2023屆山西省忻州市岢嵐中學高一物理第二學期期中復習檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，兩球間的距離為r，兩球的質量分布均勻，質量大小分別為m1、m2，半徑大小分別為r1、r2，則兩球間的萬有引力大小為()A．B．C．D．2、如圖所示，橫截面為直角三角形的兩個相同斜面緊靠在一起，固定在水平面上，小球從左邊斜面的頂點以不同的初速度向右水平拋出，最后落在斜面上．其中有三次的落點分別是a、b、c，不計空氣阻力，則下列判斷正確的是（）A．落點b、c比較，小球落在b點的飛行時間短B．小球落在a點和b點的飛行時間均與初速度v0成正比C．三個落點比較，小球落在c點，飛行過程中速度變化最快D．三個落點比較，小球落在c點，飛行過程中速度變化最大3、關于功率以下說法中正確的是（）A．據

可知，機器做功越多，其功率就越大B．據

可知，汽車牽引力一定與速度成反比C．據

可知，知道時間t內機器所做的功，就可以求得這段時間內任一時刻機器做功的功率D．根據

可知，發動機功率一定時，交通工具的牽引力與運動速度成反比4、地球的某一極地衛星圍繞地球做勻速圓周運動，其運行周期為8小時，則()A．它的軌道平面一定與赤道平面在同一平面內B．它的軌道半徑是地球同步衛星軌道半徑的C．它運動的速度一定小于7.9km/sD．該衛星處的重力加速度為9.8m/s25、1871年，人們發現了太陽系中的第七顆行星-天王星，但是，它的運動軌跡有些“古怪”：根據萬有引力定律計算出來的軌道與實際觀測的結果總有一些偏差；英國劍橋大學的學生亞當斯和法國年輕的天文學家雷維耶相信在天王星軌道外面還存在一顆未發現的行星；他們根據天王星的觀測資料，各自獨立地利用萬有引力定律計算出這顆“新”行星的軌道，后來這顆行星被命名為“海王星”；設天王星和海王星各自繞太陽做勻速圓周運動，兩行星的軌道平面共面，它們繞行的方向相同；設從兩行星離得最近時開始計時，到下一次兩行星離得最近所經歷的最短時間為t；設天王星的軌道半徑為R，周期為T；假設忽略各行星之間的萬有引力，那么海王星的軌道半徑為：A．3t2C．3(t6、如圖所示，A、B兩個物塊的重力分別是GA=3N，GB=4N，彈簧的重力不計，整個裝置沿豎直方向處于靜止狀態，這時彈簧的彈力大小為2N，則天花板受到的拉力和地板受到的壓力有可能是()A．5N和2N B．5N和6NC．1N和2N D．3N和4N7、飛船B與空間站A交會對接前繞地球做勻速圓周運動的位置如圖所示，虛線為各自的軌道，則（）A．A的周期大于B的周期B．A的加速度大于B的加速度C．A的運行速度大于B的運行速度D．A、B的運行速度小于第一宇宙速度8、如圖，某人由A點劃船渡河，船頭指向始終與河岸垂直，船的速率一定，河中央的水流速度比兩邊大些，則下列說法中正確的是（）A．小船到達對岸的位置與水流速度有關B．小船相對于河岸的軌跡是一條直線C．若增大劃船速度，則可縮短小船渡河的時間D．若船頭指向左邊并調整偏角，則小船一定能到達正對岸的B點9、要使兩個物體間的萬有引力減小到原來的，下列辦法可采用的是（）A．使兩個物體的質量各減小一半，距離不變B．使其中一個物體的質量減小到原來的，距離不變C．使兩個物體間的距離增加到原來的2倍，質量不變D．使兩個物體間的距離和質量都減小到原來的10、帶電的平行板電容器與靜電計的連接如圖所示，要使靜電計的指針偏角變小，可采用的方法有()A．增大兩極板間的距離B．用手觸摸極板BC．在兩板間插入電介質D．將極板B向上適當移動11、從水平勻速飛行的直升飛機上向外自由釋放一個物體，不計空氣阻力，在物體下落過程中，下列說法正確的是A．從飛機上看，物體始終在飛機的正下方B．從飛機上看，物體始終在飛機的后下方C．從地面上看，物體做平拋運動D．