2023年廣東省陽江市全國計算機等級考試網絡技術測試卷(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.下列關于ICMP的描述中，錯誤的是（）。

A.IP包的TTL值減為O時路由器發出“超時”報文

B.收到“Echo請求”報文的目的節點必須向源節點發出“Echo應答”報文

C.ICMP消息被封裝在TCP數據包內

D.數據包中指定的目的端口在目的節點無效時，源節點會收到一個“目標不可達”報文

2.下列關于路由器技術指標的描述中，錯誤的是()

A.路由器的包轉發能力與端口數量、端口速率、包長度和包類型有關

B.高性能路由器一般采用共享背板的結構

C.丟包率是衡量路由器超負荷工作的性能指標之一

D.路由器的服務質量主要表現在隊列管理機制與支持的QoS協議類型上

3.

4.下面關于城名系統說法正確的是()。

A.域名系統是網狀結構的，按組織棋式和地理模式劃分的域名彼此交叉

B.域名系統的所有管理權都集中在NIC

C.域名服務器可以進行域名/IP地址轉換

D.域名解析是從小到大，由底向上進行的

5.如下圖所示，有4臺Catelyst3548交換機，要求Switch．1和Switch-3只能從Switch-2上學到VLAN的信息，同時要求Switch-4作為一臺獨立的交換機，可自行建立、修改和刪除VLAN信息，下列關于這4臺交換機VTP工作模式的配置，正確的是（）。

6.下列Serv—UFTP服務器的選項中，不提供“IP訪問選項”的是（）。

A.服務器選項B.域選項C.組選項D.用戶選項

7.如果沒有特殊聲明，匿名FTP服務登錄賬號為________。

A.userB.anonymousC.guestD.用戶自己的電子郵件地址

8.

9.下列關于綜合布線系統的描述中，錯誤的是()。

A.STP比UTP的抗電磁干擾能力好

B.水平布線子系統電纜長度應該在90米以內

C.多介質插座是用來連接計算機和光纖交換機的

D.對于建筑群子系統來說，管道內布線是最理想的方式

10.根據可信計算機系統評估準則（17ESEC），用戶能定義訪問控制要求的自主保護類型系統屬于（）。

A.A類B.B類C.C類D.D類

二、填空題(10題)11.

12.(18）數字簽名是筆跡簽名的模擬，用于確認發送者身份，是一個________的消息摘要。

13.身份認證的常用方法有：口令認證、持證認證和______。

14.(19）組播路由協議可分為域內組播路由協議和域間組播協議兩大類。其中，域內組播協議又分為兩種模式：________模式和稀疏模式。

15.1000BASE-T標準使用的傳輸介質是______。

16.快速以太網采用了與傳統Ethernet相同的介質訪問控制方法，只是將每個比特的發送時間降低到ns。

17.

18.第

70

題

在TCP的段結構中，其頭部有一個字段用二標識不同的應用進程，這個字段是（）。

19.(17）_________即公共管理信息協議，是ISO定義的網絡管理協議

20.計算機網絡層次結構模型和各層協議的集合叫做計算機網絡【】。

三、2.填空題(8題)21.如果路由表中沒有包含到某一特定網絡或特定主機的路由，路由選擇例程就可以將數據報發送到______上。

22.由于在多媒體網絡應用中需要同時傳輸語音、數字、文字、圖形與視頻信息等多種類型的數據，不同類型的數據對傳輸的服務要求不同，因此多媒體網絡應用要求網絡傳輸提供高速率與低【】的服務。

