河南省南陽市河南大學附屬高級中學高三物理測試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）對下列概念、公式的理解，正確的是A．根據，電場中某點的電場強度和檢驗電荷的電荷量q成反比B．根據，電容器極板上的電荷量每增加1C，電壓增加1V，則該電容器的電容為1FC．根據W＝qU，一個電子在電勢差為1V的兩點間被電場加速，電場力做功為1eVD．根據，若帶電荷量為1×10－5C的正電荷從a點移動到b點，克服電場力做功為1×10－5J，則a、b兩點的電勢差為Uab＝1V，且a點電勢比b點高參考答案：BC2.下面說法正確的是A．物體做勻速圓周運動時，其速度不變B．勻速圓周運動是變加速的曲線運動C．平拋運動是變加速的曲線運動D．曲線運動一定是變加速運動參考答案：B3.如圖所示，將質量為m的滑塊放在傾角為的固定斜面上。滑塊與斜面之間的動摩擦因數為。若滑塊與斜面之間的最大靜摩擦力合滑動摩擦力大小相等，重力加速度為g，則A．將滑塊由靜止釋放，如果＞tan，滑塊將下滑B．給滑塊沿斜面向下的初速度，如果＜tan，滑塊將減速下滑C．用平行于斜面向上的力拉滑塊向上勻速滑動，如果=tan，拉力大小應是2mgsinD．用平行于斜面向下的力拉滑塊向下勻速滑動，如果=tan，拉力大小應是mgsin參考答案：C解析：對處于斜面上的物塊受力分析，要使物塊沿斜面下滑則mgsinθ>μmgcosθ，故μ<tanθ，故AB錯誤；若要使物塊在平行于斜面向上的拉力F的作用下沿斜面勻速上滑，由平衡條件有：F-mgsinθ-μmgcosθ=0故F=mgsinθ+μmgcosθ，若μ=tanθ，則mgsinθ=μmgcosθ，即F=2mgsinθ故C項正確；若要使物塊在平行于斜面向下的拉力F作用下沿斜面向下勻速滑動，由平衡條件有：F+mgsinθ-μmgcosθ=0則F=μmgcosθ-mgsinθ若μ=tanθ，則mgsinθ=μmgcosθ，即F=0，故D項錯誤。4.某同學在學習中記錄了一些與地球、月球有關的數據資料如表中所示，利用這些數據來計算地球表面與月球表面之間的距離s，則下列運算公式中正確的是（

）地球半徑R=6400km月球半徑r=1740km地球表面重力加速度g0=9.80m/s2月球表面重力加速度g′=1.56m/s2月球繞地球轉動的線速度v=1km/s月球繞地球轉動的周期T=27.3天光速c=2.998×108km/s用激光器向月球表面發射激光光束，經過約t=2.565s接收到從月球表面反射回來的激光信號

A．

B．

C．

D．參考答案：ABD5.（單選）如圖所示，斜面頂端在同一高度的三個光滑斜面AB、AC、AD，均處于水平方向的勻強磁場中．一個帶負電的絕緣物塊，分別從三個斜面頂端A點由靜止釋放，設滑到底端的時間分別為tAB、tAC、tAD則（）A．tAB=tAC=tADB．tAB＞tAC＞tADC．tAB＜tAC＜tADD．無法比較參考答案：考點：帶電粒子在混合場中的運動；勻變速直線運動的位移與時間的關系；牛頓第二定律．專題：帶電粒子在磁場中的運動專題．分析：根據粒子的運動方向與磁場方向，結合左手定則可確定粒子受到的洛倫茲力的方向，并根據受力分析可知，粒子的運動性質．解答：解：因為小球帶負電．其次洛倫茲力方向垂直于速度方向向下，對斜面的壓力越來越大，小球受到的洛倫茲力只是增大了小球對斜面的壓力，并不改變其加速度，加速度只由重力平行與斜面方向的分力決定，所以是勻加速運動．運動的加速度：a=gsinθ，設斜面高h，則斜面長：，運動的時間t：，d2：，可知，θ越小，時間越長．故：tAB＜tAC＜tAD故選：C點評：考查粒子受力情況來確定運動情況，掌握受力分析的方法，理解左手定則．注意小球離開斜面的意思不是滑到底端．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.對于繞軸轉動的物體，描述轉動快慢的物理量有角速度ω等物理量．類似加速度，角加速度β描述角速度的變化快慢，則角加速度β的定義式是，單位是rad/s2．參考答案：考點：向心加速度．專題：勻速圓周運動專題．分析：利用加速度、速度和位移公式，類似于角加速度、角度公式．角加速度為角速度變化量與所用時間的比值，由公式知在國際單位制中β的單位為rad/s2，解答：解：角加速度為角速度變化量與所用時間的比值，由公式知在國際單位制中β的單位為rad/s2，故答案為：，rad/s2點評：本題比較新穎，利用類似法可以寫出角加速度、角速度和角度公式．7.如圖所示，有兩根長均為L、質量均為m的細導體棒a、b，其中a被水平放置在傾角為45°的絕緣光滑斜面上，b被水平固定在斜面的右側，且與a在同一水平面上，a、b相互平行．當兩細棒中均通以大小為I的同向電流時，a恰能在斜面上保持靜止．則b的電流在a處產生的磁場的磁感應強度B的大小為，若使b豎直向下移動一小段距離，則a將沿斜面下移（選填“沿斜面上移”、“沿斜面下移”或“仍保持靜止”）．參考答案：考點：安培力；共點力平衡的條件及其應用．分析：通電導線在磁場中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定則來確定安培力的方向，并根據受力平衡來確定b的電流在a處產生的磁場的磁感應強度大小與方向，判斷受力即可．解答：解：當導體a處于勻強磁場的磁感應強度B的方向豎直向上，則水平向右的安培力、支持力與重力，處于平衡狀態，因夾角為45°，則大小B=當b豎直向下移動，導體棒間的安培力減小，根據受力平衡條件，當a受力的安培力方向順時針轉動時，只有大小變大才能保持平衡，而安培力在減小，因此不能保持靜止，將沿斜面下移；故答案為：

