2022-2023學年高一上數學期末模擬試卷注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題（本大題共12小題，共60分）1．下列命題中正確的是（）A.第一象限角小于第二象限角 B.銳角一定是第一象限角C.第二象限角是鈍角 D.平角大于第二象限角2．如圖，在三棱錐中，，分別為AB，AD的中點，過EF的平面截三棱錐得到的截面為EFHG.則下列結論中不一定成立的是（）A. B.C.平面 D.平面3．已知，且，對任意的實數，函數不可能A.是奇函數 B.是偶函數C.既是奇函數又是偶函數 D.既不是奇函數又不是偶函數4．下列各對角中，終邊相同的是（）A.和 B.和C.和 D.和5．已知實數滿足，則函數的零點在下列哪個區間內A. B.C. D.6．《擲鐵餅者》取材于希臘的現實生活中的體育競技活動，刻畫的是一名強健的男子在擲鐵餅過程中最具有表現力的瞬間．現在把擲鐵餅者張開的雙臂近似看成一張拉滿弦的“弓”，擲鐵餅者的手臂長約為米，肩寬約為米，“弓”所在圓的半徑約為1.25米，則擲鐵餅者雙手之間的距離約為（）A.1.012米 B.1.768米C.2.043米 D.2.945米7．一幾何體的直觀圖如右圖，下列給出的四個俯視圖中正確的是（）A. B.C. D.8．已知全集，集合，，它們的關系如圖（Venn圖）所示，則陰影部分表示的集合為（）A. B.C. D.9．若點、、在同一直線上，則（）A. B.C. D.10．已知集合，則（）A. B.C. D.11．如圖，正方形中,為的中點,若,則的值為()A. B.C. D.12．已知向量，滿足，，且與的夾角為，則（）A. B.C. D.二、填空題（本大題共4小題，共20分）13．已知冪函數的圖象過點，則___________.14．若正數a，b滿足，則的最大值為______.15．計算值為______16．集合，則____________三、解答題（本大題共6小題，共70分）17．已知函數.（1）求函數的最小正周期及其單調遞減區間；（2）若，是函數的零點，不寫步驟，直接用列舉法表示的值組成的集合.18．設二次函數在區間上的最大值、最小值分別是M、m，集合若，且，求M和m的值；若，且，記，求的最小值19．設函數的定義域為A，集合.（1）；（2）若集合是的子集，求實數a的取值范圍.20．如圖，在四棱錐P－ABCD中，底面ABCD為平行四邊形，平面PCD⊥底面ABCD，且BC＝2，，（1）證明：（2）若，求四棱錐的體積21．已知集合，集合（1）當時，求；（2）若，求實數的取值范圍；（3）若，求實數的取值范圍22．已知函數是偶函數（其中為自然對數的底數，…）（1）求的值；（2）若方程在區間上有實數根，求實數的取值范圍

參考答案一、選擇題（本大題共12小題，共60分）1、B【解析】根據象限角的定義及銳角、鈍角及平角的大小逐一分析判斷即可得解.【詳解】解：為第一象限角，為第二象限角，故A錯誤；因為銳角，所以銳角一定是第一象限角，故B正確；因為鈍角，平角，為第二象限角，故CD錯誤.故選：B.2、D【解析】利用線面平行的判定和性質對選項進行排除得解.【詳解】對于，，分別為，的中點，，EF與平面BCD平行過的平面截三棱錐得到的截面為，平面平面，，，故AB正確；對于，，平面，平面，平面，故正確；對于，的位置不確定，與平面有可能相交，故錯誤.故選:D.【點睛】熟練運用線面平行的判定和性質是解題的關鍵.3、C【解析】，當時，，為偶函數當時，，為奇函數當且時，既不奇函數又不是偶函數故選4、C【解析】利用終邊相同的角的定義，即可得出結論【詳解】若終邊相同，則兩角差，A.，故A選項錯誤；B.，故B選項錯誤；C.，故C選項正確；D.，故D選項錯誤.故選：C.【點睛】本題考查終邊相同的角的概念，屬于基礎題.5、B【解析】由3a＝5可得a值，分析函數為增函數，依次分析f（﹣2）、f（﹣1）、f（0）的值，由函數零點存在性定理得答案【詳解】根據題意，實數a滿足3a＝5，則a＝log35＞1，則函數為增函數，且f（﹣2）＝（log35）﹣2+2×（﹣2）﹣log53＜0，f（﹣1）＝（log35）﹣1+2×（﹣1）﹣log53＝﹣2＜0，f（0）＝（log35）0﹣log53＝1﹣log53＞0，由函數零點存在性可知函數f（x）的零點在區間（﹣1，0）上，故選B【點睛】本題考查函數零點存在性定理的應用，分析函數的單調性是關鍵6、B【解析】由題分析出這段弓所在弧長，結合弧長公式求出其所對圓心角，雙手之間的距離為其所對弦長【詳解】解：由題得：弓所在的弧長為：；所以其所對的圓心角；兩手之間的距離故選：B7、B【解析】通過幾何體結合三視圖的畫圖方法，判斷選項即可【詳解】解：幾何體的俯視圖，輪廓是矩形，幾何體的上部的棱都是可見線段，所以C、D不正確；幾何體的上部的棱與正視圖方向垂直，所以A不正確，故選B【點睛】本題考查三視圖的畫法，幾何體的結構特征是解題的關鍵8、C【解析】根據所給關系圖（Venn圖），可知是求,由此可求得答案.