2021-2022學年廣東省廣州市荔灣區(qū)高二上期末物理試卷

一、單項選擇題：本題包括8小題，每小題3分，共24分.每小題給出的四個選項中，只

有一個選項符合題目要求，多選、錯選均不得分.

1.（3分）下列說法正確的是（）

A.元電荷就是電子或質(zhì)子

B.元電荷是最小電荷量，又稱"基本電量”

C.油滴所帶的電荷量可能是3.6X10-We

D.法國物理學家?guī)靵鲎钤缬糜偷螌嶒灳_地測出了元電荷的數(shù)值

2.（3分）下列關(guān)于科學家和其主要貢獻的說法，錯誤的是（）

A.庫侖通過扭秤實驗總結(jié)出了電學中的基本定律--庫侖定律

B.法拉第提出了場的概念，并用電場線和磁感線形象地描述電場和磁場

C.奧斯特提出了分子電流假說，成功解釋了鐵棒的磁化與高溫去磁現(xiàn)象

D.法拉第發(fā)現(xiàn)磁能生電，將歷史上認為各自獨立的學科“電學”與“磁學”聯(lián)系起來

3.（3分）為測定某點的電場強度，在該點放一電荷量為-q的檢驗電荷，測得該點的電場

強度為Ei；再在該點改放另一電荷量為+2q的檢驗電荷，測得電場強度為E2.則（）

A.EI>E2,方向相反B.EI<E2,方向相同

C.EI=E2，方向相反D.EI=E2,方向相同

4.（3分）如圖所示，把帶電小球用絕緣細線懸掛于勻強磁場中，從圖示位置由靜止釋放，

當帶電小球第一、二兩次經(jīng)過最低點時，相同的量是（）

A.小球的速度B.細線的拉力

C.小球的加速度D.小球受到的洛倫茲力

5.（3分）一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d,極板分別與電池兩極相連，上極

板中心有一小孔（小孔對電場的影響可忽略不計）。小孔正上方旦處的P點有一帶電微粒,

2

該微粒從靜止開始下落，經(jīng)過小孔進入電容器，并在下極板處（未與極板接觸）返回。

第1頁共25頁

若將上極板向上平移且，則從P點開始下落的相同微粒將（）

3

A.打到下極板上B.在下極板處返回

C.在距上極板旦處返回D.在距上極板里處返回

35

6.（3分）如圖，三個電阻Ri、R2、R3的阻值均為R，電源的內(nèi)阻rVR,C為滑動變阻器

的中點。閉合開關(guān)后，將滑動變阻器的滑片由c點向a端滑動，下列說法正確的是（）

A.R2消耗的功率變小

B.R3消耗的功率變大

C.電源的總功率變大

D.電源內(nèi)阻消耗的功率變小

7.（3分）如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，場強方向平行正方

形ABCD所在平面。已知A、B、C三點的電勢分別為<PA=9V,（PB=3V,<pc=-3V,

則（）

A,----------------D

B'---------------JC

A.D點的電勢（PD=3V,場強方向平行AB方向

B.D點的電勢（PD=6V,場強方向平行BC方向

C.D點的電勢（PD=3V,場強方向平行AC方向

D.D點的電勢（PD=6V,場強方向平行BD方向

8.（3分）如圖所示，勻強磁場中有一個電荷量為q的正離子，自a點沿半圓軌道運動，當

它運動到b點時，突然吸收了附近若干電子，接著沿另一半圓軌道運動到c點，已知a、

b、c在同一直線上，且ab=ac,電子電荷量為e,電子質(zhì)量可忽略不計，則該離子吸收

的電子個數(shù)為（）

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A.也B.旦D.旦

2e2ec喧3e

,多項選擇題.本題共6小題，每小題4分，共24分.至少有2項符合題目要求.全部

選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分.

9.（4分）將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計及開關(guān)如圖所示連接,

下列說法中正確的是（

A.開關(guān)閉合后，線圈A插入線圈B或從線圈B中拔出線圈A時都會引起電流計指針偏

轉(zhuǎn)

B.線圈A插入線圈B中穩(wěn)定后，開關(guān)閉合和斷開的瞬間電流計指針均不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)

C.開關(guān)閉合后，勻速滑動滑動變阻器的滑片P,電流計指針將會發(fā)生偏轉(zhuǎn)

D.開關(guān)閉合后，只有將滑動變阻器的滑片P加速滑動，電流計指針才能發(fā)生偏轉(zhuǎn)

10.（4分）某一熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而減小，在一次實驗中，將該熱敏電阻與一

小燈泡串聯(lián)，通電后各自的電流I隨所加電壓U變化的圖象如圖所示，點M為兩元件的

伏安特性曲線的交點。則關(guān)于熱敏電阻和小燈泡的下列說法正確的是（）

A.圖線b是小燈泡的伏安特性曲線，圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線

B.圖線a是小燈泡的伏安特性曲線，圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線

C.通過圖線中可求得M點對應小燈泡的阻值和熱敏電阻的阻值

D.圖線中M點對應的狀態(tài)，表示小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等

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11.（4分）如圖所示，兩個相同的帶電小球A、B分別用2L和遙L長的絕緣細線懸掛于絕

