2024學年北京市東城171中高三物理第一學期期中學業水平測試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、平面OM和平面ON之間的夾角為30°，其橫截面（紙面）如圖所示，平面OM上方存在勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外。一帶電粒子的質量為m，電荷量為q（q>0）。粒子沿紙面以大小為v的速度從OM的某點向左上方射入磁場，速度與OM成30°角。已知該粒子在磁場中的運動軌跡與ON只有一個交點，并從OM上另一點射出磁場。不計粒子重力。則粒子離開磁場的出射點到兩平面交線O的距離為A． B． C． D．2、如圖，是利用電動機提升重物的示意圖,其中D是變頻電動機,P是個質量m=2kg的重物,它用細繩栓在電動機的軸上,閉合開關S,若P以1m/s2的加速度由靜止勻加速上升,經過時間2s時電流表和電壓表的示數分別是2A、25V,不計一切阻力,g取10m/s2,此時下列說法正確的（）A．電動機的牽引力為20NB．電動機線圈的電阻為1.5ΩC．電動機的效率是80%D．電動機輸出的電功率為40W3、物體在恒定的合力作用下做直線運動，在時間t1內動能由零增大到EK，在時間t2內動能由EK增加到2EK，設合力在時間t1內做的功為W1，沖量為I1，在時間t2內做的功是W2，沖量為I2，則A．I1<I2，W1＝W2 B．I1>I2，W1<W2 C．I1>I2，W1＝W2 D．I1＝I2，W1<W24、許多科學家在物理學發展過程中做出了重要貢獻，下列說法中正確的是A．牛頓通過理想斜面實驗提出力并不是維持物體運動的原因B．伽利略發現了行星運動的規律C．卡文迪許通過實驗測出了引力常量D．愛因斯坦相對論的創立表明牛頓運動定律是錯誤的5、如圖所示，一枚手榴彈開始時在空中豎直下落，到某位置時爆炸成沿水平方向運動的a、b兩塊，已知兩塊同時落地，其中a落地時飛行的水平距離OA大于b落地時飛行的水平距離OB，下列說法中正確的是A．爆炸瞬間a、b兩塊的速度變化量大小相等B．a、b兩塊落地時的速度大小相等C．爆炸瞬間a、b兩塊的動量變化量大小相等D．爆炸瞬間a、b兩塊的動能變化量相等6、2018年全球最具價值汽車品牌百強榜上榜的中國汽車品牌數從去年的15個已經上漲到22個了，其中共有9個新入品牌，發展非常迅速．某廠家為了測試新款汽車的性能，將兩輛完全相同的汽車并排停在檢測場平直跑道上，時刻將兩車同時啟動，通過車上的速度傳感器描繪出了兩車的速度隨時間的變化規律圖線（甲為一條過原點的傾斜直線），圖像中兩陰影部分的面積，下列說法正確的是：A．時刻甲車的加速度小于乙車B．時刻甲車在前，時刻乙車在前C．時刻兩車可能相遇2次D．時刻甲車的平均速度大于乙車二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的電路中，當閉合開關S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調節，則正確的是A．電壓表和電流表的示數都增大。B．燈L2變暗，電流表的示數增大。C．燈L2變亮，電容器的帶電量增加。D．燈L1變亮，電壓表的示數減小。8、大量處于基態的氫原子吸收了某種單色光的能量后能發出3種不同頻率的光子，分別用它們照射一塊逸出功為W0的金屬板時，只有頻率為ν1和ν2（ν1>ν2）的兩種光能發生光電效應．下列說法正確的是A．金屬板的極限頻率為B．光電子的最大初動能為h(ν1+ν2)-W0C．吸收光子的能量為h(ν1+ν2)D．另一種光的光子能量為h(ν1-ν2)9、如圖所示,一斜面光滑的質量為M的劈,在水平力F作用下沿水平地面運動,這時質量為m的物體恰能在斜面上相對靜止若劈和地面間的動摩擦因數為μ,則物體的加速度a和水平力F的大小分別是()A．a=gtanα B．a=gsinαC．F=(M+m)(μ+tanα)g D．F=(M+m)(1+μ)gtanα10、如氫原子的能級如圖所示，已知可見光的光子能量在1.62eV～3.11eV之間，下列說法正確的是（）A．氫原子從高能級向n=1能級躍遷時發出的光的頻率比可見光的高B．氫原子從高能級向n=2能級躍遷時發出的光一定是可見光C．