1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一含有理想變壓器的電路如圖所示，交流電源輸出電壓的有效值不變，圖中三個電阻R完全相同，電壓表為理想交流電壓

2、表，當開關S斷開時，電壓表的示數為U0；當開關S閉合時，電壓表的示數為變壓器原、副線圈的匝數比為（）A5B6C7D82、在如圖所示裝置中，輕桿一端固定著一個質量可以忽略不計的定滑輪，兩物體質量分別為m1、m2，輕繩一端固定于a點，懸點a、b間的距離遠大于滑輪的直徑，動滑輪質量和一切摩擦不計。整個裝置穩定時下列說法正確的是（ ）A可能大于Bm1一定大于m2Cm1可能大于2m2D輕桿受到繩子的作用力3、一物塊以某一初速度從傾角的固定斜面底端上滑，到達最大高度處后又返回斜面底端。已知物塊上滑時間是下滑時間的，則物塊與斜面間的動摩擦因數為（ ）A0.2B0.4C0.6D0.84、如圖，在固定斜面上的一

3、物塊受到一外力F的作用，F平行于斜面向上若要物塊在斜面上保持靜止，F的取值應有一定范圍，已知其最大值和最小值分別為F1和F2（F20）.由此可求出A物塊的質量B斜面的傾角C物塊與斜面間的最大靜摩擦力D物塊對斜面的正壓力5、兩根相距為L的足夠長的金屬直角導軌如圖所示放置，它們各有一部分在同一水平面內，另一部分垂直于水平面。質量均為m的金屬細桿ab、cd與導軌垂直接觸形成閉合回路，桿與導軌之間的動摩擦因數均為，導軌電阻不計，回路總電阻為2R。整個裝置處于磁感應強度大小為B，方向豎直向上的勻強磁場中。當ab桿在平行于水平導軌的拉力F作用下以速度v1沿導軌勻速運動時，cd桿也正好以速度v2向下勻速運動

4、。重力加速度為g。下列說法中正確的是（）Aab桿所受拉力F的大小為Bcd桿所受摩擦力為零C回路中的電流強度為D與v1大小的關系為=6、下列說法中正確的是（）A千克（kg）、開爾文（K）和伏特（V）均為國際單位制中的基本單位B陰極射線是由電子組成，電子來源于中子的衰變C在光電效應的實驗中，若增加入射光的頻率，則相應的遏止電壓也增加D射線來源于原子核內部，是由氦原子組成二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，a、b小球均能沿各自斜軌道勻速下滑到豎直圓的最低點，現分別

5、讓小球a、b以va、vb的速度沿各自軌道從最低點同時向上滑動，兩小球速度同時減小到0，重力加速度為g，軌道與圓在同一豎直面內，sin37=0.6，cos37=0.8，則（）Aa、b小球與斜面間的動摩擦因數之比a:b=9：16Ba、b小球沿斜面向上運的加速度之比以aa:ab=4：3Cva：vb=4：3D兩小球不可能同時達到圓周上8、如圖所示，在半徑為R的圓形區域內有垂直紙面的勻強磁場，磁感應強度為B。P是磁場邊界上的一點，大量電荷量為q、質量為m、相同速率的離子從P點沿不同方向同時射入磁場。其中有兩個離子先后從磁場邊界上的Q點（圖中未畫出）射出，兩離子在磁場邊緣的出射方向間的夾角為，P點與Q點的

6、距離等于R。則下列說法正確的是（ ）A離子在磁場中的運動半徑為B離子的速率為C兩個離子從Q點射出的時間差為D各種方向的離子在磁場邊緣的出射點與P點的最大距離為9、某探究小組利用圖甲所示的電路探究一標簽模糊的理想變壓器的原、副線圈匝數比。R為定值電阻，L1、L2為兩只標有“5V，2A”的相同小燈泡，S為開關。保持開關S斷開，在輸入端施加如圖乙所示的交變電壓后，燈泡L1正常發光，測得電阻R兩端的電壓為燈泡L1兩端電壓的2倍。以下說法正確的是（ ）A理想變壓器原、副線圈的匝數比為4：1B理想變壓器原、副線圈的匝數比為1：4C定值電阻的阻值為10D閉合開關S后，燈泡L1中的電流變小10、某電場在x軸上

7、各點的場強方向沿x軸方向，規定場強沿x軸正方向為正，若場強E隨位移坐標x變化規律如圖，x1點與x3點的縱坐標相同，圖線關于O點對稱，則（）AO點的電勢最低B-x2點的電勢最高C若電子從-x2點運動到x2點，則此過程中電場力對電子做的總功為零D若電子從x1點運動到x3點，則此過程中電場力對電子做的總功為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實驗小組用如圖所示的裝置，做驗證機械能守恒定律的實驗。當地重力加速度為：(1)電磁鐵通過鐵夾固定在鐵架臺上，給電磁鐵通電，小球被吸在電磁鐵下方（光電門的正上方）。電磁鐵斷電，小球由靜止釋放，測得

