2023屆四川涼山州高三線上2月29日物理試題高考模擬題（三）注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩同心圓環A、B置于同一水平面上，其中A為均勻帶正電的絕緣環，B為導體環，兩環均可繞中心在水平面內轉動，若A逆時針加速轉動，則B環中（）A．一定產生恒定的感應電流 B．產生順時針方向的感應電流C．產生逆時針方向的感應電流 D．沒有感應電流2、一質點做勻加速直線運動連續經歷了兩段相等的時間。下列對這兩個階段判斷正確的是（）A．位置變化量一定相同B．動能變化量一定相同C．動量變化量一定相同D．合外力做功一定相同3、一架飛機在高空中由西向東沿水平方向做勻加速直線運動，飛機每隔相同時間自由釋放一個物體，共連續釋放了6個物體（不計空氣阻力）。下圖是從地面某時刻觀察到的6個空投物體的圖像，其中正確的是A． B．C． D．4、如圖所示的裝置中，A、B兩物塊的質量分別為2kg、lkg,連接輕彈簧和物塊的輕繩質量不計，輕彈簧的質量不計，輕繩與滑輪間的摩擦不計，重力加速度g=10m/s2，則下列說法正確的是A．固定物塊A，則彈簧的彈力大小為20NB．固定物塊B，則彈簧的彈力大小為40NC．先固定物塊A，在釋放物塊A的一瞬間，彈簧的彈力大小為10ND．先固定物塊A，釋放物塊A后，A、B、彈簧一起運動的過程中，彈簧的彈力大小為15N5、如圖所示，斜面固定在水平面上，斜面上一個物塊在沿斜面向下拉力F1作用下勻速下滑，某時刻在物塊上再施加一個豎直向下的恒力F2，則之后較短的一段時間內物塊的運動狀態是（）A．仍勻速下滑 B．勻加速下滑C．勻減速下滑 D．不確定，這與接觸面摩擦系數的大小有關6、2016里約奧運會男子50米自由泳決賽美國埃爾文奪得金牌。經視頻分析發現：他從起跳到入水后再經過加速到獲得最大速度2.488m/s所用的時間總共為2.5秒，且這一過程通過的位移為x1=2.988m。若埃爾文以最大速度運動的時間為19s，若超過該時間后他將做1m/s2的勻減速直線運動。則這次比賽中埃爾文的成績為（）A．19.94s B．21.94s C．20.94s D．21.40s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、1772年，法籍意大利數學家拉格朗日在論文《三體問題》指出：兩個質量相差懸殊的天體（如太陽和地球）所在同一平面上有5個特殊點，如圖中的L1、L2、L3、L4、L5所示，人們稱為拉格朗日點。若飛行器位于這些點上，會在太陽與地球共同引力作用下，可以幾乎不消耗燃料而保持與地球同步繞太陽做圓周運動。若發射一顆衛星定位于拉格朗日L2點，下列說法正確的是（）A．該衛星繞太陽運動周期和地球公轉周期相等B．該衛星在L2點處于平衡狀態C．該衛星繞太陽運動的向心加速度小于地球繞太陽運動的向心加速度D．該衛星在L2處所受太陽和地球引力的合力比在L1處大8、下列說法正確的是（）A．懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了水分子的熱運動B．理想氣體溫度升高時，分子動能一定增大C．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點D．當分子力表現為引力時，分子勢能隨分子間距離的增大而增大E.可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變為功，而不產生其他變化9、天文學家觀測發現的雙子星系統“開普勒—47”有一對互相圍繞運行的恒星，其中一顆大恒星的質量為M，另一顆小恒星只有大恒星質量的三分之一，引力常量為G，據此可知（）A．大、小兩顆恒星的轉動周期之比為1：3 B．大、小兩顆恒星的轉動角速度之比為1：1C．大、小兩顆恒星的轉動半徑之比為3：1 D．大、小兩顆恒星的轉動半徑之比為1：310、如圖所示，氕核、氘核、氚核三種粒子從同一位置無初速度地飄入電場線水平向右的加速電場，之后進入電場線豎直向下的勻強電場發生偏轉，最后打在屏上，整個裝置處于真空中，不計粒子重力及其相互作用，那么A．偏轉電場對三種粒子做功一樣多B．三種粒子打到屏上時速度一樣大C．三種粒子運動到屏上所用時間相同D．三種粒子一定打到屏上的同一位置，三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在練習使用多用電表的實驗中。