緣天花板的同一點，當平衡時，小球B偏離豎直方向30°,小球A豎直懸掛且與光滑絕

緣墻壁接觸。若兩小球的質(zhì)量均為m,重力加速度為g。則（）

AF.A、B的靜電力等于」mg

2

B.墻壁受的壓力等于返mg

2

C.A球受到細線的拉力等于互mg

4

D.B球受到細線的拉力等于返mg

4

12.（4分）如圖所示，平行板電容器的下極板接地，使上極板正帶電后，其電勢為＜p.以

下方法中，能使上極板電勢年升高的是（）

丁

A.縮小兩極板間的距離

B.加大兩極板間的距離

C.在兩極板間插入電介質(zhì)

D.使兩極板的正對面積減小一些

13.（4分）三條在同一平面（紙面）內(nèi)的長直絕緣導線組成一等邊三角形，在導線中通過

的電流均為1,方向如圖所示.a、b和c三點分別位于三角形的三個頂角的平分線上，且

到相應頂點的距離相等.將a、b和c處的磁感應強度大小分別記為Bi、B2和B3,下列

說法正確的是（）

A.BI=B2=B3

B.Bi=B2VB3

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C.a和b處磁場方向垂直于紙面向外，c處磁場方向垂直于紙面向里

D.a處磁場方向垂直于紙面向外，b和c處磁場方向垂直于紙面向里

14.（4分）如圖是醫(yī)用回旋加速器示意圖，其核心部分是兩個D形金屬盒，兩金屬盒置于

勻強磁場中，并分別與高頻電源相連。現(xiàn)用該裝置加速笊核（帶電量為e、質(zhì)量為2m）

和氨核（帶電量為2e、質(zhì)量為4m）。若不考慮粒子重力及在電場中的運動時間，則下列

說法中正確的有（電源頻率可保證電荷到達D型盒間隙時能改變電壓方向）（）

A.笊核和氫核運動的周期相同

B.笊核和氫核的最大動能相同

C.要使氣核的最大動能變成原來的4倍，可僅將磁感應強度增大為原來的2倍

D.要使氣核的最大動能變成原來的工，可僅將磁感應強度變?yōu)樵瓉淼墓?/p>

42

三、實驗題，本題共2小題，共14分.答案或圖必須填寫在答題卡上指定區(qū)域的指定位置.

15.（6分）如圖甲所示，某實驗小組使用多用電表判斷二極管的極性。

（1）測量前應將多用電表的選擇開關(guān)旋至_______（選填“交流電壓擋”“直流電壓擋”

“電流擋”或“歐姆擋”）：

（2）兩次測量指針偏轉(zhuǎn)分別如圖乙、丙所示。指針如圖乙所示時，紅表筆接的是二極管

的（選填“正”或“負”）極；指針如圖丙所示時，二極管的負極與（選

填“紅”或“黑”）表筆相連。

16.（8分）某同學用如圖甲所示的電路測量一電池的電動勢和內(nèi)阻。已知該待測電池的電

動勢約為9V,內(nèi)阻約數(shù)十歐，允許輸出的最大電流為50mA；電阻箱R的最大阻值為

999.9C,定值電阻Ri的阻值為200。。

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丙

（1）某次測量時，電壓表和電阻箱的示數(shù)分別如圖乙、丙所示，其讀數(shù)分別為V

和fto

（2）選擇定值電阻Ri時，實驗小組發(fā)現(xiàn)電阻的額定功率有以下幾種規(guī)格：

A.AwB.AwC.1W

24

應選（選填“A”“B”或“C”）規(guī)格的定值電阻，依據(jù)是。

（3）根據(jù)實驗測得的多組電壓表的示數(shù)U和電阻箱相應的阻值R,以工為縱坐標，-L-

UR+R1

為橫坐標，作工-」一圖線如圖丁所示。根據(jù)圖線可求得待測電池的電動勢E=

UR+R1

V,內(nèi)阻r=C.（均保留兩位有效數(shù)字）

四、計算題，本題共3小題，共38分.要求寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，

只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題，答案中應明確寫出數(shù)值和單位.答案或圖

必須填寫在答題卡上指定區(qū)域的指定位置.

