.*;;浙江2019版化學復習方略課時提能演練〔二十八〕10.2芳香烴煤的綜合利用〔蘇教版〕〔45分鐘100分〕一、選擇題〔此題包括10小題，每題6分，共60分〕1.〔2019·寧波模擬〕以下說法中正確的選項是〔〕A.芳香烴的分子通式是CnH2n－6〔n≥6，n∈N〕B.苯的同系物是分子中僅含有一個苯環的所有烴類物質C.苯和甲苯都不能使酸性KMnO4溶液褪色D.苯和甲苯都能與鹵素單質、硝酸等發生取代反響2.涂改液是一種使用率較高的工具，涂改液中使用苯的同系物和鹵代烴等易揮發的有機物作為溶劑。以下說法中不正確的選項是〔〕A.涂改液危害人體安康、污染環境B.苯的同系物不溶于水C.鹵代烴皆可溶于水D.涂改液需要密封保存3.以下說法不正確的選項是〔〕A.通常情況下，苯是一種無色有毒液體B.苯可以使溴水褪色C.氟氯代烷化學性質穩定、無毒D.可以用分液的方法別離溴乙烷和苯4.某烴的構造簡式為它可能具有的性質是A.易溶于水，也易溶于有機溶劑B.既能使溴水褪色，又能使酸性KMnO4溶液褪色C.能發生加聚反響，其加聚產物可用D.能使溴水褪色，但不能使酸性KMnO4溶液褪色5.以下變化屬于消去反響的是〔〕A.溴乙烷與氫氧化鈉水溶液共熱B.溴乙烷與氫氧化鈉的乙醇溶液共熱C.乙烯使溴水褪色D.苯與濃硝酸反響轉化為硝基苯6.關于以下結論正確的選項是〔〕A.該有機物分子式為C13H16B.該有機物屬于苯的同系物C.該有機物分子至少有4個碳原子共直線D.該有機物分子最多有13個碳原子共平面7.〔易錯題〕組成為C10H14的芳香烴，其苯環上有兩個取代基時同分異構體數目為A.6種B.9種C.12種D.15種8.某有機物中碳和氫原子個數比為3∶4，不能與溴水反響卻能使酸性KMnO4溶液褪色。其蒸氣密度是一樣狀況下甲烷密度的7.5倍。在FeBr3存在時與溴反響，能生成兩種一溴代物。該有機物可能是〔〕9.〔2019·舟山模擬〕有機物分子中基團〔或原子與原子團間〕的互相影響會導致物質化學性質的不同。以下各項事實不能說明上述觀點的是〔〕A.甲苯能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，而苯不能使酸性高錳酸鉀溶液褪色B.乙烯能發生加成反響，而乙烷不能發生加成反響C.苯與硝酸在加熱的條件下發生取代反響，而甲苯在常溫下就能與硝酸發生反響D.2-甲基-1-丙烯與溴的CCl4溶液加成速率比乙烯與溴的CCl4溶液加成速率快10.以下物質由于發生反響，既能使溴水褪色，又能使酸性KMnO4溶液褪色的是A.乙烷B.乙烯C.苯D.甲苯二、非選擇題〔此題包括3小題，共40分〕11.〔12分〕〔探究題〕烷烴A只可能有三種一氯取代物B、C和D，C的構造簡式是，B和D分別與強堿的醇溶液共熱，都只能得到有機化合物E。以上反響及B的進一步反響如下所示。請答復以下問題：〔1〕A的構造簡式是_________________。〔2〕H的構造簡式是________________。〔3〕B轉化為F的反響屬于反響〔填反響類型名稱〕。〔4〕B轉化為E的反響屬于反響〔填反響類型名稱〕。〔5〕寫出以下物質間轉化的化學方程式①B→F：_____________________________。②F→G：_____________________________。③D→E：_____________________________。12.〔14分〕〔2019·溫州模擬〕烴B分子內C、H原子個數比為1∶2，相對分子質量為28,1H核磁共振譜顯示分子中只有一種化學環境的氫原子，且有如下的轉化關系：〔1〕B的構造簡式是____________。〔2〕A可能屬于以下哪類物質__________。a.醇b.鹵代烴c.酚d.羧酸〔3〕反響①是D與HCl按物質的量之比1∶1的加成反響，那么D的分子式是。