23.按照OSI參考模型，網絡中每一個結點都有相同的層次，不同結點的同等層具有相同的______。

24.虛擬存儲管理中，若______的段內地址大于段表中該段的段長，會發生地址越界中斷處理。

25.如果電纜調制解調器使用4.5MHz的頻帶寬度，那么，在利用64QAM時，它可以提供的速率為【】Mb/s。

26.在WWW服務系統中，信息資源以【】為基本組織單位存儲在服務器中。

27.世界上第一個網絡體系結構是IBM公司于1974年提出的，命名為______。

28.在網絡管理的五大要素中，性能管理包括監視和______兩大功能。

四、C語言程序設計題(2題)29.已知數據文件in．dat中存有200個四位數，并已調用讀函數readDat把這些數存入數組a中，請考生編制一函數jsVat，其功能是：把千位數字和十位數字重新組成一個新的含有兩位數字的數ab(新數的十位數字是原四位數的千位數字，新數的個位數字是原四位數的十位數字)，以及把個位數字和百位數字組成另一個新的含有兩位數字的數cd(新數的十位數字是原四位數的個位數字，新數的個位數字是原四位數的百位數字)，如果新組成的兩個數ab-cd>=10，且ab-cd<=20且兩個數均是偶數，同時兩個新數的十位數字均不為零，則將滿足此條件的四位數按從大到小的順序存入數組b中，并要計算滿足上述條件的四位數的個數cnt。最后main函數調用寫函數writeDat把結果cnt以及數組b中符合條件的四位數輸出到out．dat文件中。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt

請勿改動數據文件in．dat中的任何數據、主函數main、讀函數readDat和寫函數writeDat的內容。

30.函數ReadDat實現從文件in．dat中讀取一篇英文文章，存入到無符號字符串數組xx中；請編制函數encryptChar，按給定的替代關系對數組xx中的所有字符進行替代，其替代值仍存入數組xx所對應的位置上，最后調用函數WriteDat把結果xx輸出到文件out．dat中。

替代關系：f(p)=p*11mod256，mod為取余運算，P是數組XX中某一個字符的ASCII值，f(p)是計算后的無符號整型值(注意：中間變量定義成整型變量)，如果計算后f(p))值小于等于32或大于130，則該字符不變，否則用f(p)替代所對應的字符。

注意：部分源程序存放在test．c文件中，原始數據文件存放的格式是：每行的寬度均小于80個字符，含標點符號和空格，并也按此替代關系進行處理。

請勿改動主函數main、讀數據函數ReadDat和輸出數據函數WriteDat的內容。

五、1.選擇題(3題)31.B-ISDN的業務分為交互型業務和發布型業務，屬于發布型業務的是()。

A.會議電視B.電子郵件C.檔案信息檢索D.電視廣播業務

32.關于CA認證中心，下列說法不正確的是()。

A.是電子商務交易中受信任的第三方

B.承擔公鑰體系中公鑰的有效性檢驗的責任

C.不能分發公用密鑰

D.CA安全認證體系由證書審批部門和證書操作部門組成

33.IP數據報頭包括“地址”字段，該“地址”字段包括______。

A.源IP地址B.目的IP地址C.源IP地址和目的IP地址D.源IP地址、目的IP地址和相應的MAC地址

六、1.程序設計題(3題)34.已知在文件IN20.DAT中存有若干個(個數〈200)4位數字的正整數，函數ReadDat()的功能是讀取這若干個正整數并存入數組xx中。請編制函數CalValue()，其功能要求：(1)求出這文件中共有多少個正整數totNum：(2)求㈩這些數中的各位數字之和是偶數的數的個數totCnt，以及滿足此條件的這些數的算術平均值totPjz，最后調用函數WriteDat()把所求的結果輸出到文件OUT20.DAT中。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()、讀函數ReadDat()和寫函數WriteDat()的內容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#inciude〈conio.h>

#defineMAXNUM200

intxx[MAXNUM];

inttotNum=O;/*文件IN20.DAT中共有多少個正整數*/

inttotCnt=0;/*符合條件的正整數的個數*/

doubletotPjz=0.0;/*平均值*/

intReadDat(void);

voidWritedat(void);

voidCalValue()

{

}

main()

{

inti;

clrscr();

for(i=0;i〈MAXNUM;i++)

xx[i]=0;

if(Readdat())

{

printf("數據文件IN20.DAT不能打開!\007\n");

return;

}

CalValue();

printf("文件IN20.DAT中共有正整數=%d個\n",totNum);

printf("符合條件的正整數的個數=%d個\n",totCnt);

printf("平均值=%.21f\n",totPjz);

Writedat();

}

intReaddat(void)

{

FILE*fp;

inti=0;

if((fp=fopen("IN20.DAT","r"))==NULL)

return1;

while(!feof(fp))

{

fscanf(fp,"%d,",&xx[i++]);

}

fclose(fp);

return0;

}

voidWritedat(void)

{

FILE*fp;

fp=fopen("OUT20.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n%d\n%.21f\n",totNum,totCnt,totPjz);

fclose(fp);

