2022-2023學年湖南省常德市維悟爾中學高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，理想變壓器的原線圈匝數n1=1600匝，副線圈匝數n2=800匝，交流電源的電動勢瞬時值，交流電表A和的V內阻對電路的影響可忽略不計。則A．當可變電阻R的阻值為l10Ω時，變壓器的輸入功率為110WB．當可變電阻R的阻值為l10Ω時，電流表A的示數為2AC．當可變電阻R的阻值增大時，電壓表V的示數增大D．通過可變電阻R的交變電流的頻率為100Hz參考答案：2.三個質量均為1kg的相同木塊a、b、c和兩個勁度系數均為500N/m的相同輕彈簧p、q用輕繩連接如圖，其中a放在光滑水平桌面上。開始時p彈簧處于原長，木塊都處于靜止。現用水平力緩慢地向左拉p彈簧的左端，直到c木塊剛好離開水平地面為止，g取10m/s2。該過程p彈簧的左端向左移動的距離是:

()

A．4cm

B．6cm

C．8cm

D．10cm

參考答案：C3.如圖所示，光滑水平面上放置質量分別為m、2m和3m的三個木塊，其中質量為2m和3m的木塊間用一不可伸長的輕繩相連，輕繩能承受的最大拉力為T．現用水平拉力F拉其中一個質量為3m的木塊，使三個木塊以同一加速度運動，則以下說法正確的是（）A．質量為2m的木塊受到四個力的作用B．當F逐漸增大到T時，輕繩剛好被拉斷C．當F逐漸增大到1.5T時，輕繩還不會被拉斷D．輕繩剛要被拉斷時，質量為m和2m的木塊間的摩擦力為0.667T參考答案：C【考點】牛頓第二定律；力的合成與分解的運用．【專題】定性思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題．【分析】三個木塊以同一加速度做加速運動，采用隔離法分析2m可得出其受力的個數；再對整體分析可得出整體的加速度與力的關系；再以后面兩個物體為研究對象可得出拉力與加速度的關系，則可分析得出F與T的關系．【解答】解：A、質量為2m的木塊受到重力、質量為m的木塊的壓力、m對其向后的靜摩擦力、輕繩的拉力和地面的支持力五個力的作用，故A錯誤；B、對三個木塊整體，由牛頓第二定律可得：a=，隔離后面的組合體，由牛頓第二定律可得：輕繩中拉力為F′=3ma=F，由此可知，當F逐漸增大到2T時，輕繩中拉力F′=T，輕繩剛好被拉斷，故B錯誤；C、由B可知，當拉力F=1.5T時，繩子的拉力F′=T，繩子沒有拉斷，故C正確；D、輕繩剛要被拉斷時，輕繩的拉力剛好為T，后面兩個木塊的加速度a′=，對質量為m木塊研究，由牛頓第二定律得摩擦力為f=ma′=T=0.33T，故D錯誤．故選：C．4.（單選）分別讓一物體按照以下兩種情境通過直線上的A、B兩點，一種是物體以速度v勻速運動，所用時間為t；另一種是物體從A點由靜止出發，先勻加速直線運動(加速度為)到某一最大速度，立即做勻減速直線運動(加速度大小為a2)至B點速度恰減為0，所用時間仍為t。下列說法正確的是A．只能為2v，與a1、a2的大小無關

B．可為許多值，與a1、a2的大小有關C．a1、a2必須是一定的

D．a1、a2必須滿足參考答案：A5.（單選）山地滑雪是人們喜愛的一項體育運動．如圖所示，一滑雪坡由斜面AB和圓弧面BC組成，BC圓弧面和斜面相切于B，與水平面相切于C，豎直臺階CD底端與傾角為θ的斜坡DE相連。第一次運動員從A點由靜止滑下通過C點后飛落到DE上，第二次從AB間的A′點（圖中未標，即AB>A′B）由靜止滑下通過C點后也飛落到DE上，運動員兩次與斜坡DE接觸時速度與水平方向的夾角分別為φ1和φ2，不計空氣阻力和軌道的摩擦力，則