反響②可表示為：G＋NH3→F＋HCl〔未配平〕，該反響配平后的化學方程式為______________________________。化合物E和F是合成藥品普魯卡因的重要中間體，普魯卡因的合成道路如下〔：〕。〔4〕甲的構造簡式是，由甲苯生成甲的反響類型是。〔5〕乙中有兩種含氧官能團，反響③的化學方程式是_____________________。13.〔14分〕〔預測題〕芐佐卡因是一種醫用麻醉藥品，學名為對氨基苯甲酸乙酯，它以對硝基甲苯為主要起始原料經以下反響制得：請答復以下問題：〔1〕寫出A、B、C的構造簡式：A、B、C。〔2〕用1H核磁共振譜可以證明化合物C中有種氫處于不同的化學環境。〔3〕寫出同時符合以下要求的化合物C的所有同分異構體的構造簡式〔E、F、G除外〕_______________________。①化合物是1,4-二取代苯，其中苯環上的一個取代基是硝基；②分子中含有構造的基團注：E、F、G構造如下：〔4〕E、F、G中有一化合物經酸性水解，其中的一種產物能與FeCl3溶液發生顯色反響，寫出該水解反響的化學方程式_________________________。〔5〕芐佐卡因〔D〕的水解反響如下：化合物H經聚合反響可制成高分子纖維，廣泛用于通訊、導彈、宇航等領域，請寫出該聚合反響的化學方程式_________________________。答案解析1.【解析】選D。芳香烴是分子中含一個或多個苯環的烴類化合物，而苯的同系物僅指分子中含有一個苯環，苯環的側鏈全部為烷基的烴類化合物，其通式為CnH2n－6〔n≥6，n∈N〕；苯和甲苯都能與鹵素單質、硝酸等發生取代反響，但甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色而苯不能，這是由于苯環與側鏈之間的影響所致。2.【解析】選C。A項，涂改液中苯的同系物大多有毒，危害人體安康、污染環境，A項正確；B項，苯的同系物屬于烴類，烴類不溶于水，B項正確；C項，鹵代烴大多不溶于水，C項錯誤；D項，涂改液中使用的苯的同系物和鹵代烴等物質易揮發，所以要密封保存，D項正確。3.【解析】選D。通常情況下，苯是一種無色有毒液體，苯可以萃取溴水中的溴而使溴水褪色，氟氯代烷化學性質穩定、無毒，溴乙烷易溶于苯中，不能用分液的方法別離溴乙烷和苯。4.【解析】選B。該烴含有，應既能使溴水褪色，又能使酸性KMnO4溶液褪色，還能加聚，但加聚產物的構造簡式應為；此外烴類都難溶于水。5.【解析】選B。A項為水解反響；B項為消去反響；C項為加成反響，D項為硝化反響〔取代反響的一種〕。6.【解析】選D。A項，該有機物分子式為C13H14，A項錯誤；B項，該有機物含有碳碳雙鍵和碳碳叁鍵，不屬于苯的同系物，B項錯誤；C項，分析碳碳叁鍵附近的原子，單鍵可以自由旋轉，所以，該有機物分子至少有3個碳原子共直線，C項錯誤；D項，該有機物可以看成甲基、苯環、乙基、乙烯、乙炔連接而成，單鍵可以自由旋轉，該有機物分子最多有13個碳原子共平面，D項正確。【方法技巧】用根本構造判斷有機物中原子共面或共線〔1〕對于原子共面、共線問題，要弄清以哪種構造為主體，通常所運用的根本類型是：甲烷〔最多只能3個原子共面〕，乙烯〔6個原子共面〕，乙炔〔4個原子在一條直線上〕，苯〔12個原子共平面〕。〔2〕但凡出現碳碳雙鍵構造的原子共平面問題，通常以乙烯的構造為主體，但凡出現碳碳叁鍵構造的原子共直線問題，通常以乙炔的分子構造為主體，假設分子中既未出現碳碳雙鍵，又未出現碳碳叁鍵的構造，而只出現苯環和烷基，當烷基中所含碳原子個數大于1時，以甲烷的分子構造為主體，當苯環上只有甲基時，那么以苯環為主體。7.