氫原子從高能級向n=3能級躍遷時發出的光的頻率比可見光的高D．大量處于n=4能級的氫原子向基態躍遷時可以發出兩種可見光．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了“探究加速度與力、質量的關系”。現提供如圖甲所示的實驗裝置。（1）以下實驗操作正確的是_____________A．電火花計時器應接6V以下交流電源B．調節滑輪高度，使細線與長木板平行C．先將電火花計時器接通電源，后釋放小車D．平衡摩擦力時應使小車在砝碼及砝碼盤牽引下恰好做勻速運動（2）如圖乙為某次實驗得到的紙帶，從比較清晰的點起，每5個點取一個計數點，已知交流電頻率為。該小車的加速度___________。（結果保留兩位有效數字）（3）下表記錄了砝碼和砝碼盤的質量一定時，小車質量與對應的加速度及的數據，請在坐標圖丙中描點作出圖象，（________）并從圖象判斷小車加速度與質量之間應滿足________________（選填“正比”或“反比”）關系。實驗次數123450.850.570.500.330.280.440.660.881.101.322.271.511.360.920.76（4）小車質量一定時，改變砝碼個數，得到圖象如圖丁所示，其末端明顯偏離直線，主要原因是_____________。12．（12分）某實驗小組應用如圖甲所示裝置“探究加速度與物體受力的關系”，已知小車的質量為M，砝碼及砝碼盤的總質量為m，所用的打點計時器所接的交流電的頻率為50Hz，實驗步驟如下：A．按圖所示安裝好實驗裝置，其中與定滑輪及彈簧測力計相連的細線豎直；B．調節長木板的傾角，輕推小車后，使小車能沿長木板向下勻速運動；C．掛上砝碼盤，接通電源后，再放開小車，打出一條紙帶，由紙帶求出小車的加速度；D．改變砝碼盤中砝碼的質量，重復步驟C，求得小車在不同合力作用下的加速度.根據以上實驗過程，回答以下問題：(1)對于上述實驗，下列說法正確的是（___________）A．小車的加速度與砝碼盤的加速度大小相等B．實驗過程中砝碼盤處于超重狀態C．與小車相連的輕繩與長木板一定要平行D．彈簧測力計的讀數應為砝碼和砝碼盤總重力的一半E．砝碼和砝碼盤的總質量應遠小于小車的質量(2)實驗中打出的一條紙帶如圖乙所示，由該紙帶可求得小車的加速度為________m/s2。（結果保留2位有效數字）(3)由本實驗得到的數據作出小車的加速度a與彈簧測力計的示數F的關系圖象，與本實驗相符合的是（___________）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,AB(光滑)與CD(粗糙)為兩個對稱斜面,斜面的傾角均為θ,其上部都足夠長,下部分別與一個光滑的圓弧面BEC的兩端相切，圓弧半徑為R．一個物體在離切點B的高度為H處,以初速度v0沿斜面向下運動，物體與CD斜面的動摩擦因數為μ（1）物體首次到達E點時受到的支持力的大小；（2）物體沿斜面CD上升的最大高度h；（3）請描述物體從v0開始下滑的整個運動情況，并簡要說明理由．14．（16分）如圖，在光滑水平軌道的右方有一彈性擋板，一質量為M＝0.5kg的木板正中間放有一質量為m＝2kg的小鐵塊(可視為質點)靜止在軌道上，木板右端距離擋板x0＝0.5m，小鐵塊與木板間動摩擦因數μ＝0.2.現對小鐵塊施加一水平向右的外力F，木板第一次與擋板碰前瞬間撤去外力．若木板與擋板碰撞時間極短，反彈后速度大小不變，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g＝10m/s2.(1)要使小鐵塊與木板發生相對滑動求水平向右的外力F的最小值；(2)若水平向右的外力F＝10N，求木板第一次與擋板碰撞前經歷的時間；(3)若水平向右的外力F＝10N，木板第一次與擋板碰前瞬間撤去外力，鐵塊和木板最終停下來時，鐵塊剛好沒滑出木板，求木板的長度。15．（12分）A、B、C三物塊質量分別為M、m和，作如圖所示的聯結其中，，，繩子不可伸長，繩子和滑輪的質量不計，繩子和滑輪間、A物塊和桌面間均光滑從圖中所示位置釋放后A、B、C一起作勻加速直線運動，求在作勻加速直線運動的過程中物塊A與B間的摩擦力大小和繩上的拉力取