沿斜面下移點評：學會區分左手定則與右手螺旋定則，前者是判定安培力的方向，而后者是電流周圍磁場的方向，并學會受力分析，同時掌握力的合成與分解的法則．8.如圖a是一個門電路符號，圖b是其A端和B端輸入電壓的波形圖。該門電路的名稱是

門電路。請在圖b中畫出Z端輸入電壓的波形圖。

參考答案：答案：與，9.如圖所示，在傾角為37°的固定光滑斜面上放著一塊質量不計的薄板，水平放置的棒OA，A端擱在薄板上，O端裝有水平轉軸，將薄板沿斜面向上和向下勻速拉動時所需拉力大小之比為3：4，則棒對板的壓力大小之比為__________，棒和薄板間的動摩擦因數為_____________。（cos37o=0.8，sin37o=0.6）參考答案：3:4；10.現要驗證“當質量一定時，物體運動的加速度與它所受的合外力成正比”這一物理規律。給定的器材如下：一傾角可以調節的長斜面(如圖)、小車、計時器一個、米尺。(1)填入適當的公式或文字，完善以下實驗步驟(不考慮摩擦力的影響)

①讓小車自斜面上方一固定點Al從靜止開始下滑至斜面底端A2，記下所用的時間t。

②用米尺測量Al與A2之間的距離s．則小車的加速度a=

。

③用米尺測量A1相對于A2的高度h。所受重力為mg，則小車所受的合外力F=

。

④改變

，重復上述測量。

⑤以h為橫坐標，1/t2為緞坐標，根據實驗數據作圖。如能得到一條過原點的直線，則可以驗證“當質量一定時，物體運動的加速度與它所受的合外力成正比”這一規律。(2)在探究如何消除上述實驗中摩擦阻力影響的過程中，某同學設計的方案是：

①調節斜面傾角，使小車在斜面上勻速下滑。測量此時A1相對于斜面底端A2的高度h0。

②進行(1)中的各項測量。

③計算與作圖時用（h-h0）代替h。

對此方案有以下幾種評論意見：

A、方案正確可行。

B、方案的理論依據正確，但利用所給的器材無法確定小車在斜面上是否做勻速運動。

C、方案的理論依據有問題，小車所受摩擦力與斜面傾向有關。

其中合理的意見是

。參考答案：11.如圖所示,某實驗小組同學利用DIS實驗裝置研究支架上力的分解.A、B為兩個相同的雙向力傳感器,該型號傳感器在受到拉力時讀數為正,受到壓力時讀數為負.A連接質量不計的細繩,可沿固定的板做圓弧形移動.B固定不動,通過光滑鉸鏈連接長0.3m的桿.將細繩連接在桿右端O點構成支架（O點為支架的圓心）.保持桿在水平方向,按如下步驟操作①測量繩子與水平桿的夾角∠AOB＝θ②對兩個傳感器進行調零③用另一根繩在O點懸掛一個鉤碼,記錄兩個傳感器的讀數④取下鉤碼,移動傳感器A改變θ角重復上述實驗步驟,得到表格.