}

35.函數ReadDat()的功能是實現從文件ENG9.IN中讀取一篇英文文章，存入到字符串數組xx中。請編制函數encryptChar()，按給定的替代關系對數組xx中的所有字符進行替代，仍存入數組xx的對應的位置上，

替代關系：f(p)=p*11mod256(p是數組xx中某一個字符的ASCII值，f(p)是計算后新字符的ASCII值)，如果原字符的ASCII值是偶數或計算后f(p)的值小于等于32，則該字符不變，否則將f(p)所對應的字符進行替代。

注意：部分源程序已給出，原始數據文件存放的格式是：每行的寬度均小于80個字符。

請勿改動主函數main()、讀函數ReadDat()和寫函數WriteDat()的內容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#include＜string.h＞

#include＜conio.h＞

#include＜ctype.h＞

unsignedcharxx[50][80];

intmaxline=0;/*文章的總行數*/

intReadDat(void);

voidWriteDat(void);

voidencryptChar()

{

}

main()

{

clrscr();

if(ReadDat())

{

printf("數據文件ENG9.IN不能打開!\n\007");

return;

}

encryptChar();

WriteDat();

}

intReadDat(void)

{

FILE*fp;

inti=0;

unsignedchar*p;

if((fp=fopen("ENG9.IN","r"))==NULL)return1;

while(fgets(xx[i],80,fp)!=NULL)

{

p=strchr(xx[i],'\n');

if(p)*p=0;

i++;

}

maxline=i;

fclose(fp);

return0;

}

voidWriteDat(void)

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("PS9.DAT","w");

for(i=0;i＜maxline;i++)

{

printf("%s\n",xx[i]);

fprintf(fp,"%s\n",xx[i]);}

fclose(fp);

}

36.下列程序的功能是：選出5000以下符合條件的自然數。條件是：千位數字與百位數字之和等于十位數字與個位數字之和，且千位數字與百位數字之和等于個位數字與千位數字之差的10倍。計算并輸出這些4位自然數的個數cnt及這些數的和sum。請編寫函數countValue()實現程序的要求，最后調用函數wfiteDAT()把結果cnt和sum輸出到文件OUT67.DAT中。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()和寫函數writDAT()的內容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

intcnt,sum;

voidcountValue()

{

}

voidmain()

{

cnt=sum=0;

countValue();

printf("滿足條件的自然數的個數=%d\n",cnt);

printf("滿足條件的自然的值的和=%d\n",sum);

writeDAT();

}

writeDAT()

{

FILE*fp;

fp=fopen("OUT67.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n%d\n",cnt,sum);

fclose{fp);

}

參考答案

1.CICMP消息封裝在IP數據包內而非TCP數據包內。因此C選項錯誤。

2.B

3.D

4.C

5.CVTP(VLANTrunkingProtocol，VLAN中繼協議)有3種工作模式，分別為服務器模式(VTPServer)、客戶機模式(VTPCIient)和透明模式(VTPTransparent)。其中，VTPServer模式提供VTP消息，包括VLANID和名字信息，學習相同域名的VTP消息，轉發相同域名的VTP消息，可以添加、刪除和更改VLAN信息。VTPCIient模式可以請求VTP消息，學習相同域名的VTP消息，轉發相同域名的VTP消息，但不能添加、刪除和更改VLAN信息。VlPTransparent模式相當于是一個獨立的交換機，它不參與VTIP工作，不從ⅥPServer學習VLAN的配置信息，而只是擁有本設備上自己維護的VLAN信息。VTPTransparent模式可以建立、刪除和修改本機卜的VLAN信息。根據分析可知Switch-2是配置VTPServer模式，Switch．1和Switch．3是配置VTPCIient模式，Switch-4是配置VTPTransparent模式。配置交換機的VTP這3種模式命令格式為：switch(config)#vtpmodeserveR1cli-entltransparent，故選C選項。

6.AFTP服務器配置的主要參數有以下幾項：\n(1)服務器選項可以設置如下項目：最大上傳速度和最大下載速度、最大用戶數量、檢查匿名用戶密碼、刪除部分已上傳的文件、禁用反超時調度以及攔截FTP—BONCE攻擊等。\n(2)域選項：在Serv—UFTP服務器中，可以構建多個虛擬服務器，每個虛擬的服務器稱做域，一個域由IP地址和端口號唯一識別。域選項中包括域常規選項、域虛擬路徑選項、域IP訪問選項、域消息選項、域記錄選項和域上/下載速率選項。\n(3)用戶選項中包括用戶賬號選項、用戶目錄訪問選項、用戶IP選項和用戶配額選項。(4)組選項包括賬號選項、目錄訪問選項和IP訪問選項。綜上所述，A選項不提供IP訪問選項。

