1、天津李莊中學2022-2023學年高三物理月考試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. （多選）負點電荷Q固定在正方形的一個頂點上，帶電粒子P僅在該電荷的電場力作用下運動時，恰好能經(jīng)過正方形的另外三個頂點a、b、c，如圖所示，則( ) A粒子P帶負電Ba、b、c三點的電勢高低關系是C粒子P由a到b電勢能增加，由b到c電勢能減小D粒子P在a、b、c三點時的加速度大小之比是2:1:2參考答案：CD2. 如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個截面為四分之一圓弧的柱狀物體A，A的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻之間放一光滑圓球B，整個裝置處于靜止狀態(tài)，若把A向右

2、移動少許后，它們?nèi)蕴幱陟o止狀態(tài)，則()AB對墻的壓力增大 BA與B之間的作用力增大 C地面對A的摩擦力減小 DA對地面的壓力減小參考答案：C考點：共點力的平衡，整體法與隔離法的應用.3. (單選)一條足夠長的淺色水平傳送帶自左向右勻速運行。現(xiàn)將一個木炭包無初速地放在傳送帶的最左端，木炭包在傳送帶上將會留下一段黑色的徑跡。下列說法中正確的是A黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的左側B木炭包的質(zhì)量越大，徑跡的長度越短C傳送帶運動的速度越大，徑跡的長度越短D木炭包與傳送帶間動摩擦因數(shù)越大，徑跡的長度越短參考答案：D4. 如圖所示，小車沿水平地面向右勻加速直線運動，固定在小車上的直桿與水平地面的夾角為，桿頂端固

3、定有質(zhì)量為m的小球當小車的加速度逐漸增大時，桿對小球的作用力變化的受力圖（OO為沿桿方向）是（）ABCD參考答案：C【考點】牛頓第二定律；力的合成與分解的運用【分析】小球與小車的運動情況保持一致，當小車有水平向右的加速度且逐漸增大時，小球的加速度也水平向右且逐漸增大，對小球進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律和力的分解即可解題【解答】解：小球與小車的運動情況保持一致，故小球的加速度也水平向右且逐漸增大，對小球進行受力分析，豎直方向受平衡力，所以桿子對小球的力的豎直向上的分量等于重力且不發(fā)生變化，水平方向合力向右并逐漸增大，所以桿子對小球的作用力的水平分量逐漸增大，故C正確故選C5. （單選）如圖所示

4、，理想變壓器的原線圈接有交變電壓U，副線圈接有光敏電阻R1（光敏電阻隨光照強度增大而減小）、定值電阻R2則（ ）A僅增強光照時，原線圈的輸入功率減小B僅向下滑動P時，R2兩端的電壓增大C僅向下滑動P時，R2消耗的功率減小D僅增大U時，R2消耗的功率減小參考答案：B【考點】考查變壓器的動態(tài)變化。僅增強光照時，R1變小，副線圈的輸出功率變大，所以原線圈的輸入功率變大，A錯；僅向下滑動P時，原線圈匝數(shù)減少，副線圈電壓變大，R2兩端的電壓增大，R2消耗的功率變大，B正確，C錯誤；僅增大U時，副線圈電壓變大，R2消耗的功率變大，D錯。二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 如圖所示，一變

5、壓器(可視為理想變壓器)的原線圈接在220V的照明電路上，向額定電壓為2.20104V的霓虹燈供電，為使霓虹燈正常發(fā)光，那么原副線圈的匝數(shù)比n1：n2=_；為了安全，需在原線圈回路中接入熔斷器，當副線圈電路中電流超過10mA時，熔絲就熔斷，則熔絲熔斷時的電流I =_。參考答案：答案：1：100，1A7. 如圖，滑塊從h0.2m高處的a點經(jīng)光滑圓弧軌道ab，滑入水平軌道bc，最終恰好停在c點，如果滑塊在bc勻減速運動的時間為t3s。則滑塊經(jīng)過b點的速度大小為_m/s，bc間距離為_m。參考答案： (1). 2 (2). 3由a到b由機械能守恒定律：解得：bc間的距離：8. 圖24甲所示為列簡諧橫