17.（10分）在電場中把一個電荷量為-6X10-8C的點電荷從A點移到B點，克服電場力

做功3X105人將此電荷從B點移到C點,電場力做功為4.5X105j則：

（1）若將此電荷從A點移到C點，電荷的電勢能變化多少？AC間的電勢差為多少？

（2）若A點的電勢為零，則B、C兩點的電勢分別為多少？

18.（12分）如圖所示為電流天平，可以用來測量勻強磁場的磁感應強度。它的右臂掛著矩

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形線圈，匝數(shù)為n=10,線圈的水平be邊長為L=10.0cm,處于勻強磁場內(nèi)，勻強磁場

的方向與線圈平面垂直。當線圈中通過電流I=0.10A時，調(diào)節(jié)祛碼使兩臂達到平衡，然

后使電流反向，大小不變，這時需要在左盤中增加質(zhì)量為m=7.80g的祛碼，才能使兩臂

再達到新的平衡。重力加速度g取10m/s2。

(1)若線圈串聯(lián)一個電阻連接到電壓為U的穩(wěn)壓電源上，已知線圈電阻為r,當線圈中

通過電流I時，請用相關(guān)物理量的符號表示串聯(lián)電阻的大小;

(2)求磁場對be邊作用力的大小;

(3)求磁感應強度的大小。

19.(16分)如圖，在第一象限內(nèi)，直線OC與x軸的夾角9=30°.在OC與y軸之間的

區(qū)域內(nèi)有方向與y軸平行的勻強電場，OC與x軸之間的區(qū)域內(nèi)有垂直于xOy平面向外

的勻強磁場.一帶正電粒子在y軸上的P點以初速度vo平行于x軸射入電場，在D點垂

直O(jiān)C邊進入磁場。粒子進入磁場后運動軌跡的半徑為r,軌跡剛好與x軸相切，經(jīng)OC

邊返回電場。設(shè)粒子的帶電量為q、質(zhì)量為m,不計粒子的重力。求:

(1)粒子在磁場中的運動時間t；

(2)D點位置坐標(XDTyo);

(3)電場強度E和磁感應強度B的大小。

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2021-2022學年廣東省廣州市荔灣區(qū)高二上期末物理試卷

參考答案與試題解析

一、單項選擇題：本題包括8小題，每小題3分，共24分.每小題給出的四個選項中，只

有一個選項符合題目要求，多選、錯選均不得分.

1.（3分）下列說法正確的是（）

A.元電荷就是電子或質(zhì)子

B.元電荷是最小電荷量，又稱“基本電量”

C.油滴所帶的電荷量可能是3.6X10“9c

D.法國物理學家?guī)靵鲎钤缬糜偷螌嶒灳_地測出了元電荷的數(shù)值

【分析】電子的帶電量最小，質(zhì)子的帶電量與電子相等，但電性相反，故物體的帶電量

只能是電子電量的整數(shù)倍，人們把這個最小的帶電量叫做元電荷。

【解答】解：A、元電荷是指電子或質(zhì)子所帶的電荷量，不是質(zhì)子或電子，故A錯誤；

B、所有帶電體的電荷量都等于元電荷的整數(shù)倍，元電荷是最小電荷量，又稱“基本電量”。

故B正確；

C、3.6XKT1七的電荷量不是元電荷電荷量的整數(shù)倍，是不可能的。故C錯誤；

D、電荷量e的數(shù)值最早是由美國科學家密立根用實驗測得的，故D錯誤。

故選:B.

【點評】元電荷是帶電量的最小值，它本身不是電荷，所帶電量均是元電荷的整數(shù)倍。

且知道電子的電量與元電荷的電量相等，同時讓學生明白電荷量最早是由美國科學家密

立根用實驗測得。

2.（3分）下列關(guān)于科學家和其主要貢獻的說法，錯誤的是（）

A.庫侖通過扭秤實驗總結(jié)出了電學中的基本定律--庫侖定律

B.法拉第提出了場的概念，并用電場線和磁感線形象地描述電場和磁場

C.奧斯特提出了分子電流假說，成功解釋了鐵棒的磁化與高溫去磁現(xiàn)象

D.法拉第發(fā)現(xiàn)磁能生電，將歷史上認為各自獨立的學科“電學”與“磁學”聯(lián)系起來

【分析】根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可。

【解答】解：A、庫通過扭秤實驗總結(jié)出了電學中的基本定律--庫侖定律，故A正確;

B、物理學家法拉第提出了場的概念，并用電場線和磁感線形象地描述電場和磁場，故B

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正確：

C、奧斯特通過實驗研究，首先發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場；安培提出了分子電流假說，成

功解釋了鐵棒的磁化與高溫去磁現(xiàn)象，故C錯誤；

D、法拉第發(fā)現(xiàn)磁能生電，將歷史上認為各自獨立的學科“電學”與“磁學”聯(lián)系起來,

故D正確；

本題選擇錯誤的，故選：C?

