河北省石家莊市行唐縣第三中學2024學年高三物理第一學期期中學業水平測試模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、甲、乙兩車在同一直車道上運動，甲車在前，乙車在后．遇到紅燈時它們同時開始作減速運動，并安全停車，兩車v-t圖像如圖所示，下列判斷正確的是()A．t=4s時兩車相距最遠B．t=6s時兩車相距最近C．甲、乙兩車加速度大小之比為3：2D．甲、乙兩車之間的距離先減小后增大2、如圖所示的虛線呈水平方向，圖中的實線為與虛線成30°角的勻強電場的電場線，圖中OM與電場線垂直，且OM=ON。現從電場中的M點沿與虛線平行的方向拋出一質量為m、電荷量為+q可視為質點的物體，經時間t物體恰好落在N點。已知物體在M、N兩點的速率相等，重力加速度為g，不計空氣阻力。則下列說法正確的是A．該勻強電場的方向垂直OM斜向上B．該勻強電場的場強大小為mgC．物體由M點到N點的過程中電場力做功為-1D．M、N兩點在豎直方向的高度差為33、下列說法中正確的有()A．kg、m、N都是國際單位制中的基本單位B．伽利略通過理想斜面實驗說明力是維持物體運動的原因C．物理模型在物理學研究中起到了重要作用，其中“質點”“點電荷”等都是理想化模型D．卡文迪許將行星與太陽之間的引力規律推廣到宇宙中的一切物體，得出萬有引力定律并測出了引力常量G的數值4、如圖所示，在動摩擦因數μ=0.2的水平面上有一個質量m=1kg的小球，小球與水平輕彈簧及與豎直方向成θ=45°角的不可伸長的輕繩一端相連，此時小球處于靜止狀態，且水平面對小球的彈力恰好為零．在剪斷輕繩的瞬間（g取10m/s2），下列說法中正確的是（）A．小球受力個數不變B．小球立即向左運動，且a=8m/s2C．小球立即向左運動，且a=10m/s2D．若剪斷的是彈簧，則剪斷瞬間時小球加速度的大小a=10m/s25、兩個相同的小球A和B，質量均為m，用長度相同的兩根細線把A、B兩球懸掛在水平天花板上的同一點O，并用長度相同的第三根細線連接A、B兩小球，然后用一水平方向的力F作用在小球A上，此時三根細線均處于直線狀態，且OB細線恰好處于豎直方向，如圖所示，如果不考慮小球的大小，兩球均處于靜止狀態，則力F的大小為（g為重力加速度）（）A．0 B．mg C． D．6、電梯經過啟動、勻速運行和制動三個過程，從低樓層到達高樓層，啟動和制動可看作是勻變速直線運動．電梯豎直向上運動過程中速的變化情況如表，則前5秒內電梯通過的位移大小為（）A．19.25mB．18.75mC．18.50mD．17.50m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，在光滑水平面上，放著兩塊長度相同，質量分別為M1和M2的木板，在兩木板的左端各放一個大小、形狀、質量完全相同的物塊。開始時，各物均靜止，今在兩物體上各作用一水平恒力F1、F2，當物塊和木板分離時，兩木板的速度分別為v1和v2，物體和木板間的動摩擦因數相同，下列說法正確的是（）A．若F1=F2，M1>M2，則v1>v2B．若F1>F2，M1>M2，則v1<v2C．若F1>F2，M1=M2，則v1>v2D．若F1<F2，M1=M2，則v1>v28、如圖所示．是某金屬在光的照射下產生光電效應，其遏止電壓Uc與入射光頻率v的關系圖象．則由圖象可知（）A．遏止電壓與入射光的頻率無關B．該金屬的逸出功等于hv0C．圖象的斜率表示普朗克常量hD．入射光的頻率為3v0時，產生的光電子的最大初動能為2hv09、如圖所示，傾角為30°的光滑斜面底端固定一輕彈簧，點為原長位置。質量為的滑塊從斜面上點由靜止釋放，物塊下滑并壓縮彈簧到最短的過程中，最大動能為。現將物塊由點上方處的點由靜止釋放，彈簧被壓縮過程中始終在彈性限度內，取，則下列說法正確的是A．從點釋放，滑塊被彈簧彈回經過點的動能等于B．點到點的距離小于C．從點釋放后，滑塊運動的最大動能為D．從點釋放，彈簧最大彈性勢能比從點釋放增加了10、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t秒與（t+2）秒兩個時刻，在x軸上（-3m，3m）區間的波形完全相同，如圖所示．并且圖中M，N兩質點在t秒時位移均為，下列說法中不正確的是A．該波的最大波速為20m/sB．（t+0.1）秒時刻，x=-2m處的質點位移一定是aC．