2023學年高一物理下期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、物體在兩個相互垂直的力作用下運動，力F1對物體做功6J，物體克服力F2做功8J，則F1、F2的合力對物體做功為（）A．14J B．10J C．2J D．－2J2、(本題9分)一輛汽車從靜止開始先做勻加速直線運動，然后做勻速運動.假設汽車所受阻力恒定，下列汽車牽引力的功率P與時間t的關系圖象中，能描述上述過程的是（）A． B．C． D．3、下列關于運動物體的合外力做功和動能、速度變化的關系，正確的是A．物體做變速運動，合外力一定不為零，動能一定變化B．若合外力對物體做功為零，則合外力一定為零C．若合外力對物體做功不為零，則物體的速度大小一定發生變化D．物體的動能不變，所受的合外力必定為零4、為了測定氣墊導軌上滑塊的加速度，滑塊上安裝了寬度為3.0mm的遮光板。滑塊先后通過兩個光電門，計時器記錄了遮光板通過第一個光電門的時間為3×10－3s，通過第二個光電門的時間為1×10－3s，測得兩光電門之間的距離為80.0cm，則滑塊的加速度大小是A．lm/s2 B．2m/s2 C．5m/s2 D．8m/s25、如圖所示，電阻R1=20Ω，電動機的內阻R2=10Ω。當開關斷開時，電流表的示數是0.5A，當開關閉合后，電動機轉動起來，電路兩端的電壓不變，關于電流表的示數A．I=1.5A B．I>1.5A C．P=15W D．P<15W6、(本題9分)如圖所示為研究決定平行板電容器電容大小因素的實驗裝置．兩塊相互靠近的等大正對的平行金屬板M、N組成電容器，板N固定在絕緣座上并與靜電計中心桿相接，板M和靜電計的金屬殼都接地，板M上裝有絕緣手柄，可以執手柄控制板M的位置．在兩板相距一定距離時，給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．在整個實驗過程中，保持電容器所帶電荷量不變，對此實驗過程的描述正確的是（）A．只將板M從圖示位置稍向左平移，靜電計指針張角變大B．只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，靜電計指針張角變大C．只將板M從圖示位置稍向上平移，靜電計指針張角減小D．只在M、N之間插入云母板，靜電計指針張角變大7、(本題9分)如圖所示，半徑為R的豎直光滑圓軌道內側底部靜止著一個光滑的小球，現給小球一個沖擊使其在瞬間得到一個水平初速度，若大小不同，則小球能夠上升到的最大高度（距離底部）也不同，下列說法正確的是A．如果，則小球能夠上升的最大高度為B．如果，則小球能夠上升的最大高度為RC．如果，則小球能夠上升的最大高度為D．如果，則小球能夠上升的最大高度為2R8、(本題9分)長為l的輕桿一端固定著一個小球A，另一端可繞光滑水平軸O在豎直面內做圓周運動，如圖所示，下列敘述符合實際的是()A．小球在最高點的速度至少為B．小球在最高點的速度大于時，受到桿的拉力作用C．當球在直徑ab下方時，一定受到桿的拉力D．當球在直徑ab上方時，一定受到桿的支持力9、(本題9分)如圖所示，作用于0點的三個力平衡，其中一個力大小為，沿y軸負方向．大小未知的力與x軸正方向夾角為θ，則下列說法正確的是（）A．力可能在第二象限的任意方向上B．力不可能在第三象限C．力與夾角越小，則與的合力越小D．的最小值為10、(本題9分)2017年10月24日，在地球觀測組織全會期間舉辦的“中國日”活動上，我國正式向國際社會免費開放共享我國氣象衛星“風云四號”和二氧化碳監測衛星“碳衛星”的數據。“碳衛星”的圓軌道距地球表面700km，“風云四號”的圓軌道距地球表面36000km。有關這兩顆衛星的說法正確的是A．“風云四號”衛星的向心加速度大于“碳衛星”的向心加速度B．“風云四號”衛星的線速度小于“碳衛星”的線速度C．“風云四號”衛星的周期小于“碳衛星”的周期D．“風云四號”衛星的角速度小于“碳衛星”的角速度二、實驗題11、（4分）(本題9分)為了探究機械能守恒定律，某同學設計了如圖甲所示的實驗裝置，并提供了如下的實驗器材：A．小車B．鉤碼C．一端帶滑輪的木板D．細線E．電火花計時器F．紙帶G．毫米刻度尺H．低壓交流電源I．220V的交流電源J．天平K．秒表(1)根據實驗裝置，你認為實驗中不需要的器材是_____、_______。（填寫器材序號）(2)實驗中得到了一條紙帶如圖乙所示，選擇點跡清晰且便于測量的連續7個點（標號0-6），測出0到l、2、3、4、5、6點的距離分別為d1、d2、d3、d4、d5、d6，打點周期為T。則打點2時小車的速度v2=________。(3)若測得小車質量為M、鉤碼質量為m，打點1和點5時小車的速度分別用v1、v5表示，已知重力加速度為g，則驗證點1與點5間系統的機械能守恒的關系式可表示為_____。在實驗數據處理時，如果以v2/2為縱軸，以d為橫軸，根據實驗數據繪出圖象，其圖線斜率的表達式為____12、（10分）(本題9分)某同學用如圖所示的裝置通過半徑（設為r）相同的A、B球（rA＞rB）的碰撞來驗證動量守恒定律．圖中CQ是斜槽，QR為水平槽．實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，圖中O點是水平槽末端R在記錄紙上的垂直投影點，米尺水平放置，且平行于G、R、O所在的平面，米尺的零刻度線與O點對齊．（1）這個實驗要驗證的結論是_____．A．mA=mA+mBB．mA=mA+mBC．mA（﹣2r）=mA（﹣2r）+mBD．mA（﹣2r）=mA（﹣2r）+mB（2）實驗中，對入射小球A在斜槽上釋放點的高低對實驗的影響，正確的是_____．A．釋放點越低，小球受阻力越小，入射小球速度越小，誤差越小B．釋放點越低，兩球碰后水平位移越小，水平位移測量的相對誤差越小C．釋放點越高，入射小球對被碰小球的作用力越大，軌道對被碰小球的阻力越小D．釋放點越高，兩球相碰時，相互作用的內力越大，誤差越小．