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

、粒子進入磁場做順時針方向的勻速圓周運動，軌跡如圖所示，根據洛倫茲力提供向心力，有解得根據軌跡圖知，∠OPQ=60°則粒子離開磁場的出射點到兩平面交線O的距離為，則D正確，ABC錯誤。故選D。2、B【解題分析】

已知電動機兩端的電壓和通過的電流，根據P=UI求出電動機的耗電功率，由機械部分的機械效率可求出電動機輸出功率，根據電動機消耗的功率與輸出功率之差，即為線圈電阻發熱功率，再由P=I2R求出電動機線圈的電阻。【題目詳解】A項：對重物由牛頓第二定律可得：F牽-mg=ma，解得：F牽B、C、D項：電動機消耗的功率為：P=UI=25×2W=50W，電動機的輸出功率即為牽引力的功率即P電動機的效率為：η=P電動機的發熱功率為：P熱由公式P熱=I2r，解得：r=1.5Ω故應選：B。【題目點撥】本題考查非純電阻的功率計算，要知道電動機工作時，消耗的電能轉化為其它形式的能（一是機械能，二是內能）是解本題的關鍵。3、C【解題分析】

根據動能定理得：W1=Ek?0=Ek，W2=2Ek?Ek=Ek，則W1=W2.動量與動能的關系式為則由動量定理得：I1=，；則I1>I2.故選C．4、C【解題分析】

伽利略通過理想斜面實驗提出力并不是維持物體運動的原因，選項A錯誤；開普勒發現了行星運動的規律，選項B錯誤；卡文迪許通過實驗測出了引力常量，選項C正確；愛因斯坦創立了相對論，相對論的創立并不表明經典力學已不再適用，其實，相對論與經典力學適用的范圍不同，經典力學只適用于宏觀低速物體，而高速物體適用于相對論．故D錯誤；故選C.5、C【解題分析】由題意知，爆炸后兩塊同時落地，說明爆炸瞬間兩塊在豎直方向的速度沒有發生變化，故爆炸是在水平方向上發生的．因OA大于OB，所以爆炸瞬間a獲得的水平速度較大，因而落地時也是a的速度較大，A、B錯誤；因水平方向的初動量為零，且水平方向動量守恒，所以爆炸后a、b兩塊的水平方向動量應等值、反向，C正確；結合爆炸后兩塊的速度和動量可知，a塊的質量較小，根據動量和動能的關系可知，a塊的動能變化較大，D錯誤．故選C6、D【解題分析】

A．v-t圖的斜率表示加速度，由圖可知，時刻甲車的加速度大于乙車，A錯誤．B．v-t圖的面積表示位移，由圖可知，時刻乙的位移大于甲的位移，所以時刻乙車在前，同理時刻甲車在前，B錯誤．C．時刻兩車相遇的時刻在時刻后，時刻前，相遇1次，C錯誤．D．時刻甲車的位移大于乙車，故甲車的平均速度大于乙車，D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】試題分析：滑動片向下移動時，連入電路電阻減小，總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律，總電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，故電壓表示數變小，選項A錯誤；因電流增大，內電壓及L1上的電壓都增大（燈L1變亮），所以L2上電壓減小（燈L2變暗）、電流減小，故電容器電量減小，電流表示數增大，故選項C錯誤，B、D正確。考點：閉合電路歐姆定律部分電路歐姆定律串并聯規律8、AD【解題分析】A、金屬板的極限頻率為，得，A正確；B、頻率為ν1的光子照射到金屬板時逸出的光電子初動能最大，則光電子的最大初動能為，B錯誤；C、吸收光子的能量為hν1，C錯誤；D、逸出的三種光子能量關系為：，所以另一種光的光子能量為h(ν1-ν2)，D正確．故選AD．9、AC【解題分析】