從t秒時刻起，x=2m處的質點比x=2.5m的質點先回到平衡位置D．從t秒時刻起，在質點M第一次到達平衡位置時，質點N恰好到達波峰E.該列波在傳播過程中遇到寬度為d=3m的狹縫時會發生明顯的衍射現象三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖甲所示為某同學研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”的實驗裝置示意圖．（1）下面列出了一些實驗器材：打點計時器、紙帶、帶滑輪的長木板、墊塊、小車和砝碼、砂桶和砂、刻度尺．除以上器材外，還需要的實驗器材有__________．A．秒表B．天平（附砝碼）C．低壓交流電流D．低壓直流電源（2）實驗中，需要補償打點計時器對小車的阻力及其它阻力：小車放在木板上，后面固定一條紙帶，紙帶穿過打點計時器．把木板一端墊高，調節木板的傾斜度，使小車在不受繩的拉力時能__________（選填“拖動紙帶”或“不拖動紙帶”）沿木板做勻速直線運動．（3）實驗中，為了保證砂和砂桶所受的重力近似等于使小車做勻加速運動的拉力，砂和砂桶的總質量與小車和車上砝碼的總質量之間應滿足的條件是__________．這樣，在改變小車上砝碼的質量時，只要砂和砂桶質量不變，就可以變為小車所受拉力幾乎不變．（4）如圖乙所示，、、為三個相鄰的計數點，若相鄰計數點之間的間隔為，、間的距離為、、間的距離為，則小車的加速度__________．已知，，，則__________（結果保留位有效數字）．（5）在做該實驗時，另一位同學以小車的加速度的倒數為縱軸，以上車和車上砝碼的總質量為橫軸，描繪出圖象．假設實驗中他已經完全消除了摩擦力和其它阻力的影響，但與并沒滿足本實驗所需的條件；則從理論上分析，圖丙中能夠正確反映他所得到的關系的示意圖是__________．12．（12分）如圖所示為某實驗小組研究勻變速直線運動所得的一條紙帶，已知所用電源的頻率為50Hz，紙帶上的計數點為每5個點取一個計數點，則可知相鄰兩計數點間的時間間隔△t=____s，若測得計數點0、l之間的距離為1.20cm，計數點5、6之間的距離為4.7cm，則可求得加速度a=_____m/s2（保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在高度為L、足夠寬的區域MNPQ內，有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B.質量為m、邊長為L、電阻為R的正方形導線框abcd，在MN上方某一高度由靜止開始自由下落．當bc邊進入磁場時，導線框恰好做勻速運動．已知重力加速度為g，不計空氣阻力，求：(1)導線框剛下落時，bc邊距磁場上邊界MN的高度h；(2)導線框離開磁場的過程中，通過導線框某一橫截面的電荷量q；(3)導線框穿越磁場的整個過程中，導線框中產生的熱量Q.14．（16分）某人在一星球上以速度v0豎直上拋一物體，經t秒鐘后物體落回手中，已知星球半徑為R，引力常量為G，求:(1)該星球的質量(2)該星球的第一宇宙速度15．（12分）五人制足球的賽場長40m，寬20m．在比賽中，攻方隊員在中線附近突破防守隊員，將足球沿邊線向前踢出，足球的運動可視為在地面上做初速度為v1=6m/s的勻減速運動,加速度大小為．該隊員將足球踢出后立即由靜止啟動追趕足球，他的運動可視為勻加速直線運動，最大加速度為，能達到的最大速度為v2=4m/s．該隊員至少經過多長時間追上足球？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】A.甲車在前，乙車在后，在t=4s前，甲的速度大于乙的速度，故兩者間的距離逐漸增大，故t=4s時兩車相距最遠，故A正確；B.在4?6s內甲的速度小于乙的速度，故兩者間的距離逐漸減小，6s時，甲車停止，乙車繼續靠近甲車直到8s時停止，所以8s時兩車相距最近，故B錯誤；C.在v?t圖象中,斜率代表加速度,則a甲=△v/△t=（0?15）/6m/s2=?2.5m/s2,乙的加速度為a乙=△v/△t=（0?10）/8m/s2=?1.25m/s2,故a甲：a乙=2：1，故C錯誤；D.根據AB可知，甲乙間的距離先增大后減小，故D錯誤；故選A點睛：在v-t圖象中，可以判斷出速度的變化關系，判斷出甲乙的速度大小，當速度相等時，距離最大；斜率代表加速度，即可判斷．2、D【解題分析】