6、波在t=1s時的波形圖，圖乙是這列波中x=50cm的質(zhì)點A的振動圖象，那么該波的傳播速度為 。波的傳播方向沿x軸 （填“正”或“負”）方向。t=1.3S時，質(zhì)點A的振動方向沿y軸 （填“正”或“負”）方向。參考答案：9. 一條懸鏈長7.2m，從懸點處斷開，使其自由下落，不計空氣阻力則整條懸鏈通過懸點正下方12.8m處的一點所需的時間是0.54s（g取10m/s2）參考答案：解：設鏈條的長度為L，懸鏈的下端到P點的距離是h，經(jīng)t1鏈條的下端經(jīng)過P點，則；經(jīng)t2鏈條的上端經(jīng)過P點，此時懸鏈的總位移是h+L，則：h+L=gt22，；整條懸鏈通過懸點正下方12.8m處的P點所需的時間：t=t2t1=1

7、.6s1.06s=0.54s；故答案為：0.54s10. 一物體質(zhì)量為1kg，沿傾角為300的傳送帶從最高端A點以初速度v0=8m/s下滑，傳送帶勻速向下運動的速度為2m/s，全長20m。物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為，物體運動到傳送帶底端B點的速度大小為_m/s；全過程中因物體和傳送帶間的摩擦而產(chǎn)生的熱量為_J。（重力加速度g=10m/s2）參考答案：2，5411. 如圖所示，一農(nóng)用水泵裝在離地面一定高度處，其出水管是水平的，現(xiàn)僅有一鋼卷尺，請你粗略地測出水流出管口的速度大小和從管口到地面之間在空中水柱的質(zhì)量（已知水的密度為，重力加速度為g）：（1）除了已測出的水管內(nèi)徑L外，你需要測量的物理

8、量是（寫出物理量名稱和對應的字母）： ；（2）水流出管口的速度表達式為 ；（請用已知量和待測量的符號表示）（3）空中水的質(zhì)量的表達式為 （請用已知量和待測量的符號表示）參考答案：（1）水平位移s，管口離地的高度h；（2）；（3）m=【考點】平拋運動【分析】根據(jù)高度求出平拋運動的時間，結合水平位移和時間求出初速度根據(jù)水質(zhì)量的表達式確定需要測量的物理量【解答】解：（1）水流出水管后做平拋運動，需要測出水的：水平位移s，管口離地的高度h；（2）水管距地高度h，水柱的水平射程S，設水在空中的運動時間為t，水做平拋運動，在水平方向：s=vt，在豎直方向：h=，則水在空中運動的時間t=，水的初速度（3）空

9、中水的質(zhì)量表達式m=故答案為：（1）水平位移s，管口離地的高度h；（2）；（3）m=【點評】本題關鍵是明確實驗原理，運用平拋運動的模型列式分析，知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，較難12. 電子所帶的電荷量（元電荷e)最先是由密立根通過油滴實驗測量出的，圖 6是該實驗裝置的示意圖，將兩塊水平放置的金屬板A、B連接到電路中，板間產(chǎn) 生豎直向下的勻強電場。用一個噴霧器把許多油滴從上板中間的小孔噴入電場，油 滴從噴口出來時由于摩擦帶負電。在實驗中通過調(diào)節(jié)金屬板間的電壓，利用顯微鏡 觀察，找到懸浮不動的油滴。所用部分器材已在圖中給出，其中E為直流電源，R 為滑動變阻器，V為電壓表，S為開關