【點評】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論

要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一。

3.（3分）為測定某點的電場強度，在該點放一電荷量為-q的檢驗電荷，測得該點的電場

強度為Ei；再在該點改放另一電荷量為+2q的檢驗電荷，測得電場強度為E2.則（）

A.EI>E2,方向相反B.EI<E2,方向相同

C.EI=E2,方向相反D.EI=E2,方向相同

【分析】電場強度表示電場本身力的性質(zhì)的物理量，與放入電場的試探電荷無關(guān)，即電

場中同一點場強大小和方向是唯一確定的。

【解答】解：將電荷量為-q的試探電荷放該點，測得該點的電場強度為E”

在該點改放另一個電荷量為+2q的點電荷，該點的電場強度不變，大小仍為Ei，方向與

Ei相同，即EI=E2，故ABC錯誤，D正確；

故選：D。

【點評】本題考查對電場強度的理解能力，抓住電場強度的物理意義：反映電場本身性

質(zhì)的物理量，與試探電荷無關(guān)，放在電場中某點的試探電荷不同，試探電荷所受電場力

大小和方向可能不同，但電場強度不變。

4.（3分）如圖所示，把帶電小球用絕緣細線懸掛于勻強磁場中，從圖示位置由靜止釋放，

當帶電小球第一、二兩次經(jīng)過最低點時，相同的量是（）

A.小球的速度B.細線的拉力

C.小球的加速度D.小球受到的洛倫茲力

【分析】帶電小球在重力與拉力及洛倫茲力共同作用下，繞固定點做圓周運動，由于拉

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力與洛倫茲力始終垂直于速度方向，它們對小球不做功.因此僅有重力作功，則有機械

能守恒。從而可以確定動能是否相同，并由此可確定拉力與洛倫茲力。最后由向心加速

度公式來確定是否相同。

【解答】解：A、由題意可知，拉力與洛倫茲力對小球不做功，僅僅重力作功，則小球機

械能守恒，所以小球分別從A點和B點向最低點0運動且兩次經(jīng)過0點時的動能相同。

由于小球的運動方向不同，故速度不同，故A錯誤；

BD、則根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向不同，但大小卻相同，則根據(jù)牛頓第二定律

可知，由于速度方向不同，導致產(chǎn)生的洛倫茲力的方向也不同，則拉力的大小也不同，

故BD錯誤；

2

C、根據(jù)a=J,可知小球的向心加速度大小相同，且方向相同，即加速度相同，故C

r

正確；

故選：C,

【點評】本題考查對小球進行受力分析，并得出力做功與否，根據(jù)機械能守恒定律來解

題是突破口，同時注意洛倫茲力方向隨著速度的方向不同而不同。最后由牛頓第二定律

來考查向心力與向心加速度。

5.（3分）一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d,極板分別與電池兩極相連，上極

板中心有一小孔（小孔對電場的影響可忽略不計）。小孔正上方旦處的P點有一帶電微粒,

2

該微粒從靜止開始下落，經(jīng)過小孔進入電容器，并在下極板處（未與極板接觸）返回。

若將上極板向上平移色,則從P點開始下落的相同微粒將（）

3

A.打到下極板上B.在下極板處返回

C.在距上極板旦處返回D.在距上極板里處返回

35

【分析】帶電微粒自P點由靜止下落，到達下極板時速度恰好為零，然后沿原路返回，

根據(jù)動能定理知，在此過程中重力做功與電場力做功大小相等。若將上極板向上平移色,

3

抓住兩板間的電勢差不變，通過動能定理判斷帶電微粒的運動情況。

【解答】解：微粒從P點到下極板的過程，由動能定理得：mg?（@+d）-qU=O,即為:

2

3mgd=qU,知電場力做功的大小等于重力做功的大小。

2

若將上極板向上平移色,微粒從P點下落，設(shè)微粒到達下極板處的速度為v,根據(jù)動能定

3

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2

理知：mg*（.1+d）-qU=lmv-O,解得：v=0,則知微粒到達下極板處的速度為零,

然后返回。故ACD錯誤，B正確。

故選：Bo

【點評】本題選擇全過程為研究過程，運用動能定理進行求解比較方便，在運用動能定

理時，抓住電勢差不變，電場力做功不變，比較電場力做功與重力做功的關(guān)系進行分析。

6.（3分）如圖，三個電阻Ri、R2、R3的阻值均為R，電源的內(nèi)阻r<R,C為滑動變阻器

的中點。閉合開關(guān)后，將滑動變阻器的滑片由c點向a端滑動，下列說法正確的是（）

A.R2消耗的功率變小

B.R3消耗的功率變大

C.電源的總功率變大

D.電源內(nèi)阻消耗的功率變小

【分析】滑動變阻器分為左右兩部分分別與R2和R3串聯(lián)，R2與R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，C