從地面上看，物體做自由落體運動12、如圖所示，一輕質彈簧固定在水平地面上，O點為彈簧原長時上端的位置，一個質量為m的物體從O點正上方的A點由靜止釋放落到彈簧上，物體壓縮彈簧到最低點B后向上運動，則以下說法正確的是A．物體落到O點后，立即做減速運動B．物體從O點運動到B點，動能先增大后減小C．物體在B時加速度為零D．若不計空氣阻力，在整個過程中，物體與彈簧組成系統的機械能守恒二．填空題(每小題6分，共18分)13、“驗證力的平行四邊形定則”的實驗情況如圖甲，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB和OC為細繩，圖乙是在白紙上根據實驗結果畫出的力的示意圖。(1)如果沒有操作失誤,圖乙中的F與F′兩力中，方向一定沿AO方向的是___.(2)本實驗采用的科學方法是___.A．理想實驗法B．等效替代法C．控制變量法D．建立物理模型法14、在用打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗中，使質量為的重物自由下落，打點計時器在紙帶上打出一系列的點，選取一條符合實驗要求的紙帶如圖所示．為第一個點，為從合適位置開始選取連續點中的三個點．已知打點計時器每隔打一個點，當地的重力加速度為，那么：（1）根據圖上所得的數據，應取圖中點到__________點來驗證機械能守恒定律．（2）從點到（1）問中所取的點，重物重力勢能的減少量__________，動能增加量__________；請簡述兩者不完全相等的原因_______．（結果取三位有效數字）（3）若測出紙帶上所有點到點之間的距離，根據紙帶算出各點的速度及物體下落的高度，則以為縱軸，以為橫軸畫出的圖像是圖中的__________．A．B．C．D．15、如圖所示，某同學要在自己的一輛自行車上裝上顯示自行車行駛速度和行駛里程的“碼表”。“碼表”由永磁鐵、傳感器、表體三個基本部件構成。傳感器固定在自行車的前叉上，永磁鐵固定在輪子的輻條上，車輪轉一周，永磁鐵就經過傳感器一次，傳感器在磁鐵的作用下產生一個脈沖信號，脈沖信號被安裝在車把上的“表體”記錄下來，經過“碼表”內部電路處理之后就能顯示出自行車行駛速度和行駛里程。(1)設騎行過程中“碼表”內部記錄到了傳感器的脈沖信號頻率f，還需要給“表體”輸入一個必要的數據，才能正確顯示出自行車的騎行速度。這位同學應該輸入的數據是_____。(2)在騎行過程中，從接收到第一個脈沖信號到接收到第n個脈沖信號這段時間內，騎行里程是_____。(3)如果有一只“碼表”是跟男式大輪自行車配套的，現把它裝在女式小輪自行車上，則顯示出的騎行速度為_____。（填“偏大”、“準確”、“偏小”）三．計算題(22分)16、（12分）用長為L的不可伸長的細繩將一個質量為m的小球懸掛在天花板上，現使小球在水平面內做勻速圓周運動，如圖，細繩與豎直方向的夾角為θ，求：（1）小球做勻速圓周運動的向心力的大小；（2）小球的線速度大小．17、（10分）2014年7月24日，受臺風“麥德姆”影響，安徽多地暴雨，嚴重影響了道路交通安全．某高速公路同一直線車道上同向勻速行駛的轎車和貨車，其速度大小分別為v1=40m/s，v2=25m/s，轎車在與貨車距離x0=22m時才發現前方有貨車，若此時轎車只是立即剎車，則轎車要經過x=160m才停下來．兩車可視為質點．（1）轎車剎車后減速運動的加速度大小？（2）若轎車剎車時貨車以v2勻速行駛，通過計算分析兩車是否會相撞？（3）若轎車在剎車的同時給貨車發信號，貨車司機經t0=2s收到信號并立即以大小a2=2.5m/s2的加速度加速前進，通過計算分析兩車會不會相撞？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】兩個球的半徑分別為r1和r2，兩球之間的距離為r，所以兩球心間的距離為r1+r2+r，根據萬有引力定律得兩球間的萬有引力大小為：，故D正確，ABC錯誤．2、B【解析】