A.φ1>φ2B.φ1<φ2C.φ1=φ2D.無法確定兩角的大小關系參考答案：B解析：根據動能定理mgh=mv02，A下落時高度較大，所以從A下落到達C點的速度比較大那么從A和A′下落時在DE上的落點如圖所示，根據平拋運動中的推論：tanφ=2tanθ由圖可以看出從A′下落時從C點飛出后tanθ值較大，故從A′下落時落到DE后tanφ2較大，即tanφ1＜tanφ2

故選：B．A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（4分）如圖所示，在靜止的傾角為53°的斜面上放著一塊木塊，木塊重100N，現用大小為120N的水平力F作用在木塊上使其靜止，則斜面對木塊的摩擦力的大小為

N，方向為____________。地面對斜面的摩擦力的大小為

N。（sin530=0．8，cos530=0．6）

參考答案：

答案:8，沿斜面向上，1007.（4分）如圖所示，有四列簡諧波同時沿x軸正方向傳播，波速分別是v、2v、3v和4v，a、b是x軸上所給定的兩點，且ab＝l。在t時刻a、b兩點間四列波的波形分別如圖所示，則由該時刻起a點出現波峰的先后順序依次是圖

；頻率由高到低的先后順序依次是圖

。參考答案：答案：BDCA，DBCA8.（5分）地核的體積約為整個球體積的16%，地核的質量約為地球質量的34％。經估算，地核的地平均密度為_______________kg/m3。(結果取兩位有效數字)參考答案：答案：1.2×1049.1某同學為了探究桿轉動時的動能表達式，設計了如圖所示的實驗：質量為m的均勻長直桿一端固定在光滑轉軸O處，桿由水平位置靜止釋放，用光電門測出另一端A經過某位置時的瞬時速度vA，并記下該位置與轉軸O的高度差h。⑴設桿的寬度為L（L很小），A端通過光電門的時間為t，則A端通過光電門的瞬時速度vA的表達式為

▲

。組

次123456h/m0.050.100.150.200.250.30vA/（m·s-1）1.231.732.122.462.743.00vA-1/（s·m-1）0.810.580.470.410.360.33vA2/（m2·s-2）1.503.004.506.057.519.00

⑵調節h的大小并記錄對應的速度vA，數據如上表。為了形象直觀地反映vA和h的關系，請選擇適當的縱坐標并畫出圖象。⑶當地重力加速度g取10m/s2，結合圖象分析，桿轉動時的動能Ek=

▲

（請用質量m、速度vA表示）。參考答案：⑴（3分）⑵如圖（縱坐標1分，圖象2分）⑶（2分）10.本世紀最靠近地球的小行星2012DA14從離地面約34800km的距離，以28000km/h的速度由印度洋蘇門答臘島上空掠過。如果小行星被地球俘獲而成為繞地球做圓周運動的衛星，則小行星的環繞速度應為__________m/s，該環繞速度__________第一宇宙速度（選填“大于”、“等于”或“小于”）。已知地球表面重力加速度為9.8m/s2，地球半徑為6.4×103km。

參考答案：3.12×103m/s，小于11.傳感器是自動控制設備中不可缺少的元件。右圖是一種測定位移的電容式傳感器電路。在該電路中，閉合開關S一小段時間后，使工件（電介質）緩慢向左移動，則在工件移動的過程中，通過電流表G的電流

（填“方向由a至b”、“方向由b至a”或“始終為零”）參考答案：方向由a至b12.一列簡諧橫波沿x軸傳播，t＝0時刻波形如圖所示，此時質點P沿y軸負方向運動，質點Q經過0．3s第一次到達平衡位置，則該波的傳播方向為沿x軸___（填”正”“負”）方向，傳播波速為______m／s，經過1．2s，質點P通過的路程為______cm。參考答案：

(1).負

(2).10

(3).8（1）此時質點P沿y軸負方向運動，由波的形成原理可知此波沿沿x軸負方向傳播。（2）Q經過0．3s第一次到達平衡位置，可知波的周期為，所以波速為（3）經過1．2s，質點P通過的路程為13.質量為0.45kg的木塊靜止在光滑水平面上，一質量為0.05kg的子彈以200m/s的水平速度擊中木塊，并留在其中，整個木塊沿子彈原方向運動，則木塊最終速度的大小是__________m/s。若子彈在木塊中運動時受到的平均阻力為4.5×103N，則子彈射入木塊的深度為_______m。參考答案：