為滑動變阻器的中點，滑動觸頭在此點時，總電阻最大，然后根據(jù)歐姆定律分析電流變

化，根據(jù)P=UI分析功率變化。

電源輸出的功率P在r=R外時最大，電源的內(nèi)阻r<R外，R外減小時，電源輸出功率增大。

【解答】解：c為滑動變阻器的中點，滑動觸頭在此點時，總電阻最大，將滑動變阻器的

滑片由c點向a端滑動，總電阻減小，總電流增大，電源總功率P=EI增大；Ri和電源

內(nèi)阻分的電壓增大，電源內(nèi)阻消耗的功率變大，并聯(lián)電路電壓減小，R3所在之路電阻增

大，電壓減小，故電流減小，R3消耗的功率減小，而R2的電流增大，故R2功率增大，

故ABD錯誤，C正確

故選：Co

【點評】本題考查了串、聯(lián)電路的特點和歐姆定律的靈活運用，難點是滑動變阻器滑片P

從中間一左端總電阻變化情況的判斷。

7.（3分）如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，場強方向平行正方

形ABCD所在平面。已知A、B、C三點的電勢分別為<PA=9V,<PB=3V,<pc=-3V,

貝（）

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A,---------------D

B'--------------」C

A.D點的電勢（PD=3V,場強方向平行AB方向

B.D點的電勢（PD=6V,場強方向平行BC方向

C.D點的電勢（PD=3V,場強方向平行AC方向

D.D點的電勢＜PD=6V,場強方向平行BD方向

【分析】連接AC,在AC上找出與B點等電勢點，作出等勢線，再過D作出等勢線，

在AC線上找出與D等勢點，再確定D點的電勢；根據(jù)電場線與等勢面的關(guān)系作出電場

線，從而即可求解。

【解答】解：勻強電場中，由公式U=Ed知沿著任意方向每前進相同的距離，電勢差都

相等，故連接AC,AC連線的中點為E,則E點的電勢為&=2二3V=3V

22

連接BE,則BE為一條等勢線，D點在BE連線上，所以D點電勢UD=3V；

過A點作出垂直于BE的有向線段，由高電勢點A直線BE,如圖中紅線所示，即為電場

線，那么場強方向平行AC方向；

由上分析，可知，故ABD錯誤，C正確。

故選：Co

【點評】本題關(guān)鍵是找到等勢點，作出等勢線。電場線與等勢面之間的關(guān)系要理解，常

常是作電場線的依據(jù)。

8.（3分）如圖所示，勻強磁場中有一個電荷量為q的正離子，自a點沿半圓軌道運動，當

它運動到b點時，突然吸收了附近若干電子，接著沿另一半圓軌道運動到c點，已知a、

b、c在同一直線上，且ab=ac,電子電荷量為e,電子質(zhì)量可忽略不計，則該離子吸收

的電子個數(shù)為（）

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A.犯B.9C.且D.旦

2e2e3e3e

【分析】由題目中所給的ab與ac的長度關(guān)系，可得知正離子在吸收電子之前和吸收之

后運動半徑的變化，再由半徑公式可計算出電量的變化情況

【解答】解：離子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得:

2

qvB=mJ,解得：q=〃N,由題意可知，r=2r',則q=2q',粒子吸收的電子所帶

rBr

電荷量：Q=q-q'=4，粒子吸收的電子數(shù)：n=Q=W_,故B正確，ACD錯誤；

2e2e

故選：B。

【點評】該題考查帶電離子在磁場中的運動，由于電量的改變而導致運動半徑的變化，

同時運動的周期也發(fā)生變化。此內(nèi)容是高考的重點內(nèi)容之一，有很強的伸縮空間，是考

生復習的重點。本題屬中等題目。

二.多項選擇題.本題共6小題，每小題4分，共24分.至少有2項符合題目要求.全部

選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分.

9.（4分）將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計及開關(guān)如圖所示連接,

下列說法中正確的是（

A.開關(guān)閉合后，線圈A插入線圈B或從線圈B中拔出線圈A時都會引起電流計指針偏

轉(zhuǎn)

B.線圈A插入線圈B中穩(wěn)定后，開關(guān)閉合和斷開的瞬間電流計指針均不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)

C.開關(guān)閉合后，勻速滑動滑動變阻器的滑片P,電流計指針將會發(fā)生偏轉(zhuǎn)

D.開關(guān)閉合后，只有將滑動變阻器的滑片P加速滑動，電流計指針才能發(fā)生偏轉(zhuǎn)

【分析】穿過閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，閉合電路會產(chǎn)生感應電流，根據(jù)題意分析判

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斷穿過回路的磁通量是否變化，然后根據(jù)感應電流產(chǎn)生的條件分析答題。

【解答】解：A、開關(guān)閉合后，滑動變阻器的滑片P勻速滑動，通過線圈A的電流發(fā)生

變化，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，線圈B所在回路產(chǎn)生感應電流，電流計指針會發(fā)

生偏轉(zhuǎn)，故A正確；

B、線圈A插入線圈B中穩(wěn)定后，開關(guān)閉合和斷開的瞬間穿過線圈B的磁通量都會發(fā)生

變化，會產(chǎn)生感應電流，電流計指針均會偏轉(zhuǎn)，故B錯誤；

C、開關(guān)閉合后，勻速滑動滑動變阻器的滑片P時，穿過線圈的磁通量會發(fā)生變化，會產(chǎn)

生感應電流，會引起電流計指針偏轉(zhuǎn)，故C正確；

D、開關(guān)閉合后，不論滑動變阻器的滑片P加速滑動還是勻速滑動，穿過線圈的磁通量

都會發(fā)生變化，都會產(chǎn)生感應電流，電流計指針都會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故D錯誤；

故選：AC,

【點評】本題考查了感應電流產(chǎn)生條件的應用，穿過閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，閉合