【解題指南】解答此題時注意以下兩點：〔1〕組成為C10H14的芳香烴應只有一個苯環；〔2〕4個碳原子形成兩個取代基，一個碳原子一定是甲基，兩個碳原子一定是乙基，三個碳原子可能是—CH2CH2CH3或—CH〔CH3〕2，兩個取代基連在苯環上可能有鄰、間、對三種情況。【解析】選B。組成為C10H14的芳香烴，其苯環上有兩個取代基時分為兩大類：第一類兩個取代基，一個為甲基，另一個為—CH2CH2CH3或—CH〔CH3〕2，它們連接在苯環上又有鄰、間、對三種情況，共有6種，即第二類兩個取代基均為乙基，它們連接在苯環上又有鄰、間、對三種情況，即：【誤區警示】兩個取代基連在苯環上既要考慮兩個取代基在苯環上有鄰、間、對三種連接方式，還要注意取代根本身的異構情況，此題中的—C3H7就有兩種構造：8.【解析】選B。有機物中碳和氫原子個數比為3∶4，可排除C。又因其蒸氣密度是一樣狀況下甲烷密度的7.5倍，那么其相對分子質量為120，只有B和D符合。D在FeBr3存在時與溴反響，能生成四種一溴代物，B在FeBr3存在時與溴反響，能生成兩種一溴代物。〔注意：FeBr3存在時苯與溴反響取代苯環上的氫原子〕9.【解析】選B。乙烯能發生加成反響，而乙烷不能發生加成反響，是因為乙烷中不存在碳碳雙鍵，與有機物分子中原子間〔或原子與原子團間〕的互相影響無關。10.【解析】選B。選項A中的乙烷既不能使溴水褪色也不能使酸性KMnO4溶液褪色；選項B中乙烯既能與溴水發生加成反響，使溴水褪色，又能被酸性KMnO4溶液氧化使酸性KMnO4溶液褪色，符合題意；選項C中苯雖然能使溴水褪色，但這是由于發生萃取后出現的，并未發生化學反響，且苯也不能使酸性KMnO4溶液褪色；選項D中甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，但其使溴水褪色也是由于萃取造成的，并未發生化學反響。11.【解題指南】解答此題時注意以下兩點：〔1〕連羥基的碳原子上有2～3個氫原子的醇才能被氧化為醛，進一步被銀氨溶液氧化為羧酸；〔2〕由反響條件判斷反響類型。【解析】由C的構造簡式是可推知烷烴A為B、D應為中的一種，由于B水解產生的醇能氧化為酸，所以B為D為再結合流程圖和反響條件推斷相關物質，書寫方程式和反響類型。答案：〔1〕〔CH3〕3CCH2CH3〔2〕〔CH3〕3CCH2COOH〔3〕取代〔水解〕〔4〕消去〔5〕①〔CH3〕3CCH2CH2Cl＋NaOHSKIPIF1<0〔CH3〕3CCH2CH2OH＋NaCl②2〔CH3〕3CCH2CH2OH＋O2SKIPIF1<02〔CH3〕3CCH2CHO＋2H2O③〔CH3〕3CCHClCH3＋NaOHSKIPIF1<0〔CH3〕3CCH=CH2＋NaCl＋H2O12.【解析】此題主要考察有機物構造推斷、有機物的類別、反響類型、官能團的推斷、有機化合物的性質等知識。〔1〕根據烴B分子內的C、H原子個數比及其相對分子質量可初步判斷B為乙烯，通過B的1H核磁共振譜顯示分子中只有一種化學環境的氫原子，可驗證B為乙烯。〔2〕乙醇、鹵乙烷發生消去反響都能生成乙烯。〔3〕根據反響①可知D的分子式為C2H4O；反響②是氯乙烷與氨的取代反響，其化學方程式為2CH3CH2Cl＋NH3→HN〔CH2CH3〕2＋2HCl。〔4〕根據甲苯生成甲的反響條件“濃硝酸、濃硫酸〞及反響③的產物為可知甲為生成該物質的反響類型為取代反響。〔5〕甲中甲基發生氧化反響生成乙，故乙為該物質與HOCH2CH2Cl發生酯化反響，生成答案：〔1〕CH2=CH2〔2〕a、b〔3〕C2H4O2CH3CH2Cl＋NH3→HN〔CH2CH3〕2＋2HCl〔4〕取代反響13.【解題指南】解答此題時注意以下兩點：〔1〕根據框圖，比照反響物和生成物的構造，確定每一步反響的目的，結合反響條件進展有關推斷。〔2〕注意同分異構體書寫的有序性，防止遺漏和重復。【解析】〔1〕在