7.B文件傳輸協議（FileTransferProtocal，FTP），是指在因特網上的兩臺計算機之間傳送文件的一種服務方式。文件傳輸也是因特網上使用較早的服務之一，今天仍然廣為使用。

通過將文件從本地計算機傳送到遠程主機的過程稱為“上載（Upload）”，而將從遠程主機取回文件存放在本地計算機中的過程稱為“下載（Download）”。無論因特網上兩臺計算機相距多么遙遠，只要支持FTP文件傳送協議，就可使用此項服務。

文件傳遞是一種實時聯機服務，在文件傳送之前須取得遠程計算機的授權并進行登錄。因特網上提供FTP服務的計算機一般都支持匿名訪問，它允許用戶以“anonymous”作為用戶名，以自己的E-mail地址作為口令，這樣就可登錄到支持FTP的計算機上，下載其公共數據文件。

8.C

9.CC

解析：STP電纜價格比UTP要貴，而且對安裝施工的要求較高，但是STP比UTP的抗電磁干擾能力好。

在綜合布線系統中，水平布線子系統都采用5類(或超5類，或6類)4對非屏蔽雙絞線。雙絞線電纜長度應該在90m以內，信息插座應在內部作固定線連接。

工作區子系統的信息插座大致可分為嵌入式安裝插座(暗座)、表面安裝插座和多介質信息插座(光纖和銅纜)等。其中，嵌入式安裝插座是用來連接雙絞線的，多介質信息插座用來連接銅纜和光纖，用以解決用戶對"光纖到桌面"的需求。

建筑群布線子系統所采用的鋪設方式主要有架空布線、巷道布線、直埋布線、地下管道布線，或者是這4種鋪設方式的任意組合。其中地下管道布線的鋪設方式能夠對線纜提供最佳的機械保護，是最理想的方式。

因此描述錯誤的是C。

10.C可信計算機系統評估準則(TESEC)把計算機的安全等級分為4類7個等級。C類系統是指用戶能自定義訪問控制要求的自主保護類型，分為C1和C2級別。A類系統要求最高，D類要求最低。UNIX系統滿足C2級標準，只有一部分產品達到了B1級別，所以選擇C選項。

11.

12.(18)加密【解析】利用公鑰密碼體制，數字簽名是一個加密的消息摘要，附加在消息的后面。

13.生物識別生物識別解析：身份認證的常用方法有：口令認證、持證認證和生物識別。

14.(19)密集【解析】組播路由協議可分為域內組播路由協議和域間組播協議兩大類，域內組播協議又分為兩種模式：密集模式和稀疏模式。

15.5類非屏蔽雙絞線5類非屏蔽雙絞線解析：1000BASE-T標準使用的是5類非屏蔽雙絞線，雙絞線長度可以達到100m。

16.10快速以太網（FastEthernet）的數據傳輸速率為100Mbps，與傳統的以太網具有相同的幀格式、相同的介質訪問控制方法（CSMA/CD）、相同的接口和相同的組網方法，只是把傳統以太網每個比特的發送時間由100ns降低到了10ns。

17.

18.端口號或者PORT【解析】端口號是TCP協議報文使用的一個字段，根據這個字段，目標段的TCP實體決定將這個段的數據部分發向哪個上層的應用進程。

19.(17)CMIP【解析】ISO制定的公共管理信息協議(CMIP)，主要是針對OSI模型的傳輸環境設計的。

20.體系結構體系結構解析：本題考查點是計算機網絡體系結構的定義。計算機網絡的通信功能被分解到若干層次中分別定義，并且各層對等實體之間存在著通信和通信協議。下層通過層間“接口”向上層提供“服務”。一個功能完備的計算機網絡需要一套復雜的協議集。計算機網絡的所有功能層次、各層次的通信協議以及相鄰層間接口的集合稱為網絡體系結構。構成網絡體系結構的分層、協議和接口是其三要素，可以表示為：網絡體系結構＝{分層、協議、接口}需要指出的是，網絡體系結構說明了計算機網絡層次結構應如何設置，并且應該如何對各層的功能進行精確的定義。它是抽象的，而不是具體的，其目的是在統一的原則下來設計、建造和發展計算機網絡。網絡體系結構僅給出一般性指導標準和概念性框架，至于用何種硬件和軟件來實現定義的功能，則不屬于網絡體系結構的范疇?？梢?，對同樣的網絡體系結構，可采用不同的方法，設計完全不同的硬件和軟件來實現相應層次的功能。