電路會產(chǎn)生感應電流，知道感應電流產(chǎn)生的條件是解題的前提，根據(jù)題意分析磁通量是

否變化即可解題。

10.（4分）某一熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而減小，在一次實驗中，將該熱敏電阻與一

小燈泡串聯(lián)，通電后各自的電流I隨所加電壓U變化的圖象如圖所示，點M為兩元件的

伏安特性曲線的交點。則關(guān)于熱敏電阻和小燈泡的下列說法正確的是（）

A.圖線b是小燈泡的伏安特性曲線，圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線

B.圖線a是小燈泡的伏安特性曲線，圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線

C.通過圖線中可求得M點對應小燈泡的阻值和熱敏電阻的阻值

D.圖線中M點對應的狀態(tài)，表示小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等

【分析】熟悉熱敏電阻的性質(zhì)及金屬導體的性質(zhì)，即可得出它們的伏安特性曲線；由交

點的性質(zhì)可得出功率大小關(guān)系。

【解答】解：AB、小燈泡的燈絲是一個純電阻，其燈絲溫度會隨著通電電流增大，阻值

也隨著增大，所以圖中b是小燈泡的伏安曲線；同理可知，熱敏電阻的溫度隨著通電電

流增大，其阻值會逐漸減小，圖線a是熱敏電阻的伏安曲線，故A正確，B不正確;

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CD、兩圖線的交點M,表示此狀態(tài)兩元件不僅電流相同，電壓也相同，由歐姆定律可知

此時兩者阻值相同，功率也相同；故CD正確

故選：ACD。

【點評】本題考查熱敏電阻及金屬導體的伏安特性曲線的性質(zhì)，要注意明確熱敏電阻的

阻值隨溫度的升高而減小。

11.（4分）如圖所示，兩個相同的帶電小球A、B分別用2L和?L長的絕緣細線懸掛于絕

緣天花板的同一點，當平衡時，小球B偏離豎直方向30°,小球A豎直懸掛且與光滑絕

緣墻壁接觸。若兩小球的質(zhì)量均為m,重力加速度為g。則（）

卜

A.A、B的靜電力等于］mg

B.墻壁受的壓力等于返mg

2

C.A球受到細線的拉力等于立mg

4

D.B球受到細線的拉力等于返mg

4

【分析】對小球B受力分析，根據(jù)共點力平衡求出A、B的靜電力大小以及細線的拉力

大小，再對小球A受力分析，根據(jù)共點力平衡求出A球所受的拉力以及墻壁對A球的彈

力。

【解答】解：AD、對B球受力分析，如圖所示，根據(jù)共點力平衡得，A、B兩球的靜電

力為:

FB=mgsin300=^"ing

B球受到的細線拉力為：

TB-mgcos30--

故A正確，D錯誤。

BC、對A球受力分析，如圖所示，根據(jù)平衡有:

N=FACOS30°=￡嗯?率=呼員

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細線的拉力為：

=

TA=mg+FAsin30°=mg-tymgXy-^-

故C正確，B錯誤。

故選：AC。

mg

【點評】本題考查了共點力平衡問題，關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行

求解，難度中等。

12.（4分）如圖所示，平行板電容器的下極板接地，使上極板正帶電后，其電勢為fp.以

下方法中，能使上極板電勢年升高的是（）

X

A.縮小兩極板間的距離

B.加大兩極板間的距離

C.在兩極板間插入電介質(zhì)

D.使兩極板的正對面積減小一些

【分析】平行板電容器充電后與電源斷開連接，電容器的帶電量不變，當上極板豎直向

上移動時，根據(jù)電容的決定式、定義式和E=U分析知道場強變化，再判斷油滴的運動

d

狀態(tài)。由U=Ed分析P點與下極板間的電勢差如何變化，確定電勢如何變化。

【解答】解：根據(jù)C=—^-、C=&和E=U推導得：E=也幽，

4兀kdUdES

AB、由上可知，Q、S不變，電容器板間場強不變，油滴受力情況不變，仍處于靜止狀

態(tài)，由U=Ed分析知，E不變，當板間距離增大，則兩極板間的電勢差增大，因此P點

的電勢升高；若縮小兩極板間的距離，則兩極板間的電勢差減小，因此上極板的電勢降

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低，故A錯誤，B正確;