AB．對物體，由牛頓第二定律得：解得加速度：故正A確，B錯誤CD．對物體與劈組成的系統,由牛頓第二定律得：解得：故C正確，D錯誤；10、AD【解題分析】

A、從高能級向n=1能級躍遷時發出的光子能量大于10.2eV，大于可見光子的能量，屬于躍遷發出的光子頻率大于可見光的頻率，故A正確；B、從高能級向n=2能級躍遷發出的光子能量大于1.89eV，小于3.4eV，不一定在1.62eV到3.11eV之間，不一定是可見光，故B錯誤；C、從高能級向n=3能級躍遷發出的光子能量大于0.66eV，小于1.51eV，比可見光的能量小，屬于發出的光子頻率小于可見光的光子頻率，故C錯誤；D、大量處于n=4能級的氫原子向基態躍遷時可以發出6中不同頻率的光子，從n=4到n=2能級躍遷、n=3到n=2能級躍遷輻射的光子頻率在可見光范圍內，可以發出兩種可見光，故D正確；故選AD．【題目點撥】能級間躍遷時輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，結合輻射的光子能量與可見光的光子能量比較進行分析．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BC0.19反比隨著砝碼數量的增加，不能很好的滿足小車質量遠大于砝碼和砝碼盤的總質量【解題分析】

(1)[1]A．電火花計時器使用的是交流220v電源，故A錯誤；B．實驗已經平衡摩擦力，故需要使細線與長木板平行，故B正確；C．根據使用打點計時器操作規則，先將電火花計時器接通電源，后釋放小車；故C正確；D．平衡摩擦力是利用小車自身的重力來平衡摩擦力，此時不能懸掛重物，故D錯誤。故選BC。(2)[2]每5個點取一個計數點，已知交流電頻率為50Hz，則計數點間時間間隔為T=0.1s；由逐差法得(3)[3]由表格中的數據，描點得圖像如圖所示[4]由圖像可知a與成正比，故小車加速度a與質量M之間應滿足反比關系；(4)[5]小車質量遠大于砝碼和砝碼盤的總質量時，由實驗原理可知，有此時斜率近似等于；隨著砝碼數量的增加，不能很好的滿足小車質量遠大于砝碼和砝碼盤的總質量，此時斜率為，m增大，斜率減小，故末端明顯偏離直線，故末端明顯偏離直線的原因是隨著砝碼數量的增加，不能很好的滿足小車質量遠大于砝碼和砝碼盤的總質量。12、C0.16A【解題分析】

(1)A、由圖可知，小車的加速度是砝碼盤的加速度大小的2倍，故A錯誤；B.實驗過程中，砝碼向下加速運動，處于失重狀態，故B錯誤；C.與小車相連的輕繩與長木板一定要平行，保證拉力沿著木板方向，故C正確；D.實驗過程中，砝碼向下加速運動，處于失重狀態，故彈簧測力計的讀數小于砝碼和砝碼盤總重力的一半，故D錯誤；E.由于不需要把砝碼的重力作為小車的拉力，故不需要砝碼和砝碼盤的總質量應遠小于小車的質量的條件，故E錯誤。故選C。(2)設相鄰兩個計數點之間的位移分別為x1、x2、x3，相鄰兩個計數點之間的時間間隔。T=5×0.02s=0.1s由△x=aT2結合作差法得m/s2=0.16m/s2(3)由題意可知，小車的加速度a與彈簧測力計的示數F的關系應該是成正比，即為過原點的一條傾斜直線，故A與本實驗符合．故選A.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)；(3)情況一：物體滑上CD斜面并勻減速上升靜止在CD斜面某處．理由是：物體與CD斜面的摩擦因數較大．情況二：物體在軌道上做往復運動，在斜面上做勻變速直線運動，最大高度逐漸降低，最終在BEC圓弧內做往復周期運動．理由是：若物體與斜面間的摩擦因數較小，物體在CD斜面上克服摩擦力做功機械能減少；在BEC圓弧內只有重力做功，機械能守恒．【解題分析】

(1)物體在光滑斜面AB和光滑的圓弧面BEC運動過程中，由機械能守恒定律得在最低點，根據牛頓第二定律解得：(2)全程動能定理：解得：(3)情況一：物體滑上CD斜面并勻減速上升靜止在CD斜面某處．理由是：物體與CD斜面的摩擦因數較大．情況二：物體在軌道上做往復運動，在斜面上做勻變速直線運動，最大高度逐漸降低，最終在BEC圓弧內做往復周期運動．理由是：若物體與斜面間的摩擦因數較小，物體在CD斜面上克服摩擦力做功機械能減少；在BEC圓弧內只有重力做功，機械能守恒．14、(1)20N