【詳解】根據題意可知，陰影部分表示的是，故，故選:C.9、A【解析】利用結合斜率公式可求得實數的值.【詳解】因為、、在同一直線上，則，即，解得.故選：A.10、A【解析】對集合B中的分類討論分析，再根據集合間的關系判斷即可【詳解】當時，，當時，，當時，，所以，或，或因為，所以.故選：A11、D【解析】因為E是DC的中點，所以，∴，∴，考點：平面向量的幾何運算12、A【解析】根據向量的數量積運算以及運算法則，直接計算，即可得出結果.【詳解】因為，，且與的夾角為，所以，因此.故選：A.二、填空題（本大題共4小題，共20分）13、##0.25【解析】設，代入點求解即可.【詳解】設冪函數，因為的圖象過點，所以，解得所以，得.故答案為：14、##0.25【解析】根據等式關系進行轉化，構造函數，判斷函數的單調性，利用轉化法轉化為一元二次函數進行求解即可【詳解】由得，設，則在上為增函數，則，等價為（a），則，則，，當時，有最大值，故答案為：15、1；【解析】16、【解析】分別解出集合,，再根據并集的定義計算可得.【詳解】∵∴，∵，∴，則，故答案為：【點睛】本題考查指數不等式、對數不等式的解法，并集的運算，屬于基礎題.三、解答題（本大題共6小題，共70分）17、（1）的最小正周期為，單調遞減區間是（2）【解析】（1）根據正弦函數的最小正周期公式計算可得，根據正弦函數的單調性求出函數的單調區間.（2）先求出函數的零點，是或中的元素，在分類討論計算可得.【小問1詳解】的最小正周期為：對于函數，當時，單調遞減，解得所以函數的單調遞減區間是；【小問2詳解】因，即所以函數的零點滿足：或即或所以是或中的元素當時，則當(或，)時，則當，則所以的值的集合是18、（Ⅰ），；（Ⅱ）.【解析】（1）由……………1分又…3分…………4分……………5分……………6分（2）x=1∴，即……………8分∴f（x）=ax2+（1-2a）x+a,x∈[-2,2]其對稱軸方程為x=又a≥1，故1-……………9分∴M=f（-2）="9a-2"…………10分m=……………11分g（a）=M+m=9a--1……………14分=………16分19、（1）；（2）.【解析】（1）由函數的定義域、指數函數的性質可得，，再由集合的并集運算即可得解；（2）由集合的交集運算可得，再由集合的關系可得，即可得解.【詳解】由可得，所以，，（1）所以；（2）因為，所以，所以，解得，所以實數a的取值范圍為.【點睛】本題考查了函數定義域及指數不等式的求解，考查了集合的運算及根據集合間的關系求參數，屬于基礎題.20、（1）證明見解析；（2）8.【解析】（1）由平行四邊形的性質及勾股定理可得，再由面面垂直的性質有BC⊥面PCD，根據線面垂直的性質即可證結論.（2）取CD的中點E，連接PE，易得，由面面垂直的性質有PE⊥底面ABCD，即PE是四棱錐的高，應用棱錐的體積公式求體積即可.【小問1詳解】在平行四邊形ABCD中因為，即，所以因為面PCD⊥面ABCD，且面PCD面ABCD＝CD，面PCD，所以BC⊥面PCD，又PD平面PCD，所以【小問2詳解】如圖，取CD的中點E，連接PE，因為，所以，又面PCD⊥面ABCD，面PCD面ABCD＝CD，面PCD，所以PE⊥底面ABCD因為，，則，故21、（1）；（2）；（3）【解析】（1）求出集合，利用并集的定義可求得集合；（2）利用可得出關于實數的不等式組，由此可解得實數的取值范圍；（3）分和兩種情況討論，結合可得出關于實數的不等式組，可求得實數的取值范圍.【詳解】（1）當時，，則；（2）由知，解得，即的取值范圍是；（3）由得①若，即時，符合題意；②若，即時，需或得或，即綜上知，即實數的取值范圍為【點睛】易錯點睛：在求解本題第（3）問時，容易忽略的情況，從而導致求解錯誤.22、（1）；（2）【解析】（1）由偶函數的定義可得恒成立，即可求出值；（2）由題意可分離參數得出有解，求出的值域即可.【詳解】（1）是偶函數，恒成立，，