請完成下列問題：(1)用多用表測量某元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻擋測量，發現多用表指針偏轉角度過小，因此需選擇倍率的電阻擋________（填“×10”或“×1k”），并需________（填操作過程）后，再次進行測量，多用表的指針如圖甲所示，測量結果為________Ω。(2)某同學設計出一個的歐姆電表，用來測量電阻，其內部結構可簡化成圖乙電路，其中電源內阻r=1.0Ω，電流表G的量程為Ig，故能通過讀取流過電流表G的電流值而得到被測電阻的阻值。但和普通歐姆表不同的是調零方式。該同學想用一個電阻箱Rx來測出電路中電源的電動勢E和表頭的量程Ig，進行如下操作步驟是：a．先兩表筆間不接入任何電阻，斷開狀態下調滑動電阻器使表頭滿偏；b．將歐姆表與電阻箱Rx連成閉合回路，改變電阻箱阻值；記下電阻箱示Rx和與之對應的電流表G的示數I；c．將記錄的各組Rx，I的數據描點在乙圖中，得到圖線如圖丙所示；d．根據乙圖作得的圖線，求出電源的電動勢E和表頭的量程Ig。由丙圖可知電源的電動勢為________，歐姆表總內阻為________，電流表G的量程是________。12．（12分）實驗小組要測定一個電源的電動勢E和內阻r。已知待測電源的電動勢約為5V，可用的實驗器材有：待測電源；電壓表V1（量程0～3V；內阻約為3kΩ）；電壓表V2（量程0～6V；內阻約為6kΩ）；定值電阻R1（阻值2.0Ω）；滑動變阻器R2（阻值0～20.0Ω）；開關S一個，導線若干。（1）實驗小組的某同學利用以上器材，設計了如圖甲所示的電路，M、N是電壓表，P、Q分別是定值電阻R1或滑動變阻器R2，則P應是_________（選填“R1”或“R2”）。（2）按照電路將器材連接好，先將滑動變阻器調節到最大值，閉合開關S，然后調節滑動變阻器的阻值，依次記錄M、N的示數UM、UN。（3）根據UM、UN數據作出如圖乙所示的關系圖像，由圖像得到電源的電動勢E=_________V，內阻r=_________Ω。（均保留2位有效數字）（4）由圖像得到的電源的電動勢值_________（選填“大于”、“小于”、“等于”）實際值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）兩根長為L的絕緣輕桿組成直角支架，電量分別為+q、-q的兩個帶電小球A、B固定在支架上，整個裝置處在水平向左的勻強電場中，電場強度為E。在電場力之外的力作用下，整體在光滑水平面內繞豎直軸O以角速度ω順時針勻速轉動，圖為其俯視圖。不計兩球之間因相互吸引而具有的電勢能。試求：（1）在支架轉動一周的過程中，外力矩大小的變化范圍。（2）若從A球位于C點時開始計時，一段時間內（小于一個周期），電場力之外的力做功W等于B球電勢能改變量，求W的最大值。（3）在轉動過程中什么位置兩球的總電勢能變化最快？并求出此變化率。14．（16分）如圖所示一足夠長的斜面傾角為370，斜面BC與水平面AB圓滑連接質量m=2kg的物體靜止于水平面上的M點，M點距B點之間的距離L=9m，物體與水平面和斜面間的動摩擦因素均為μ=0.5現使物體受到一水平向右的恒力F=14N作用，運動至B點時撤去該力(sin370=0.6，cos370=0.8，取g=10m/s2)則：（1）物體在恒力作用下運動時的加速度是多大？（2）物體到達B點時的速度是多大？（3）物體沿斜面向上滑行的最遠距離是多少？15．（12分）如下圖，一橫截面積為S的絕熱氣缸固定在絕熱水平面上，一絕熱活塞封閉氣缸內一定質量的理想氣體，在氣缸右側有一暖氣管，氣缸與暖氣管相接處密閉性良好，氣缸左側的活塞用一跨過定滑輪的輕繩與一質量為M的砝碼相連。當活塞穩定后，測得活塞到氣缸右側壁之間的距離L，溫度傳感器測得此時氣缸內氣體的溫度為T1。現讓高溫暖氣從暖氣管的上端流進、再從暖氣管的下端流出，經過一段時間后發現活塞緩慢向左移動了一小段距離后便靜止不動了。這個過程中氣缸內的氣體吸收熱量Q后，溫度傳感器的讀數為T2。設重力加速度為g，大氣壓強為P0，忽略所有摩擦，回答問題。(i)試分析密閉氣體體積的變化，并求出此變化量ΔV；(ii)求此過程中氣缸內氣體內能的變化量ΔU。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