21.默認路由默認路由解析：默認路由是一個特殊的路由，當路由表中找不到目標路由時，就將數據報轉發到該默認路由。

22.時延時延解析：多媒體網絡應用中要求網絡傳輸提供高速率與低時延的要求。

23.功能功能解析：在OSI參考模型中，網絡中每一個結點都有相同的層次，不同結點的同等層具有相同的功能。

24.邏輯地址邏輯地址解析：分段存儲的地址變換就是將作業的邏輯地址置換成物理地址的過程。在作業運行時，若執行某條指令，首先找到該作業的段表的起始地址，然后根據邏輯地址的段號去查找段表，若該段已調入內存，則得到該段的內存起始地址，然后與段內地址相加，得到物理地址。若段內地址大于段表中該段的段長，則產生地址越界，為了使程序順利進行，一般采用地址越界的中斷處理。

25.2727解析：該題考查電纜調制解調器的帶寬知識。每個有線電視頻道的頻寬是8MHz，目前的電纜調制解調器標準規格中只使用其中的4.5MHz。這樣，如使用64QAM，速度就是：log264/log22(bit/Hz/s)×4.5MHz=27Mb/s。

26.頁面(網頁或Web)頁面(網頁或Web)解析：WWW服務中信息資源以網頁作為基本的組織單位。網頁上可包括文本、聲音、圖畫、動畫和“熱字”等，其中“熱字”用以完成網頁之間的鏈接。網頁可在同一主機上，也可在不同的主機上。統一資源定位符URL(Uniform.ResourceLocators)是WWW中用來定位和調用這種網絡資源的方法。

27.系統網絡體系結構(SNA)系統網絡體系結構(SNA)解析：世界上第一個網絡體系結構是IBM公司于1974年提出的，命名為“系統網絡體系結構”。在此之后，許多公司紛紛提出了各自的網絡體系結構。

28.調整調整解析：監視功能主要是指跟蹤網絡活動；調整功能是指通過改變設置來改善網絡的性能。

29.【審題關鍵句】千位+十位與個位+百位，都是偶數，兩數相減結果大于等于l0小于等于20，從大到小排序。

\n【解題思路】

\n本題類似第27套試題，通過審題可以發現主要是對四位數的篩選條件有所不同，體現在兩個方面：第一是判斷新組合的兩個兩位數都為偶數；第二是兩數相減后所要求的值域范圍稍有不同，本題要求的是大于等于l0小于等于20。參考答案的第l0條語句，集中修改該語句即可。

\n【參考答案】

\n

\n

30.【審題關鍵句】字符替代f(p)=p*11mod256，小于等于32或大于130不變，否則替換。

\n【解題思路】

\n①首先定義兩個循環整型變量i，j和存放ASCII碼值的中間變量val。

\n②通過兩個for循環完成對字符串的替換。第一個for循環的循環變量i的初值為0，當i值等于文章中最大行數值maxline時停止循環，每循環一次，i的值加1；第二層for循環中，循環變量i的初值為0，表示從第i行的第1個字符開始計算，當j值等于該行中字符串長度的數值時停止循環，每循環一次，j的值加1。

\n③循環體中，根據題意重新計算每個字符xx[i][i]的ASCIl碼值，當新取得的ASCII碼值大于32且小于等于130時，則用新的ASCII碼值所對應的字符替代原來的字符，新ASCII碼值不在此范圍內的字符則保持原字符不變。

\n【參考答案】

\n

31.D解析：本題考查B-ISDN業務的相關概念。寬帶ISDN的業務分為兩類：交互型業務和發布型業務。交互型業務是指在用戶間或用戶與主機之間提供雙向信息交換業務。它包括下面幾種：會話性業務、消息性業務、檢索性業務等。發布型業務是由網絡中的某點(如信息服務中心)向其他多個位置傳送單向信息流的業務。它包括以下幾種：不由用戶個體參與控制的發布型業務，如電視、電臺等廣播業務：可由用戶個體參與控制的發布型業務，如傳統的圖文電視，它雖然也是廣播業務，但信息是反復播放的。正確答案為選項D。