2023學年模擬測試卷參考答案（含詳細解析）一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【答案解析】

功是標量，所以合力總功等于各力做功之和，即：，ABC錯誤D正確2、C【答案解析】

根據P=Fv分析知勻加速運動時牽引力大于阻力，F不變，v隨時間均勻增大，故P隨時間均勻增大，故AD錯誤；當勻速時牽引力等于阻力，說明F突變小，速度不變，故功率突變小，以后保持不變，故C錯誤，B正確．故選B.3、C【答案解析】

AB．力是改變物體速度的原因，物體做變速運動時，合外力一定不為零，但合外力不為零時，做功可能為零，動能可能不變，AB錯誤；C．物體合外力做功，它的動能一定變化，速度大小也一定變化，C正確；D．物體的動能不變，所受合外力做功一定為零，但合外力不一定為零，不如物體做勻速圓周運動，動能不變，合外力不為零，D錯誤.4、C【答案解析】

遮光板通過第一個光電門的速度，遮光板通過第二個光電門的速度，滑塊的加速度大小是；A.lm/s2，與結論不相符，選項A錯誤；B.2m/s2，與結論不相符，選項B錯誤；C.5m/s2，與結論相符，選項C正確；D.8m/s2，與結論不相符，選項D錯誤；5、D【答案解析】