A.A為均勻帶正電的絕緣環，若A逆時針加速轉動，且轉速均勻增加，則因為A轉動產生磁場均勻增加，在B環中產生恒定的感應電流，故A項錯誤；BCD.A為均勻帶正電的絕緣環，若A逆時針加速轉動，在B環中產生垂直于紙面向外且增大的磁場，所以B環中感應電流的磁場方向垂直紙面向里，B環中產生順時針方向的感應電流。故B項正確，CD兩項錯誤。2、C【解題分析】

A．勻加速直線運動的物體連續經歷了兩段相等的時間，根據可知位移不相等，位置變化不同，選項A錯誤；BD．根據動能定理可知，合外力做功不相等，則動能變化量不相同，選項BD錯誤；C．根據動量定理，可知動量變化量一定相同，選項C正確；故選C。3、A【解題分析】

因為物體做平拋運動，而飛機做勻加速直線運動，所以做平拋運動的不同物體的初速度越來越大，在豎直方向上做自由落體運動，所以相等時間間隔內的位移越來越大。

A．該圖與結論相符，選項A正確；B．該圖與結論不相符，選項B錯誤；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論不相符，選項D錯誤；故選A。4、C【解題分析】固定物塊A，則彈簧的彈力大小等于B的重力，大小為10N，選項A錯誤；固定物塊B，則彈簧的彈力大小等于A的重力，大小為20N，選項B錯誤；先固定物塊A，則彈簧的彈力為10N，在釋放物塊A的一瞬間，彈簧的彈力不能突變，則大小為10N，選項C正確；先固定物塊A，釋放物塊A后，A、B、彈簧一起運動的過程中，加速度為a=mAg-mB5、C【解題分析】

設物塊與斜面間的動摩擦因數為μ，斜面傾角為θ，以物體為研究對象進行受力分析如圖所示：沿斜面方向根據共點力的平衡條件可得：F1+mgsinθ=μmgcosθ所以μtanθ；當物塊上再施加一個豎直向下的恒力F2，則有：F2sinθμF2cosθ所以某時刻在物塊上再施加一個豎直向下的恒力F2后，物塊將勻減速下滑，故ABD錯誤、C正確。故選C。6、D【解題分析】

埃爾文勻速運動能走過的最大位移為x2=vt2=2.488×19=47.272m因為x1+x2=2.988+47.272=50.26>50m則運動員沒有勻減速運動的過程，所以他勻速運動的時間為則埃爾文奪金的成績為：t=2.5+18.895=21.40sA．19.94s與分析不符，故A錯誤；B．21.94s與分析不符，故B錯誤；C．20.94s與分析不符，故C錯誤；D．21.40s與分析相符，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