32.C解析：證書權威機構CA是用戶團體可信任的第三方，CA負責注冊證書、分發證書，并當證書包含的信息變得無效之后撒消(收回)證書。每份證書都攜帶著證書持有者的公用密鑰，要檢驗其有效性，它可以向接收者證實某個實體對公用密鑰的擁有，同時起著分發公用密鑰的作用。通常，CA安全認證體系由證書審批部門和證書操作部門組成。

33.C解析：在IP數據報頭的“地址”字段中包括p數據報發送者的源Ⅳ地址和接收者的目的IP地址。因為數據報方式在各個結點上均需要依據IP地址來進行路由選擇，所以各分組需攜帶IP地址，并且該字段在整個傳輸過程中將保持不變。

34.voidCalValue(){intithouhuntendata;intab;longsum=0;for(i=0；i〈MAXNUM；i++){if(XX[i]>0){totNum++;/*統計正整數的個數*/thou=xx[i]/1000;/*求正整數的千位數*/hun=xx[i]%1000/100;/*求正整數的百位數*/ten=xx[i]%100/10;/*求正整數的十位數*/data=xx[i]%10;/*求正整數的個位數*/ab=thou+hun+ten+data;if(ab%2==0)/*如果各位數字之和是偶數*/{totCnt++；sum=sum+xx[i];}/*計算滿足條件的數的個數totCnt和這些數的總和sum*/}}totPjz=sum/totCnt；/*求這些數的算術平均值totPjz*/}voidCalValue()\r\n{inti,thou,hun,ten,data;\r\nintab;\r\nlongsum=0;\r\nfor(i=0；i〈MAXNUM；i++)\r\n{if(XX[i]>0)\r\n{\r\ntotNum++;/*統計正整數的個數*/\r\nthou=xx[i]/1000;/*求正整數的千位數*/\r\nhun=xx[i]%1000/100;/*求正整數的百位數*/\r\nten=xx[i]%100/10;/*求正整數的十位數*/\r\ndata=xx[i]%10;/*求正整數的個位數*/\r\nab=thou+hun+ten+data;\r\nif(ab%2==0)/*如果各位數字之和是偶數*/\r\n{totCnt++；sum=sum+xx[i];}/*計算滿足條件的數的個數totCnt和這些數的總和sum*/\r\n}\r\n}\r\ntotPjz=sum/totCnt；/*求這些數的算術平均值totPjz*/\r\n}解析：本題的解題思路是首先利用一個for循環來依次從數組中取得的數，由于題目要求求數組中正整數的個數，因此，對于為零的整數，不做任何處理，接著去取下一個數。只要某個數大于零，則該數一定是正整數，這時就給變量totNum(正整數的個數)累加1，用語句“thou=xx[i]/1000;hun=xx[i]%1000/100;ten=xx[i]%100/10;data=xx[i]%10；”可以實現取得當前被處理數的千位、百位、十位，以及個位上的數字值，之后判斷求得的各個位上的數字值之和是否是偶數。若上述條件成立，則給變量totCnt的值加1，同時把當前符合條件的數累加到變量sam中去，最終利用totPjz來求得滿足所給條件的所有數的平均值。

35.voidencryptChar(){inti;char*pf;for(i=0;i＜maxline;i++)pf=xx[i];／*指針pf指向當前行的首地址*／whilie(*pf!=0){if(*pf%2==0||*pf*11%256＜=32);／*如果原字符的ASCII值是偶數或計算后的值小于等于32則該字符不變*／else*pf=*pf*11%256;／*否貝Jj將所對應的字符進行替代*／pf++;／*指針pf指向下一個字符*／}}}voidencryptChar()\r\n{\r\ninti;\r\nchar*pf;\r\nfor(i=0;i＜maxline;i++)\r\npf=xx[i];／*指針pf指向當前行的首地址*／\r\nwhilie(*pf!=0)\r\n{\r\nif(*pf%2==0||*pf*11%256＜=32);／*如果原字符的ASCII值是偶數或計算后\r\n的值小于等于32，則該字符不變*／\r\nelse\r\n*pf=*pf*11%256;／*否貝Jj將所對應的字符進行替代*／\r\npf++;／*指針pf指向下