A、物體在M、N兩點的速率相等，則物體在M、N兩點的動能相等，由于重力做正功，則電場力做負功，又物體帶正電，所以電場線的方向垂直OM斜向下，故A錯誤；B、對物體由M運動到N的過程，由動能定理可得：mg·OMsin60°=qE·ONcos30°，由于OM=ON，解D、將電場力分解為沿水平方向和豎直方向的分力，則豎直方向上的分力大小為Fy=qEcos60°=mgcos60°=12mg，則物體在堅直方向上的合力大小F=mg+12mg=32mg，由牛頓第二定律可知，C、由幾何關系可知,物體由M運動到N的過程中沿電場線方向的位移大小為s=34gt2，則電場力做功的值為故選D。【題目點撥】關鍵是物體在M、N兩點的速率相等，則物體在M、N兩點的動能相等，由于重力做正功，則電場力做負功，又物體帶正電，所以電場線的方向垂直OM斜向下，根據動能定理可得勻強電場的場強大小，在豎直方向上做勻加速運動，根據牛頓第二定律和運動學公式求出M、N兩點在豎直方向的高度差。3、C【解題分析】

國際單位制在力學中規定了三個基本物理量，分別為長度、質量、時間，它們在國際單位制中的單位稱為力學基本單位．根據牛頓第二定律推導牛頓這個單位；根據物理學史的知識解答．【題目詳解】A、kg與m屬于國際單位中的基本單位，N是導出單位．故A錯誤；B、伽利略通過理想斜面實驗說明力不是維持物體運動的原因，故B錯誤；C、“質點”“點電荷”等都是理想化模型，故C正確；D、牛頓將行星與太陽之間的引力規律推廣到宇宙中的一切物體，得出萬有引力定律，卡文迪許測出了引力常量G的數值．故D錯誤．故本題選C．【題目點撥】該題考查物理學史以及經典力學的使用范圍等多個知識點的內容，要求能牢記各物理量的定義方法，明確它們所采用的基本思想．4、B【解題分析】

A．在剪斷輕繩前，分析小球受力，小球受到重力、彈簧彈力和輕繩拉力．應用平衡條件可得彈簧彈力F＝mgtan45°＝10N．剪斷輕繩的瞬間，彈簧彈力不變，重力不變，小球將受到水平面的彈力和摩擦力，小球受力個數變化，選項A錯誤．BC．此時水平面的彈力為N＝mg，摩擦力為f＝μN＝2N，小球水平向左的合力為F－f＝ma，解得a＝8m/s2，選項B正確，C錯誤．D．若剪斷的是彈簧，則剪斷瞬間小球仍然靜止，小球加速度的大小a＝0，選項D錯誤。故選：B。5、C【解題分析】試題分析：對球B受力分析，受重力和OB繩子的拉力，由于受力平衡，故繩子AB的拉力為零；對球A受力分析，受到重力、拉力F和OA繩子的拉力T，如圖根據共點力平衡條件，結合幾何關系，有F=，故選C．考點：物體的平衡【名師點睛】本題關鍵是先對B球受力分析，由平衡條件得到AB繩子的拉力為零；再對A球受力分析，根據共點力平衡條件得到拉力F的大小．6、B【解題分析】由由表格看出3﹣7s電梯做勻速運動，速度為v=5m/s0﹣2內電梯做勻加速運動的加速度為則電梯勻加速運動的總時間為則前2.5s內的位移：后2.5s做勻速直線運動，位移：x2=vt2=5×2.5=12.5m前5s內的位移：x=x1+x2=6.25+12.5=18.75m故選：B點睛：由表格看出3﹣7s電梯做勻速運動，求出速度；0﹣2s電梯做勻加速運動，根據表格數據求出加速度和加速的時間；勻加速運動的末速度就等于勻速運動的速度，即可由速度v=at求出勻加速運動的時間；再根據表格數據，由運動學公式求出總位移即可．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】首先看F1=F1時情況：由題很容易得到兩物塊所受的摩擦力大小是相等的，因此兩物塊的加速度相同，設兩物塊的加速度大小為a，對于M1、M1，滑動摩擦力即為它們的合力，設M1的加速度大小為a1，M1的加速度大小為a1，根據牛頓第二定律得：因為a1=μmgM1，a2=μmgM2，其中m為物塊的質量．設板的長度為L，它們向右都做勻加速直線運動，當物塊與木板分離時：物塊與M1的相對位移L=12at11-12a1t11；物塊與M1的相對位移L=12at11-12a1t11；若M1＞M1，a1＜a1，所以得：t1＜t1；M1的速度為v1=a1t1，M1的速度為v若F1＞F1、M1>M1，根據受力分析和牛頓第二定律，則M1上的物塊的加速度大于M1上的物塊的加速度，即aa＞ab；由于M1>M1，所以M1的加速度小于M1加速度，即a1<a1．它們向右都做勻加速直線運動，當物塊與木板分離時：物塊與M1的相對位移L=12aat11-12a1t11