F11.0010.580…1.002…F2－0.868－0.291…0.865…θ30°60°…150°…

(1)根據表格,A傳感器對應的是表中力________(選填“F1”或“F2”).鉤碼質量為________kg(保留1位有效數字)(2)本實驗中多次對傳感器進行調零,對此操作說明正確的是()A．因為事先忘記調零

B．何時調零對實驗結果沒有影響C．為了消除橫桿自身重力對結果的影響

D．可以完全消除實驗的誤差參考答案：(1)F10.05(2)C12.．已知地球自轉周期為T，地球半徑為R，引力常量為G，地球同步衛星離地面的高度約為地球半徑的6倍，則地球同步衛星的速度大小為____________；地球的質量為___________。參考答案：，13.如右圖所示，粗糙斜面的傾角為30°輕繩通過兩個滑輪與A相連，輕繩的另一端固定于天花板上，不計輕繩與滑輪的摩擦．物塊A的質量為m不計滑輪的質量，掛上物塊B后，當滑輪兩邊輕繩的夾角為90°時，A、B恰能保持靜止且A所受摩擦力向下，則物塊B的質量為

參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.直角三角形的玻璃磚ABC放置于真空中，∠B＝30°，CA的延長線上S點有一點光源，發出的一條光線由D點射入玻璃磚，如圖所示．光線經玻璃磚折射后垂直BC邊射出，且此光束經過SD用時和在玻璃磚內的傳播時間相等．已知光在真空中的傳播速度為c，，∠ASD＝15°.求：①玻璃磚的折射率；②S、D兩點間的距離．參考答案：(1)

(2)d試題分析：①由幾何關系可知入射角i=45°，折射角r=30°可得②在玻璃磚中光速光束經過SD和玻璃磚內的傳播時間相等有可得

SD=d考點：光的折射定律。15.“體育彩票中獎概率為，說明每買1000張體育彩票一定有一張中獎”，這種說法對嗎？參考答案：四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，在光滑水平地面上有一質量為2m的長木板，其左端放有一質量為m的重物（可視為質點），重物與長木板之間的動摩擦因數為。開始時，長木板和重物都靜止，現在給重物以初速度v0，設長木板撞到前方固定的障礙物前，長木板和重物的速度已經相等。已知長木板與障礙物發生彈性碰撞，為使重物始終不從長木板上掉下來，求長木板的長度L至少為多少？（重力加速度為g）參考答案：碰撞前，長木板和重物的共同速度為v1由動量守恒定律得：

（2分）碰撞后瞬間，長木板以v1反彈，最終兩者的共同速度為v2由動量守恒定律得：

（2分）對全過程由功能關系得：

（3分）解得：17.如圖所示，物體A、B疊放在傾角q＝37°的斜面上，并通過跨過光滑滑輪的細線相連，細線與斜面平行。兩物體的質量分別mA＝2kg，mB＝1kg，A、B間動摩擦因數m1＝0.1，B與斜面間的動摩擦因數m2＝0.2，問：為使A能平行于斜面向下做勻速運動，應對A施加一平行于斜面向下的多大的拉力？參考答案：解：對A：FF＋mAgsinq＝FT＋FfAB對B：FfB＋mBgsinq＋FfAB＝FTFNA＝mAgcosq，FfAB＝m1FNAFNB＝（mA＋mB）gcosqFfB＝m2FNB解得：FF＝mAg（2m1cosq＋m2cosq－sinq）＋mBg（sinq＋m2cosq）＝2N。18.如圖所示，在xOy平面的第一象限內，分布有沿x軸負方向的場強E=×104N/C的勻強電場，第四象限內分布有垂直紙面向里的磁感應強度B1=0.2T的勻強磁場，第二、三象限內分布有垂直紙面向里的磁感應強度B2的勻強磁場。在x軸上有一個垂直于y軸的平板OM，平板上開有一個小孔P，P處連接有一段長度d=lcm內徑不計的準直管，管內由于靜電屏蔽沒有電場。y軸負方向上距O點cm的粒子源S可以向第四象限平面內各個方向發射a粒子，假設發射的a粒子速度大小v均為2×105m／s，此時有粒子通過準直管進入電場,打到平板和準直管管壁上的a粒子均被吸收。已知a粒子帶正電，比荷為×l07C／kg，重力不計，求：(1)a粒子在第四象限的磁場中運動時的軌道半徑和粒子從S到達P孔的時間；(2)除了通過準直管的a粒子外，為使其余a粒子都不能進入電場，平板OM的長度至少是多長？(3)經過準直管進入電場中運動的a粒子，第一次到達y軸的位置與O點的距離；(4)要使離開電場的a粒子能回到粒子源S處，磁感應強度B2應為多大？參考答案：解：（1）由

……………1分得m

……………

1分周期粒子從S到達P孔的時間s……2分(2)設平板的長度至少為L，粒子源距O點為h，由幾何關系，有m

………4分(3)粒子進入電場后做類平拋運動，有x軸方向位移

………………1分y軸方向位移

………………1分加速度m/s2

………………

1分幾何關系可得m……………1