A．據題意知，衛星與地球同步繞太陽做圓周運動，則衛星繞太陽運動周期和地球公轉周期相等，故A正確；B．衛星受的合力為地球和太陽對它引力的合力，這兩個引力方向相同，合力不為零，處于非平衡狀態，故B錯誤；C．由于衛星與地球繞太陽做圓周運動的周期相同，衛星的軌道半徑大，根據公式分析可知，衛星繞太陽運動的向心加速度大于地球繞太陽運動的向心加速度，故C錯誤；D．由題可知，衛星在L1點與L2點的周期與角速度是相等的，衛星的合力提供向心力，根據向心力的公式可知，在L1點處的半徑小，所以在L1點處的合力小，故D正確。故選AD。8、ACD【解題分析】

A．布朗運動是懸浮在水中花粉的無規則運動是由于液體分子對花粉顆粒的無規則撞擊形成的，所以布朗運動反映了水分子的熱運動；故A正確；B．理想氣體的分子動能與分子的數目、溫度有關，理想氣體溫度升高時，分子平均動能增大，但分子數目的情況不清楚，故分子動能的變化情況不清楚，故B錯誤；C．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點，故C正確；D．當分子力表現為引力時，距離增大時，分子力做負功，故分子勢能增大，故D正確；E．根據熱力學第二定律可知，不可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變為功，從而不產生其他變化，故E錯誤。故選ACD。9、BD【解題分析】

AB．互相圍繞運行的恒星屬于雙星系統，大、小兩顆恒星的轉動周期和角速度均相等，故A錯誤，B正確；CD．設大恒星距離兩恒星轉動軌跡的圓心為，小恒星距離兩恒星轉動軌跡的圓心為，由可得大，小兩顆恒星的轉動半徑之比為1：3，故C錯誤、D正確。故選BD。10、AD【解題分析】試題分析：帶電粒子在加速電場中加速，電場力做功W=E1qd；由動能定理可知：E1qd=mv2；解得：；粒子在偏轉電場中的時間；在偏轉電場中的縱向速度縱向位移；即位移與比荷無關，與速度無關；則可三種粒子的偏轉位移相同，則偏轉電場對三種粒子做功一樣多；故A正確，B錯誤；因三粒子由同一點射入偏轉電場，且偏轉位移相同，故三個粒子打在屏幕上的位置一定相同；因粒子到屏上的時間與橫向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三種粒子運動到屏上所用時間不相同；故C錯誤，D正確；故選AD．考點：帶電粒子在勻強電場中的運動【名師點睛】此題考查帶電粒子在電場中的偏轉，要注意偏轉中的運動的合成與分解的正確應用；正確列出對應的表達式，根據表達式再去分析速度、位移及電場力的功．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、×1k歐姆調零（或電阻調零）60001.56.00.25【解題分析】

(1)[1][2][3]．多用表指針偏轉角度過小說明指針靠近無窮處，所以要換高擋位，因此需選擇×1k，同時注意歐姆調零；多用表的指針結果為6000Ω。(2)d.[4][5][6]．設電流表G所在回路除電源內阻外其余電阻之和為R，由閉合電路歐姆定律解得由分流原理得聯立兩式整理得由圖可知解得E=1.5V，R=5Ω，所以歐姆表總內阻為R+r=6Ω電流表G的量程解得E=1.5VR=6.0ΩIg=0.25A12、R24.90.90～1.0小于【解題分析】

（1）[1]由電路圖可知，電壓表M測量P、Q總電壓，電壓表N測量Q的電壓，故M為大量程的電壓表V2，N為小量程的電壓表V1，根據部分電路歐姆定律可知P為大量程的滑動變阻器R2，Q為小阻值的定值電阻R1。（3）[2][3]設電壓表M的示數為UM，電壓表N的示數為UN，由圖示電路圖可知，電源電動勢為整理得：由UM-UN圖象可知，電源電動勢為E=4.9V，由圖可知圖線的斜率為：又從UM-UN的關系可知：則電源內阻為：r=kR1=0.94Ω。（4）[4]根據題意可知：變形得：所以圖象的縱截距為：則電源電動勢為所以根據圖象得到的電源電動勢值小于實際值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0~qEL（2）W=－2qEL（3）OA桿與電場線平行時，電勢能變化最快，變化率qEωL【解題分析】

(1)設OA與電場線夾角，電場力矩與外力矩平衡，外力矩：，故外力矩大小的變化范