模塊素養檢測(90分鐘100【合格性考試】(60分鐘 一、選擇題(此題共9小題,每題3分,共27分)兩個一樣的帶電小球可視為點電荷,所帶電荷量之比為1∶7,在真空中相距為r時,兩球間斥力大小為F。現將兩球接觸后再放回原處,則它們間的靜電力大小變為 ( )A.F B.F C.F D.F【解析】選A。兩球開頭時受斥力,故說明二者帶同種電荷;設一個球的帶電量為q,則另一個球的帶電量為Q=7q,此時F= ,帶同種電荷,接觸后再分開,帶電量各為4q,則兩球的庫侖力大小F”= = F;故A正確,B、C、D錯誤。m上,形成閉合導體回路。甲、乙兩位同學沿南北方向站立勻速搖動電線時,靈敏電流表的示數II,則()1 2A.I=0,I≠0 B.I≠0,I=01 2 1 2C.I≠0,I≠0 D.I=0,I=01 2 1 2【解析】選C。由于地球的四周存在磁場,且磁感線的方向是從地理的南極指向地理的北極,所以當兩個同學沿東西方向站立,并勻速搖動電線時,電線做切割磁感線運動,產生感應電流,,由于北半球的地磁場有向下的重量,所以穿過閉合2導體回路的磁通量發生變化,有感應電流,所以I≠0,選項C正確。1m的帶電量為q的小球A懸掛在絕緣細線上,當小球靜止時,細線與豎直方向成30°角。則該電場電場強度的最小值為 ( )-1-A. B.C. D.:mgFT,依據平衡條件得知:FFT6060由圖求出電場力的最小值為:F

=mgsin30°,又F

=qE,得:E=

A,B、C、DA。

min

min某靜電場的電場線分布如下圖,圖中P、Q兩點的電場強度分別為EP

EQ( )A.E<E,方向不同 B.E>E,方向一樣P Q P QC.E>E,方向不同 D.E<E,方向一樣P Q P Q【解析】選C。由題圖可看出P點處電場線密,電場強度大,E>E,而電場強度的方向為電場線P Q在該點的切線方向,所以方向不同,選項C正確,A、B、D錯誤。-2-虛線代表電場中的三個等勢面,實線為一帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡,P、Q是這條軌跡上的兩點,以下說法中正確的選項是( )粒子帶負電QPPQPQP向如下圖,由于帶電粒子受到的電場力和電場強度共線,且在曲線的內側,所以粒子在P點受到的電場力AQP強度比PQPBEqφ,P由于PQPQPQC,D,baacaa( )A.V1B.V1C.V2D.V2

V3V2V1V3

-3-【解析】B。由題意可知:L=2L=2L,S=2S=2SbR=R,R=c a b b a c ba b c a c a b的電流相等,U=IR得:U∶U∶U=4∶2∶1,U∶U∶U=4∶2∶1,B正確。c a b V3 V1 V2如下圖,A、B、C、D、E、F3cm的正六邊形的六個頂點,該六則以下說法正確的選項是()勻強電場的場強方向為由B指向DDA9.6×10-19JD.300V/m【解析】BAE兩點,0V,C等勢,C與該中點連線即為等勢線,該EF不是等勢線,BDCF垂直,BD為一條電場線,但電場線的方向是由高電勢指向低電勢,DB,A、C錯誤;D點移

=-1.6×10-19×(3+3)J=-9.6×10-19J,所以電勢能增加了DA9.6×10-19J,故B正確;場強大小為E= = V/m= V/m,故D錯誤。E,CU( )B.CEC.閃光燈閃光時,電容器所帶的電荷量肯定增大R-4-【解析】D。電容器兩端的電壓與閃光燈兩端的電壓相等,當電源給電容器充電,到達閃光燈擊穿電壓U時,閃光燈通電發光,電容器放電,放電后閃光燈兩端電壓小于U,斷路,電源再次閃光燈又通電發光,電容器放電,,使得閃光U,U,A項錯誤;U,CU,B項錯誤;閃光燈閃光時電容器放電,所帶電荷量減小,C項錯誤;R,放電時電荷通過閃光燈,R的電荷量與通過閃光燈的電荷量肯定相等,D項正確。,有三個質量相等,分別帶正電負電和不帶電的微粒,從極板左側中心以一樣的水平初速度v先后垂直場強射入,分別落到極板A、B、C處,如下圖,則正確的選項是( )B.三個粒子在電場中運動時間相等C.a>a>aA B CD.E<E<EkA kB kC【解析】選D。三個微粒的初速度相等,水平位移關系為x>x>x,依據水平方向做勻速直線運A B C動,t>t>t,依據y=at2可知,A B Ca<a<aB僅受重力,A受電場力向上,C受電場力向下,BA B C不帶電,A帶正電,C帶負電,ABC錯誤;依據動能定理,三個微粒重力做功相等,電場力對A做負功,電場力對C做正功,所以C的動能變化量最大,A的動能變化量最小,又由于初動能相E

<E<E

,D正確。二、試驗題(6分)

kA kB kC在探究“打算導線電阻因素”的試驗中。需要進展以下測量:-5-框內填入正確數字。電流測量范圍盡可能大一些以下器材中:電流表應選用(填器材的標號,下同) ,電壓表應選用 ,滑動變阻器應選用 并在如圖2的虛線框內畫出你設計的試驗電路圖。E(6V,內阻很小)A(0～3A,0.01Ω)1A(0～0.6A,0.1Ω)2V(0～3V,3kΩ)1V(0～6V,6kΩ)2R(0～5Ω,2A)1R(0～1kΩ,1A)2電鍵、導線mm0.5mm+20.1×0.01mm,15、20、25。(2)6V,V(0～6V,6kΩ),I==2A=0.5A,則電流表可選:A(0～0.6A,0.1Ω),電壓從零開頭,滑動變阻器應承受分壓2接法,由于= =120< = =500,則電流表承受外接法,滑動變阻器的范圍應與電阻值差不多,便利調整,所以滑動變阻器選R,試驗電路圖如下圖。1答案:(1)1520 25(自下而上)(2)A2