A．平拋運動在豎直方向的分運動是自由落體運動，小球落到c點比落到b點豎直方向下落的距離小，則落點b、c比較，小球落在c點的飛行時間短，故A錯誤；B．設斜面傾角為，小球落在a點和b點時，有，，，則小球的飛行時間；即小球落在a點和b點的飛行時間均與初速度v0成正比，故B項正確；C．小球拋出后均做平拋運動，飛行過程中加速度均為重力加速度，飛行過程中速度變化快慢一樣，故C項錯誤；D．小球拋出后均做平拋運動，飛行過程中加速度均為重力加速度；小球落在c點，豎直方向下落的距離最小，飛行時間最短；則小球落在c點，飛行過程中速度變化最小，故D項錯誤。故選B。【點睛】小球以不同速度從斜面水平拋出還落在此斜面上，速度方向與斜面的夾角相同，小球在空中飛行時間與小球的水平初速成正比。3、D【解析】

A.P=W/t表明，功率不僅與物體做功的多少有關同時還與做功所用的時間有關，選項A不合題意B.P=Fv在該式中，當功率一定時，在一定階段汽車的牽引力與速度成反比，選項B不合題意；C.據P＝W/t知，知道時間t內機器所做的功，就可以求得這段時間內做功的平均功率，C選項不合題意；D.據P=Fv可知，當功率恒定時，牽引力與速度成反比，選項D符合題意．4、C【解析】

A．極地衛星軌道平面與經線共面，故不與赤道平面在同一個平面內，故A錯誤；B．根據萬有引力提供圓周運動向心力可知，軌道半徑故極地衛星周期是同步衛星的，而軌道半徑不是同步衛星的，故B錯誤；C．7.9km/s是圍繞地球圓周運動的衛星的最大速度，故極地衛星的速度一定小于7.9km/s，故C正確；D．根據萬有引力等于重力知得重力加速度由于衛星軌道半徑大于地于半徑，故衛星處的重力加速度小于地球表面處的重力加速度，故D錯誤．故選C。5、C【解析】試題分析：由題意可知：海王星與天王星相距最近時，對天王星的影響最大，且每隔時間t發生一次最大的偏離．海王星行星的周期為T，圓軌道半徑為R，則有：(2πT-2πT')t考點：開普勒第三定律【名師點睛】本題關鍵抓住兩行星發生最大偏離的條件是轉動角度相差2π，進行列式，并要掌握開普勒第三定律研究周期和軌道半徑的關系．6、A【解析】

彈簧可能處于兩種狀態：被拉伸和被壓縮狀態分別研究彈簧在兩種狀態下A、B的受力情況，根據平衡求解天花板受到的拉力和地板受到的壓力．【詳解】設彈簧的彈力大小為F，，當彈簧處于被拉伸狀態時，根據平衡條件得對A：細線的拉力對B：地板對B的支持力，則B對地板的壓力為2N，方向豎直向下．當彈簧處于被壓縮狀態時，根據平衡條件得對A：細線的拉力對B：地板對B的支持力，則B對地板的壓力為6N，方向豎直向下．故選A．【點睛】本題要考慮彈簧可能處于兩種狀態，考查分析問題的全面性，比較簡單，考試時不能丟分．7、AD【解析】衛星繞地球做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，設衛星的質量為m、軌道半徑為r、地球質量為M，有；

A、周期，飛船B的軌道半徑小于空間站A的軌道半徑，所以A的周期大于B的周期，故A錯誤；

B、加速度，飛船B的軌道半徑小于空間站A的軌道半徑，所以A的加速度小于B的加速度，故B錯誤；

C、線速度，飛船B的軌道半徑小于空間站A的軌道半徑，所以A的運行速度小于B的運行速度，故C錯誤；

D、第一宇宙速度是繞地球做圓周運動的最大環繞速度，所以A、B的運行速度小于第一宇宙速度，故D正確．點睛：解決本題的關鍵要搞清楚地球的第一宇宙速度的意義，關鍵要結合萬有引力提供向心力表示出線速度、周期、加速度去解決問題．8、AC【解析】根據運動的合成法則，可知，當水流速度越大時，到達對岸的位移越大，因此到達對岸的位置，及位移均與水流速度有關，故A正確；因為船速不變，水流速在變化，知沿河岸方向上有加速度，合速度的方向與加速度的方向不在同一條直線上，知軌跡是曲線，故B錯誤；船頭指向始終與河岸垂直，若增大劃船速度，渡河時間為:，可知縮短小船渡河的時間，故C正確；只有當船速大于水速時，船頭指向左邊并調整偏角，才能到達正對岸的B點，故D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．9、ABC【解析】