8、小球通過光電門所用時間為，測得小球直徑為，電磁鐵下表面到光電門的距離為，根據測得數值，得到表達式_（用已知和測得的物理量表示）在誤差允許的范圍內成立，則機械能守恒定律得到驗證；(2)若保持電磁鐵位置不變，改變光電門的位置，重復上述實驗，得到多組及小球通過光電門的時間，為了能通過圖像直觀地得到實驗結果，需要作出_（填“”“”“”或“”）圖像，當圖像是一條過原點的傾斜直線時，且在誤差允許的范圍內，斜率等于_（用已知和測得的物理量表示），則機械能守恒定律得到驗證；(3)下列措施可以減小實驗誤差的是_。A選用直徑較小，質量較大的小球 B選用直徑較大，質量較大的小球C電磁鐵下表面到光電門的距離適當大些

9、D盡量讓小球球心通過光電門12（12分）某同學欲用伏安法測定一阻值約為5的電阻，要求測量結果盡量準確，現備有以下器材：A直流電源E(電動勢約為4.5V，內阻很小)；B直流電流表A1(量程00.6A，內阻約為0.1)；C直流電流表A2(量程03A，內阻約為0.2)；D直流電壓表V1(量程03V，內阻約為3k)；E直流電壓表V2(量程015V，內阻約為6k)；F滑動變阻器R1(最大阻值為10)；G開關、導線若干。（1）在備選器材中，實驗中電流表應選_，電壓表應選_；(均填寫器材前字母序號)（2）該同學連接了部分電路，如圖甲所示，還有三根導線沒有連接，請幫助該同學完成連線；（_）（3）按要求完成了電

10、路連接后，開關閉合前，滑動變阻器的滑片應置于最_(選填“左”或“右”)端；（4）該同學正確操作，電流表和電壓表的表盤示數如圖乙所示，則電阻的測量值為_；該測量值_(選填“大于”“小于”或“等于”)真實值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，玻璃球冠的折射率為，其底面鍍銀，底面的半徑是球半徑的倍；在過球心O且垂直于底面的平面（紙面）內，有一與底面垂直的光線射到玻璃球冠上的M點，該光線的延長線恰好過底面邊緣上的A點求該光線從球面射出的方向相對于其初始入射方向的偏角14（16分）如圖所示，在真空室內的P點，

11、能沿平行紙面向各個方向不斷發射電荷量為+q、質量為m的粒子（不計重力），粒子的速率都相同。ab為P點附近的一條水平直線，P到直線ab的距離PC=L，Q為直線ab上一點，它與P點相距PQ=，當直線ab以上區域只存在垂直紙面向里、磁感應強度為的勻強磁場時，水平向左射出的粒子恰到達Q點；當ab以上區域只存在沿PC方向的勻強電場時，其中水平向左射出的粒子也恰好到達Q點。已知sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)粒子的發射速率；(2)僅有電場時PQ兩點間的電勢差；(3)僅有磁場時，能到達直線ab的粒子所用最長時間和最短時間。15（12分）如圖，質量為6m、長為L的薄木板AB放在光滑的平臺上，

12、木板B端與臺面右邊緣齊平B端上放有質量為3m且可視為質點的滑塊C，C與木板之間的動摩擦因數為，質量為m的小球用長為L的細繩懸掛在平臺右邊緣正上方的O點，細繩豎直時小球恰好與C接觸現將小球向右拉至細繩水平并由靜止釋放，小球運動到最低點時細繩恰好斷裂，小球與C碰撞后反彈速率為碰前的一半 (1)求細繩能夠承受的最大拉力；(2)若要使小球落在釋放點的正下方P點，平臺高度應為多大；(3)通過計算判斷C能否從木板上掉下來參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】設變壓器原、副線圈匝數之比為k，當開關斷開時，副線圈電壓為，根

13、據歐姆定律得副線圈中電流為：，則原線圈中電流為：，則交流電的輸出電壓為：；當S閉合時，電壓表的示數為，則副線圈的電壓為，根據歐姆定律得：，則原線圈中電流為：，則交流電的輸出電壓為：；聯立解得k=6，故B正確2、D【解析】對m1分析可知繩子的拉力大小，對滑輪分析，由于滑輪放在一根繩子上，繩子兩端的張力相等，故可知兩繩子和豎直方向上的夾角相等，由共點力的平衡關系可得出兩質量的關系【詳解】對m1分析可知，m1受拉力及本身的重力平衡，故繩子的拉力等于m1g； 對于動滑輪分析，由于滑輪跨在繩子上，故兩端繩子的拉力相等，它們的合力一定在角平分線上；由于它們的合力與m1的重力大小相等，方向相反，故合力豎直向