VR試驗電路圖見解析2 1單位)-6-30cm,帶有等量異種電荷。在兩板間用絕緣細線懸m=4.0×10-5kg,q=+3.0×10-7Cα=37°,如下圖。(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g10m/s2)求:(2)ABF=qE=mgtan37°,E=1000N/C。V=300V。答案:(1)1000N/C(2)300Vq=-4×10-7CABW=3.2×10-6J,ABL=4m,60°;求:ABB、AUBA

是多少。E【解析】(1)AB間電勢差為:U= = V=-8VAB

=-U

=8VBA AB(2)勻強電場的電場強度為:-7-E= = V/m=4V/m答案:(1)8V(2)4V/mm=2.0×10-11kgq=1.0×10-5C=100V1電場中。金屬板長L=20cm,兩板間距d=10 cm。微粒進入偏轉電場時的速度是多大?假設微粒射出電場時的偏轉角度θ為30°,則兩金屬板間的電壓U2【解析】(1)設帶電微粒經加速電場加速后速度為v,依據動能定理:1

是多大?qU=m1解得:v= =1.0×104m/s1(2)帶電微粒在偏轉電場中只受靜電力作用,做類平拋運動。L=vt,t=1設電子在偏轉電場中運動的加速度為a,射出電場時豎直方向的速度為v,2a==v=at= ·2tanθ== =解得:U=100V2答案:(1)1.0×104m/s (2)100V【選擇性考試】(3040-8-,兩平行金屬板之間的帶電液滴處于靜止狀態,電流表和電壓表均為抱負電表,由于某種緣由燈泡L的燈絲突然燒斷,其余用電器均不會損壞,則以下說法正確的選項是 ( )B.電源內阻消耗的功率變大C.液滴將向上運動D.電源的輸出功率變大【解析】選C。當L的燈絲突然燒斷時電路中總電阻增大,則總電流減小,電源的內電壓和R1兩端電壓減小,由閉合電路歐姆定律可知,路端電壓增大,故電容器C兩端的電壓增大,板間場強增大,帶電液滴所受的靜電力增大,則該液滴將向上運動,C正確;由于C兩端的電壓增大,R、2R中的電流增大,,A錯誤;因干路電流減小,則電源內阻消耗的3,不能推斷電源的輸出功率如何變化,DC。V,O、C2cm,V/m,ODB.BC.D電子運動到某一位置,其電勢能為-2eV,8eVABDU,OC10eV4eV,依據動能定理可得-e(φ-φ)=-6eV,φ-φ=6V,φ-φ=3U,U=2V,O C O C O COC電子動能減小,電勢能增大,而電子帶負電,OC電勢降低,所以電場線方向-9-OC,A2V,B的電勢為零,B正確;E=E=100V/m,A正確;因只有靜電力做功,動能與電勢能之和保持不變,當電子的速度為零時,設此時電子所在等勢面的電勢為φ,由能量守恒定律可得eφ+6eV=eφ,因B的電勢為零,解得φ=-6V,B=8eV,選項D正確。

B k k16.(7ABC向的恒定電流,導線中的電流大小相等,三角形中心O點的磁感應強度大小為B,通電直導0線在某點產生的磁感應強度與通電直導線的電流大小成正比,則以下說法正確的選項是 ( )A.OB.B、COC.BOB0D.AOB0【解析】選B、C、D。依據安培定則可知,A處導線中的電流在O點產生的磁感應強度B、BA處導線中的電流在O點產生的磁感應強度BB

COBC方向如下圖,由于各導線中的電流大小相等,它們在O點處產生的磁感應強度的大小相等,B依據平行四邊形定則以及幾何關系可知,OB=B+2Bcos1 0 1 160°=2B方向水平向左,BOBB選項1 1 0方向水平向左,選項B正確;將A處導線中的電流大小減半,依據通電直導線在某點產生的磁感應強度與通電直導線的電流大小成正比可知,A處導線中的電流在O點產生的磁感應強度大小變為B依據平行四邊形定則可知,O點的磁感應強度大小變為BD正確。0 0-10-1.5V1100Ω)的電動勢和內阻,試驗原理如圖中的甲、乙所示(甲、乙兩圖中電壓表內阻約為3000Ω,電流表內阻約為20Ω),應中選擇 (選填“甲”或“乙”)電路比較適宜。通過調整滑動變阻器得到多組U、I數據,依據U、I數據繪得的圖像如圖丙,則電動勢為 V,內阻為Ω(以上結果均保存兩位有效數字)試驗中測量的電池內阻結果與真實值相比 “偏大”“偏小”或“不變”)。水果電池內阻較大,電流表內阻很小,相對于水果電池,電流表承受外接法時電壓表分流造成的試驗誤差較大,電流表承受內接法時電流表分壓造成的試驗誤差較小,為減小試驗誤差,應承受電流表內接法,應選擇圖甲所示電路;由圖示電源U-I圖像可知,電源電動勢:E=1.6V,電源內阻:r= = Ω≈1.2×103Ω;表承受外接法,電源內阻測量值等于真實值與電流表內阻之和,