C、當在兩極板間插入電介質(zhì)時，由E=@Q,可知，電場強度E減小，那么上極板

￡S

的電勢降低，故C錯誤；

D、當使兩極板的正對面積減小一些時，由E-IZLkQ.,可知，電場強度E增大，那么

￡S

上極板的電勢升高，故D正確。

故選：BD。

【點評】解決本題的關(guān)鍵是掌握電容的決定式、定義式和公式E=U,能熟練推導出E

d

="也，要在理解的基礎(chǔ)上記住這個結(jié)論，注意電勢能的高低，除與電勢有關(guān)外，還

￡S

與電性有關(guān)系。

13.（4分）三條在同一平面（紙面）內(nèi)的長直絕緣導線組成一等邊三角形，在導線中通過

的電流均為I,方向如圖所示.a、b和c三點分別位于三角形的三個頂角的平分線上，且

到相應頂點的距離相等.將a、b和c處的磁感應強度大小分別記為Bi、B2和B3,下列

說法正確的是（）

A.BI=B2=B3

B.Bi=B2VB3

C.a和b處磁場方向垂直于紙面向外，c處磁場方向垂直于紙面向里

D.a處磁場方向垂直于紙面向外，b和c處磁場方向垂直于紙面向里

【分析】通電導線周圍存在磁場，且離導線越遠場強越弱.磁場不但有大小而且有方向，

方向相同則相加，方向相反則相減.并根據(jù)矢量疊加原理來求解.

【解答】解：A、B、由題意可知，a點的磁感應強度等于三條通電導線在此處疊加而成,

即垂直紙面向外，而b點與a點有相同的情況，有兩根相互抵消，則由第三根產(chǎn)生磁場,

即為垂直紙面向外，而c點三根導線產(chǎn)生磁場方向相同，所以疊加而成的磁場最強，故

A錯誤，B正確；

C、D、由圖可知，根據(jù)右手螺旋定則可得，a和b處磁場方向垂直于紙面向外，c處磁

場方向垂直于紙面向里，故C正確，B錯誤。

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故選：BC?

【點評】根據(jù)通電導線周圍的磁場對稱性、方向性，去確定合磁場強度大小.磁場的方

向相同，則大小相加；方向相反的，大小相減.同時考查矢量疊加原理.

14.（4分）如圖是醫(yī)用回旋加速器示意圖，其核心部分是兩個D形金屬盒，兩金屬盒置于

勻強磁場中，并分別與高頻電源相連。現(xiàn)用該裝置加速氣核（帶電量為e、質(zhì)量為2m）

和氫核（帶電量為2e、質(zhì)量為4m）。若不考慮粒子重力及在電場中的運動時間，則下列

說法中正確的有（電源頻率可保證電荷到達D型盒間隙時能改變電壓方向）（）

A.流核和氫核運動的周期相同

B.氣核和氮核的最大動能相同

C.要使笊核的最大動能變成原來的4倍，可僅將磁感應強度增大為原來的2倍

D.要使氣核的最大動能變成原來的工，可僅將磁感應強度變?yōu)樵瓉淼墓?/p>

42

【分析】回旋加速器通過磁場偏轉(zhuǎn)，電場加速來加速粒子，根據(jù)D形盒的半徑，通過洛

倫茲力提供向心力求出最大速度，從而得出兩個原子核的最大速度和最大動能關(guān)系；根

據(jù)周期公式比較兩原子核的周期。

【解答】解：A、根據(jù)周期丁=空巴知，兩原子核的比荷相等，則周期相同，故A正

qB

確；

B、根據(jù)知，粒子的最大速度為：v=幽，笊核的比荷與氫核的比荷相等，則

qBm

222

最大速度相等。最大動能為：Ekm=Lnv2=W出R一,因為兩原子核的比荷相等，電荷

22m

量不等，則最大動能不等，故B錯誤；

2q2B22

C、根據(jù)最大動能為：Ekin=lmv=要使笊核的最大動能變成原來的4倍，

22m

可僅將磁感應強度增大為原來的2倍，故C正確；

222

D、根據(jù)最大動能為：Ekm=Lnv2=qI.,要使笊核的最大動能變成原來的工，可

22m4

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僅將磁感應強度變?yōu)樵瓉淼墓ぃ蔇正確；

2

故選：ACDo

【點評】解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器的工作原理，掌握粒子在磁場中運動的半徑公

式和周期公式，并能靈活運用。

三、實驗題，本題共2小題，共14分.答案或圖必須填寫在答題卡上指定區(qū)域的指定位置.

15.（6分）如圖甲所示，某實驗小組使用多用電表判斷二極管的極性。

田乙

（1）測量前應將多用電表的選擇開關(guān)旋至歐姆擋（選填“交流電壓擋”“直流電壓

擋”“電流擋”或“歐姆擋

（2）兩次測量指針偏轉(zhuǎn)分別如圖乙、丙所示。指針如圖乙所示時，紅表筆接的是二極管

的負（選填“正”或“負”）極；指針如圖丙所示時，二極管的負極與黑（選填

“紅”或“黑”）表筆相連。

【分析】（1）可以用歐姆表判斷二極管的正負極。

（2）歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負極與紅表筆相連，二極管正向偏壓時電阻很

小，反向偏壓時電阻很大，根據(jù)題意分析答題。

【解答】解：（1）測量前應將多用電表的選擇開關(guān)旋至歐姆擋。

（2）由圖乙所示可知，指針偏角很大，電阻阻值很小，說明二極管正向偏壓，紅表筆接

的是二極管的負極；

由圖丙所示可知，指針偏角很小，電阻阻值很大，二極管反向偏壓，二極管的負極與黑

表筆相連；

故答案為：（1）歐姆擋；（2）負；黑。

【點評】本題考查了用歐姆表檢測二極管正負極問題，知道歐姆表結(jié)構(gòu)與二極管特點是

解題的前提與關(guān)鍵，掌握基礎(chǔ)知識即可解題。

16.（8分）某同學用如圖甲所示的電路測量一電池的電動勢和內(nèi)阻。己知該待測電池的電

動勢約為9V,內(nèi)阻約數(shù)十歐，允許輸出的最大電流為50mA；電阻箱R的最大阻值為

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999.9。，定值電阻Ri的阻值為2000?