(1).20

(2).0.2試題分析：根據系統動量守恒求解兩木塊最終速度的大小；根據能量守恒定律求出子彈射入木塊的深度；根據動量守恒定律可得，解得；系統減小的動能轉化為克服阻力產生的內能，故有，解得；【點睛】本題綜合考查了動量守恒定律、能量守恒定律，綜合性較強，對學生能力要求較高．三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在“用油膜法測量分子直徑”的實驗中，將濃度為的一滴油酸溶液，輕輕滴入水盆中，穩定后形成了一層單分子油膜．測得一滴油酸溶液的體積為V0，形成的油膜面積為S，則油酸分子的直徑約為

____

；如果把油酸分子看成是球形的（球的體積公式為，d為球直徑），計算該滴油酸溶液所含油酸分子的個數約為___________。參考答案：，一滴油酸溶液中含有的油酸體積V＝V0，根據V＝Sd得：油酸分子的直徑d=，設一滴油酸中含有n個油酸分子，由得15.（4分）某同學利用打點計時器所記錄的紙帶來研究做勻變速直線運動小車的運動情況，實驗中獲得一條紙帶，如圖所示，其中兩相鄰計數點間有四個點未畫出。已知所用電源的頻率為50HZ，則打A點時小車運動的速度vA=_______m/s，小車運動的加速度a=_______m/s2。（結果要求保留三位有效數字）參考答案：

0.337m/s，0.393m/s2四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所不，輕質桿長為3L，在桿的A、B兩端分別固定質量均為m的球A和球B，桿上距球A為L處的點O裝在光滑的水平轉動軸上，桿和球在豎直面內轉動，當球B運動到最低點時，桿對球B的作用力大小為2mg，已知當地重力加速度為g，求此時：（1）球B轉動的角速度大小，線速度大小；（2）A球對桿的作用力大小以及方向；（3）在點O處，輕質桿對水平轉動軸的作用力大小和方向.參考答案：（1）=；（2）F2=-，球對桿是向下的壓力；（3）2.5mg，桿對轉軸的作用力向下【詳解】（1）小球B受重力和彈力的合力提供向心力，根據牛頓第二定律：F1-mg=mω2（2L）

其中：F1=2mg

聯立解得：ω=

（2）A球的角速度等于B球的角速度，為；設桿對A球是向下的拉力，根據牛頓第二定律，有：F2+mg=mω2L

解得：F2=-mg＜0，故假設不成立，是向上的支持力；

根據牛頓第三定律，球A對桿是向下的壓力，大小為mg；

（3）根據牛頓第三定律，球A對桿有向下的壓力，為：F2′＝mg；

球B對桿有向下的拉力，為：F1′=2mg；

桿受力平衡，故軸對桿的彈力向上，為：N=F1′+F2′=2.5mg；

根據牛頓第三定律，桿對轉軸的作用力向下，為2.5mg；17.如圖所示，質量為的直角三棱柱放在水平地面上，三棱柱的斜面是光滑的，且斜面傾角為.質量為的光滑球放在三棱柱和光滑豎直墻壁之間，和都處于靜止狀態，求地面對三棱柱支持力和摩擦力各為多少？參考答案：

18.如圖所示，一等腰直角三角形OMN的腰長為2L，P點為ON的中點，三角形PMN內存在著垂直于紙面向里的勻強磁場Ⅰ（磁感應強度大小未知），一粒子源置于P點，可以射出垂直于ON向上的不同速率、不同種類的帶正電的粒子．不計粒子的重力和粒子之間的相互作用．(1)求線段PN上有粒子擊中區域的長度s；(2)若三角形區域OMN的外部存在著垂直于紙面向外的勻強磁場Ⅱ，磁感應強度大小為B；三角形OMP區域內存在著水平向左的勻強電場．某粒子從P點射出后經時間t恰好沿水平向左方向穿過MN進入磁場Ⅱ，然后從M點射出磁場Ⅱ進入電場，又在電場力作用下通過P點．求該粒子的比荷以及電場的電場強度大小．參考答案：(1)

(2),(1)粒子打在PN上離P最遠時，軌道恰好與MN相切，