物塊與M1的相對位移L=12abt11-12a1由于aa＞ab，所以得：t1＜t1，則v1＜v1，故B正確．若F1＞F1、M1=M1，根據受力分析和牛頓第二定律，則M1上的物塊的加速度大于M1上的物塊的加速度，即aa＞ab；由于M1=M1，所以M1、M1加速度相同，設M1、M1加速度為a．它們向右都做勻加速直線運動，當物塊與木板分離時：物塊與M1的相對位移L=12aat11-12at11

物塊與M1的相對位移L=12abt11-12at11；由于aa＞ab，所以得：t1＜t1，則v1＜v1，故C錯誤．

若F1＜F1、M1=M1，aa＜ab，則v1＞v18、BD【解題分析】

根據光電效應方程Ekm=hv-W和eUc=EKm得出遏止電壓Uc與入射光頻率v的關系式，從而進行判斷【題目詳解】A、根據光電效應方程Ekm=h-W，對照圖象可知，該金屬的逸出功W=h0，由于eUc=EKm，所以遏止電壓Uc=-，當入射光的頻率大于極限頻率0時，遏止電壓與入射光的頻率成線性關系，故A錯誤，B正確．C、因為Uc=-，知圖線的斜率等于，故C錯誤．D、從圖上可知，逸出功W=h0，根據光電效應方程，Ekm=hv-h0可知，入射光的頻率為3v0時，產生的光電子的最大初動能為2hv0，故D正確．故選：B、D9、ABC【解題分析】

A.從點釋放，斜面光滑，根據機械能守恒知塊被彈簧彈回經過點動能為：故A正確；B.物塊從點時開始壓縮彈簧，彈力逐漸增大，開始階段彈簧的彈力小于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做加速運動，后來，彈簧的彈力大于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做減速運動，所以物塊先做加速運動后做減速運動，彈簧的彈力等于滑塊的重力沿斜面向下的分力時物塊的速度最大；從點到點，根據動能定理則有：解得點到點的距離：故B正確；C.設物塊動能最大時彈簧的彈性勢能為，從釋放到動能最大的過程，由系統的機械能守恒得：從釋放到動能最大的過程，由系統的機械能守恒得：聯立可得：據題有：所以得從點釋放滑塊最大動能為：故C正確；D．根據物塊和彈簧的系統機械能守恒知，彈簧最大彈性勢能等于物塊減少的重力勢能，由于從點釋放彈簧的壓縮量增大，所以從點釋放彈簧最大彈性勢能比從點釋放增加為：故D錯誤。10、ABD【解題分析】

A.由題意知，0.2s=nT傳播速度所以該波的最小波速為20m/s，故A錯誤符合題意；B.由0.2s=nT當n=2時，T=0.1s，所以（t+0.1）秒時刻，x=-2m處的質點位移是-a，故B錯誤符合題意；C.由t時刻波形圖知，x=2m處的質點在波谷向上振動，x=2.5m的質點向下運動，所以x=2m處的質點先回到平衡位置，故C正確不符合題意；D.根據數學知識得知質點M和N之間的距離等于，由波形得知，質點M第一次到達平衡位置時，質點N不在波峰．故D錯誤符合題意；E.該波的波長等于4m大于狹縫的尺寸，故能發生明顯的衍射現象，所以E正確不符合題意．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BC拖動紙帶C【解題分析】(1)研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”的實驗，所以用天平測量小車的質量，用交流電源供打點計時器使用，所以BC選項是正確的；(2)平衡摩擦力時，把木板一端墊高，調節木板的傾斜度，使小車在不受繩的拉力時能拖動紙帶沿木板做勻速直線運動即可