AB.當開關S斷開時，由歐姆定律得U=I1R電動機的電流I2<UCD.電路中電功率P=UI<10V6、AB【答案解析】試題分析：A、只將板M從圖示位置稍向左平移，d增大，根據C=知，電容減小，根據U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故A正確．B、只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，正對面積S變小，根據C=知，電容減小，根據U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故B正確．C、只將板M從圖示位置稍向上平移，正對面積S變小，根據C=知，電容減小，根據U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大．故C錯誤．D、只在M、N之間插入云母板，介電常數變大，根據C=知，電容增大，根據U=知電勢差減小，則靜電計指針張角變小．故D錯誤．故選AB．考點：電容器的動態分析．7、ABD【答案解析】

A、當v0，根據機械能守恒定律有：mgh，解得h，即小球上升到高度為時速度為零，所以小球能夠上升的最大高度為．故A正確．B、設小球恰好能運動到與圓心等高處時在最低點的速度為v，則根據機械能守恒定律得：mgRmv1，解得．故如果v0，則小球能夠上升的最大高度為R．故B正確．C、設小球恰好運動到圓軌道最高點時在最低點的速度為v1，在最高點的速度為v1．則在最高點，有mg＝m從最低點到最高點的過程中，根據機械能守恒定律得：，解得v1，所以v0時，小球不能上升到圓軌道的最高點，會脫離軌道，在最高點的速度不為零．根據，知最大高度h．故C錯誤．D、當，由上分析知，上升的最大高度為1R．故D正確．故選ABD．8、BC【答案解析】試題分析：小球在最高點的速度至少為0，A錯誤；球在最高點的速度大于時，向心力大于mg，一定受到桿的拉力作用，B正確；當球在直徑ab下方時，重力和輕桿的力提供向心力，一定受到桿的拉力，C正確；當球在直徑ab上方時，可能受到桿的支持力或拉力，D錯誤．考點：本題考查了豎直面內的圓周運動問題．9、AD【答案解析】三個力平衡時，合力必須為零，任意兩個力的合力與第三力必須大小相等、方向相反，所以可知：力可能在第二象限的任意方向上，也可能在第三象限．故A正確，B錯誤．根據平衡條件得知：與的合力與大小相等、方向相反，大小不變，所以力與夾角越小時，與的合力不變．故C錯誤．根據矢量三角形定則有：由幾何知識知，當時，即虛線位置時，有最小值，且最小值為．故D正確．選AD.【答案點睛】三個力平衡時合力為零，由平衡條件知：其中任意兩個力的合力與第三力大小相等、方向相反．作出、的合力，必定與大小相等、方向相反．根據幾何知識分析的方向范圍和最小值．10、BD【答案解析】

根據，可知運行軌道半徑越大向心加速度越小，“風云四號”衛星的運行軌道半徑大于“碳衛星”的軌道半徑，所以“風云四號”衛星的向心加速度小于“碳衛星”的向心加速度，故A錯誤；由，有，“風云四號”衛星的運行軌道半徑大于“碳衛星”的軌道半徑，所以“風云四號”衛星的線速度小于“碳衛星”的線速度，故B正確；由可得可知，風云四號衛星的周期大于碳衛星的周期，選項C錯誤；根據可知，風云四號衛星的角速度小于碳衛星的角速度，選項D正確；故選BD.二、實驗題11、H；K；v2=d3【答案解析】（1）實驗中，打點計時器可以直接記錄時間，所以不需要秒表，電火花打點計時器需要220V的交流電源，不需要低壓交流電源，所以不需要的器材為：H、K。

（2）點2的瞬時速度為：v2=d（3）從點1到點5，動能的增加量為12(M+m)（v52-v12），則需要驗證的動能定理表達式為：mg（d5-d1）=12(M+m)（v52-v12）。

（4）根據動能定理得：mgd＝12(M+m)v2，解得：12v2點睛：解決本題的關鍵知道實驗的原理以及操作中的注意事項，掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度的大小。對于圖線問題，常見的解題思路是得出物理量之間的關系式，結合關系式，通過圖線的斜率或截距分析判斷。12、（1）A（2）D【答案解析】（1）根據實驗原理可得：mAv0=mAv1+mBv2

又因兩小球均做平拋運動，下落時間相同，即可求得：mAv0t=mA