)為了使細線對小車的拉力等于小車所受的合外力，需要平衡摩擦力，同時要調整長

木板上滑輪的高度使細線與長木板平行；

(3)根據牛頓第二定律結合圖象特點分析產生的原因。

第12頁，共17頁

本題考查了實驗器材、實驗注意事項、實驗數據處理等問題；對于實驗問題一定要明確

實驗原理，并且親自動手實驗，熟練應用所學基本規律解決實驗問題，注意平衡摩擦力

的細節。

10.【答案】8.036214464

【解析】解：(1)歐姆表測電阻的讀數為指針示數乘以倍率，所以R=8.0x1。=8.0/2；

(2)根據閉合電路歐姆定律知，當總電阻大時，電流小，說明第一次測量時，將兩個電

阻并聯，第二次測量時將兩個電阻串聯，畫出電

路圖如圖分別為甲乙所示。

4

(3)甲電路兩個80電阻并聯后是40,根據閉合電

路歐姆定律：E=6x(4+r)

乙電路兩個8。電阻串聯后是160,根據閉合電路歐姆定律：E=2x(16+r)

兩式聯立可得：r=20,E=36V

(4)電源的輸出功率P=U/=W^XR,將R尹=40和RI=16。后分別得到：。尹=

144W,P乙=64k

故答案為：(1)8.0；(2)如圖所示.(3)36.2；(4)144、

甲乙

64

(1)用歐姆表測電阻的讀數為指針示數乘以倍率：

(2)由題設條件確定只有兩個電阻的外電路的連接方式，再畫出電路圖；

(3)根據閉合電路歐姆定律列出兩種情況下的方程，求出電源電動勢和內阻；

(4)根據輸出功率P=U/=誦*XR,求電源的輸出功率。

本題是訓練閉合電路歐姆定律的基礎題，要分清內外電路，內外電壓，輸出輸入功率等

概念，還利用電阻串聯公式和并聯公式及功率公式等解題。

11.【答案】解：(1)以4、B整體為研究對象，受力分析可知：F-“(m】+m2)9=(小】+

m2)a

帶入數據可解得a=6m/s2

故木箱A的加速度為6m/s2o

(2)t=0.1s時，剛撤去F時，A和B的速度為f=at=6x0.1m/s=0.6m/s

撤去尸后物塊8做平拋運動，木箱A做勻減速直線運動，

對3有：h=^gt'2x=vtr

代入數據可解得：tr=0.4s,x=0.24m

木箱A做減速運動的加速度為：優=/zg=0.2x10m/s=2m/s2

可求得木箱A減速至零需要時間為：X=A==0.3m/s

2

可見木箱4停下來之后小物塊才落到尸點，這個過程中木箱4所有距離為：xz=—=

2a/

^-m-0.09m

2X2

這個過程B相對A運動的水平距離即為P點距木箱左側內壁的距離為：s=x-x'=

0.24—0.09m=0.15m

答：(1)在O-O.ls內木箱4的加速度a為6m/s2。

(2)P點距木箱左側內壁的距離s為0.15m。

【解析】牛頓運動定律的兩類問題，已知受力情況，求解加速度，速度等，結合平拋運

動求水平位移。

易錯點：撤去力后，箱體做減速運動，小物塊做平拋運動，注意箱體減速到0時，小物

塊是否己經落到箱底。

12.【答案】解：(l)ab棒做勻速直線運動時速度最大，設為%〃，必棒受到的安培力為：

,,B2L2v

nFn=BIL=—777：a--b-------

導體棒時做勻速直線運動，由平衡條件得：F=mgsin30。

代入數據解得：vab=3m/s

(2)兩導體棒發生彈性碰撞，設碰撞后他的速度為“，cd的速度為v,兩導體棒碰撞過

程系統動量守恒、機械能守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得：

mvab=mv'+mv

由機械能守恒定律得：

121,212

-mv^b=-mv+-mv

解得：v'=0,v=3m/s

設回路產生的總焦耳熱為Q,從M進入磁場到停止運動整個過程，由能量守恒定律得：

1,

-mv￡=Q+nmgx

代入數據解得：Q=Q.6J

定值電阻值與必棒并聯再與cd棒串聯，三者電阻都為2。，由串并聯電路特點可知，通

第14頁，共17頁

過三者的電流之比為1：1：2,它們產生的焦耳熱之比為1：1：4,則定值電阻治產生

的焦耳熱為：

11

Qi=-------Q=-x0.67=0.1/

11+1+46

-_40

(3)通過導體棒cd的平均感應電流為：/=白=不=袈

R總&總R總t

電路總電阻為：/?◎=舞+R

占R1+R

通過導體棒C&的電荷量為：q=it

設導體棒cd從進入磁場到停止運動的時間為△《，對”，由動量定理得：

—BILAt-fimgt=0—mv

代入數據解得：t=0.5s

答：(l)ab棒下滑的最大速度是3m/s；

(2)導體棒M開始運動到停止，電阻％產生的熱量Qi是0.1/；

(3)導體棒cd的運動時間，是0.5s。

【解析】(l)ab棒做勻速直線運動時速度最大，應用平衡條件求出H棒下滑的最大速度。

(2)兩導體棒發生彈性碰撞，碰撞過程系統動量守恒、機械能守恒，應用動量守恒定律

與機械能守恒定律求出碰撞后導體棒的速度，應用能量守恒定律求出電阻產生的熱量。

(3)應用動量定理求出導體棒W的運動時間。

對于電磁感應問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點是分析安培力作用下導

體棒的平衡問題，根據平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應現象中的

能量轉化問題，根據動能定理、功能關系等列方程求解。

13.【答案】增大減小增大增大

【解析】解：自行車在爆裂前受暴曬過程中，車胎內氣體吸熱溫度升高，分子平均動能

增加，而氣體體積不變，單位體積內的分子數不變，因此氣體壓強增大，爆裂瞬間，對

外做功，內能減??；爆裂前，氣體吸熱、溫度升高，平均動能增大；爆裂前，溫度升高，

氣體分子劇烈程度加劇，故單位面積的平均作用力增大。

故答案為：增大、減小、增大、增大

根據溫度是分子平均動能的標志，壓強是由大量分子做無規則運動對器壁的碰撞而產生、

當氣體發生等容變化時壓強與溫度成正比等時間點來回答。

本題要抓住氣體發生等容變化，溫度與分子運動劇烈程度的關系，要正確理解并掌握分

子運動論、熱力學定律等，是基本題，比