（1）某次測量時，電壓表和電阻箱的示數(shù)分別如圖乙、丙所示，其讀數(shù)分別為8.2V

和180.0

（2）選擇定值電阻Ri時，實驗小組發(fā)現(xiàn)電阻的額定功率有以下幾種規(guī)格：

A.AwB.AwC.1W

24

應選C（選填“A”“B”或“C”）規(guī)格的定值電阻，依據(jù)是定值電阻在電路中消耗

的功率會超過O5W。

（3）根據(jù)實驗測得的多組電壓表的示數(shù)U和電阻箱相應的阻值R,以上為縱坐標，-L-

UR+R]

為橫坐標，作上圖線如圖丁所示。根據(jù)圖線可求得待測電池的電動勢E=9.3

UR+R1

V,內(nèi)阻r=51Q.（均保留兩位有效數(shù)字）

【分析】（1）根據(jù)圖示電壓表確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)；電阻箱各

旋鈕示數(shù)與等于倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)。

（2）根據(jù)題意求出定值電阻的最大功率，然后選擇定值電阻。

（3）根據(jù)電路圖應用閉合電路的歐姆定律求出圖線的函數(shù)表達式，然后根據(jù)圖示圖線求

出電源電動勢與內(nèi)阻。

【解答】解：（1）由圖乙所示可知，電壓表量程為10V,分度值為0.2V,示數(shù)為8.2V；

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由圖丙所示電阻箱可知，其示數(shù)為：1X100Q+8X10Q+0X00+0X0.10=180.0。；

(2)定值電阻Ri在電路中的最大功率大于：Pi=?Ri=(0.05)2X200=0.5W,定值電

阻應選擇C。

(3)由圖甲所示電路圖可知，電源電動勢：E=U+Ir=U+U

R+Rl

整理得：上=工_1_+工，由圖示上-圖線可知：0.1075=1,三=----y-=

UER+R,EUR+R,EEA1

R+R1

0.1295-0.1075.

0.004

電源電動勢：E=9.3V,r=51Q；

故答案為：(1)8.2；180.0；⑵C；定值電阻在電路中消耗的功率會超過0.5W；(3)9.3；

51。

【點評】本題考查了作實驗電路、實驗器材選擇、求電源內(nèi)阻、實驗誤差分析；電源U

-I圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻，知道實驗原理、根據(jù)圖象分析即可正確解題。

四、計算題，本題共3小題，共38分.要求寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟,

只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題，答案中應明確寫出數(shù)值和單位.答案或圖

必須填寫在答題卡上指定區(qū)域的指定位置.

17.(10分)在電場中把一個電荷量為-6Xl(f8c的點電荷從A點移到B點，克服電場力

做功3X1(/5J；將此電荷從B點移到c點，電場力做功為4.5X10一5上貝|j：

(1)若將此電荷從A點移到C點，電荷的電勢能變化多少？AC間的電勢差為多少？

(2)若A點的電勢為零，則B、C兩點的電勢分別為多少？

【分析】(1)根據(jù)電場力做功與路徑無關(guān)求解從A到C電場力做的功，根據(jù)W=qU可

知AC之間電勢差；

(2)根據(jù)BC間電場力做功WBC=qUBC得BC間電勢差，求得A點為電勢零點時C點

電勢以及B點電勢。

【解答】解：(1)依題意從A移到B電場力做功WAB=-3Xl(/5j,

從B移到C電場力做功WBC=4.5X1(/5J,

從A移到C,電場力做功為：

WAC=WAB+WBC=-3X105J+4.5X10-5J=1.5X10-5J；

故：從A移到C電勢能減少△E=1.5X1()7J

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「AJ1.5X1。-5

則V=-250V

ACq-6xio-8

（2）設(shè)B、C點的電勢分別為（PB、（pc，有：

UAB=O-B=^-=~3X10gV=500V?

研ABq-6X10-8

UAC=<PA-<pc=-250V②

①②聯(lián)立解得：（PB=-500V

(pc=250V

答：(1)若將此電荷從A點移到C點，電荷的電勢能減少1.5X1()-5J,AC間的電勢差

為-250V；

(2)若A點的電勢為零，則B、C兩點的電勢分別為-500V、250V,

【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握電勢差公式U=I并要知道電勢差與電勢的關(guān)系，另外

要特別注意符號問題。

18.(12分)如圖所