10、，此外還有若干輕質(zhì)導線。(1) 在圖中畫線連接成實驗電路圖（其中是已經(jīng)連接好的導線）。(2) 實驗時觀察到某個懸浮不動的油滴半徑為r，此時電壓表的示數(shù)為U,金屬板 A、B間的距離為d。已知油滴密度為p，重力加速度為g，空氣浮力不計，則 該油滴所帶的電荷量為_。（用題目中所給的物理量表示）參考答案：13. 要測定個人的反應速度，按圖所示，請你的同學用手指拿著一把長30 cm的直尺，當他松開直尺，你見到直尺向下落下，立即用手抓住直尺，記錄抓住處的數(shù)據(jù)，重復以上步驟多次現(xiàn)有A、B、C三位同學相互測定反應速度得到的數(shù)據(jù)，如下表所示（單位：cm）。這三位同學中反應速度最快的是_，他的最快反應時間為_ s

11、（g=10 m/s2）第一次第二次第三次A252426B282421C242220參考答案：三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 如圖甲所示，將一質(zhì)量m=3kg的小球豎直向上拋出，小球在運動過程中的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，設阻力大小恒定不變，g=10m/s2，求（1）小球在上升過程中受到阻力的大小f（2）小球在4s末的速度v及此時離拋出點的高度h參考答案：（1）小球上升過程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時離拋出點h為8m考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像專題：牛頓運動定律綜合專題分析：（1）根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出小球

12、上升的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出小球上升過程中受到空氣的平均阻力（2）利用牛頓第二定律求出下落加速度，利用運動學公式求的速度和位移解答：解：由圖可知，在02s內(nèi)，小球做勻減速直線運動，加速度大小為： 由牛頓第二定律，有：f+mg=ma1代入數(shù)據(jù)，解得：f=6N（2）2s4s內(nèi)，小球做勻加速直線運動，其所受阻力方向與重力方向相反，設加速度的大小為a2，有：mgf=ma2即 4s末小球的速度v=a2t=16m/s依據(jù)圖象可知，小球在 4s末離拋出點的高度： 答：（1）小球上升過程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時離拋出點h為8m點評：本題主要考查了牛頓第二定律及運動學

13、公式，注意加速度是中間橋梁15. 質(zhì)點做勻減速直線運動，在第1內(nèi)位移為，停止運動前的最后內(nèi)位移為，求：（1）在整個減速運動過程中質(zhì)點的位移大小.（2）整個減速過程共用時間.參考答案：（1）（2）試題分析：（1）設質(zhì)點做勻減速運動的加速度大小為a，初速度為由于質(zhì)點停止運動前最后1s內(nèi)位移為2m，則：所以質(zhì)點在第1秒內(nèi)有位移為6m，所以在整個減速運動過程中，質(zhì)點的位移大小為：（2）對整個過程逆向考慮，所以考點：牛頓第二定律，勻變速直線運動的位移與時間的關系四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，AB是傾角為的粗糙直軌道，BCD是光滑的圓弧軌道，AB恰好在B點與圓弧相切，圓弧的半徑為R

14、一個質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點）從直軌道的P點由靜止釋放，結果它在兩軌道之間做往復運動已知P點與圓弧的圓心O等高，物體與軌道AB間的動摩擦因素為，求：（1）物體做往復運動的過程中，在軌道AB上通過的總路程（2）物體對圓弧軌道最低點E的最小壓力參考答案：mgRcos- mg cosS = 0 S = R/ -6分mgR（1-cos） = mvE2/2 FE mg = mvE2/R FE = mg(3-2 cos) -7分 據(jù)牛三定律，對E點的最小壓力為 F = mg(3-2 cos) -17. 如圖所示，質(zhì)量M=lkg，長L=lm的木板靜止在粗糙的水平地面上，木板與地面間的動摩擦因數(shù)l=0.1。在木板的左端放置一個質(zhì)量m=2kg，大小可以忽略的鐵塊，鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)2=0.3，認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取g=10ms2。若在鐵塊上加一個水平向右的恒力F=16N，求經(jīng)過多長時間鐵塊運動到木板的右端?參考答案：根據(jù)牛頓第二定律，得對鐵塊，有： （2分） 對木板，有： （2分）又因為 （2分）由以上三式解得： （2分）本題考查牛頓第二定律的應用，分別以鐵塊和木板為研究對象分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律列公式可