A.使兩個物體的質量各減小一半，距離不變，根據萬有引力定律可知，萬有引力變為原來的，故A正確。B.使其中一個物體的質量減小到原來的，距離不變根據萬有引力定律可知，萬有引力變為原來的，故B正確。C.使兩個物體間的距離增加到原來的2倍，質量不變，根據萬有引力定律可知，萬有引力變為原來的，故C正確。D.使兩個物體間的距離和質量都減小到原來的，根據萬有引力定律可知，萬有引力與原來相等，故D錯誤。故選ABC。10、ABC【解析】

根據電容的決定式C=，分析電容的變化，再由電容的定義式分析板間電壓的變化，確定靜電計指針張角的變化．【詳解】A、減小兩極板間的距離，則d減小，則由決定式可得是容器的電容增大；則由Q=UC可知，電勢差減小，故A正確；B、由于B板接地，用手觸摸A時，故對電量有影響，電勢差減小，故B正確；C、在兩板間插入電介質時，介電常數增大，則C增大，由由Q=UC可知，電勢差減小，故C正確；D、將極板B向上運動時，正對面積減小，則C減小，由定義式可知，電勢差增大，故D錯誤；故選ABC．【點睛】本題考查電容器的動態分析問題，要明確夾角大小表示電勢差的大小．11、AC【解析】

試題分析：參考系的選取不同，觀察的結果是不同的，物體在飛機上自由下落時，由于慣性具有和飛機相同的水平速度，因此物體相對于地面做平拋運動，平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，據此可正確解答．在勻速飛行的飛機上釋放物體，物體有一水平速度，故從地面上看，物體做平拋運動；飛機的速度與物體水平方向上的速度相同，故物體始終在飛機的正下方，看到物體沿直線下落，做自由落體運動，故AC正確．12、BD【解析】

AB項：物體接觸彈簧開始，彈簧的彈力小于重力，其合力向下，向下做加速度逐漸減小的加速運動，運動到某個位置時，合力為零，加速度為零，速度最大，后來彈簧的彈力大于重力，合力方向向上，向下做加速度逐漸增大的減速運動，運動到最低點B時，速度為零，所以速度先增大后減小，動能先增大后減小，故A錯誤，B正確；C項：若小球輕輕的放在彈簧的上端，則小球做簡諧運動，到達最低點B時合力等于重力，則在彈簧上方h處釋放小球到達最低點的合力必然大于重力，所以在B點的加速度大于重力加速度，即不為零，故C錯誤；D項：在整個過程中，只有重力和彈簧彈力做功，物體與彈簧組成的系統機械能守恒，故D正確．【點睛】解決本題的關鍵知道根據合力的大小和方向可知加速度的大小和方向，以及知道加速度與速度同向，速度增加，加速度與速度反向，速度減小．二．填空題(每小題6分，共18分)13、(1)F'；(2)B【解析】

（1）[1]是通過作圖的方法得到合力的理論值,而是通過一個彈簧稱沿AO方向拉橡皮條,使橡皮條伸長到O點，使得一個彈簧稱的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力。故方向一定沿AO方向的是，由于誤差的存在和方向并不重合(2)[2]合力與分力是等效替代的關系，所以本實驗采用的等效替代法,故B正確,ACD錯誤。14、B1.881.84重物下落時受到空氣阻力和紙帶與打點計時器間的阻力作用A【解析】

解：(1)驗證機械能守恒時,我們驗證的是減少的重力勢能和增加的動能之間的關系，由點能夠測和的數據，而、兩點不方便測出速度，故應取圖中點和點來驗證機械能守恒定律；(2)減少的重力勢能：，根據利用勻變速直線運動的推論可得點的速度：，點的動能為：，動能增加量為：，動能的增加量小于重力勢能的減少量的原因主要