14、上，故兩邊的繩子與豎直方向的夾角和相等；故A錯誤；由以上可知，兩端繩子的拉力等于m1g，而它們的合力等于m1g，因互成角度的兩分力與合力組成三角形，故可知1m1gm1g，即m1一定小于1m1但是m1不一定大于m1，故BC錯誤。輕桿受到繩子的作用力等于兩邊繩子的合力，大小為，選項D正確；故選D。【點睛】本題要注意題目中隱含的信息，記住同一繩子各部分的張力相等，即可由幾何關系得出夾角的關系；同時還要注意應用力的合成的一些結論3、C【解析】設物塊從斜面底端向上滑時的初速度為，返回斜面底端時的速度大小為，則根據平均速度公式有再由牛頓運動定律和運動學公式有上滑過程下滑過程時間關系有聯立各式解得故C正確，

15、ABD錯誤。故選C。4、C【解析】根據題意，設物塊受到的最大靜摩擦力為f，對物塊受力分析（如圖所示），若Fmgsin，則物體有沿斜面向上運動的趨勢，f的方向應沿斜面向下阻礙物體相對運動趨勢，有-；若Fmgsin，則物體有沿斜面向下的運動趨勢，f的方向沿斜面向上阻礙物體相對運動趨勢，有-；由最大靜摩擦力等于滑動摩擦力可知-，由可求得f的值，而物塊的質量m、斜面的傾角無法求出，故物塊對斜面的正壓力（）也無法求出綜上所述，正確答案為C【考點定位】靜摩擦力及力的平衡5、D【解析】A導體ab切割磁感線時產生沿ab方向，產生感應電動勢，導體cd向下勻速運動，未切割磁感線，不產生感應電動勢，故整個電路的電動

16、勢為導體ab產生的，大小為：感應電流為：導體ab受到水平向左的安培力，由受力平衡得：解得：AC錯誤；B導體棒cd勻速運動，在豎直方向受到摩擦力和重力平衡，有：即導體棒cd摩擦力不為零，B錯誤；D聯立式解得，D正確。故選D。6、C【解析】A開爾文、千克均為國際單位制中基本單位，伏特不是國際單位制中基本單位，故A錯誤；B陰極射線是由電子組成，電子來源于核外電子，故B錯誤；C遏止電壓則若增加入射光的頻率，則相應的遏止電壓也增加，故C正確；D射線來源于原子核內部，由兩個質子和兩個中子組成，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題

17、目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】Aa、b小球均能沿各自斜軌道勻速下滑，則對a：對b：則a:b=16：9選項A錯誤；Ba、b小球沿斜面向上運動時，對a 對b 加速度之比aa:ab=4：3選項B正確；C兩球速度同時減為零，時間相等，則由v=at可得va：vb= aa:ab=4：3選項C正確；D因為兩物體加速度之比aa:ab=4：3，初速度之比va：vb= 4：3，由v=v0-at可知，任意時刻的速度比為4:3，則兩物體的平均速度之比為4:3；而兩球到達圓周上時位移之比也為4:3，可知到達圓周上的時間相等，即兩物體同時到達圓周上，選項D錯誤。故選BC。

18、8、BCD【解析】從Q點能射出兩個離子，則離子圓周運動半徑r小于磁場區域圓半徑R，運動軌跡如圖所示。為等邊三角形。A由幾何關系得又有解兩式得選項A錯誤；B在磁場中做圓周運動有解式得選項B正確；C圓周運動的周期為兩離子在磁場中運動的時間分別為則從磁場射出的時間差為選項C正確；D各種方向的離子從磁場中的出射點與P點的最大距離為選項D正確；故選BCD.9、CD【解析】AB由電壓圖像可知，輸入電壓的最大值為V，則有效值為20V燈泡正常發光，故燈泡兩端的電壓為5V，即副線圈兩端的電壓V，由題知電阻R兩端的電壓為10V，故變壓器原線圈的電壓=10V原副線圈的匝數比故AB錯誤；C燈泡L1正常發光，即副線圈的

19、電流A，根據理想變壓器輸入功率等于輸出功率可知，原副線圈中的電流之比解得電阻R中的電流為1A，由歐姆定律可知=10故C正確；D開關S閉合后，電路的總電阻減小，而輸入端電壓保持不變，故副線圈中的電流增大，則原線圈中電流增大，電阻R兩端電壓升高，變壓器原線圈電壓降低，故副線圈輸出電壓降低，燈泡兩端電壓降低，電流減小，故D正確。故選CD。10、AC【解析】A規定場強沿x軸正方向為正，依據場強E隨位移坐標x變化規律如題目中圖所示，電場強度方向如下圖所示：根據順著電場線電勢降低，則O電勢最低，A正確；B由上分析，可知，電勢從高到低，即為，由于點與點電勢相等，那么點的電勢不是最高，B錯誤；C若電子從點運動

20、到點，越過橫軸，圖像與橫軸所圍成的面積之差為零，則它們的電勢差為零，則此過程中電場力對電子做的總功為零，C正確；D若電子從點運動到點，圖像與橫軸所圍成的面積不為零，它們的電勢差不為零，則此過程中電場力對電子做的總功也不為零，D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 ACD 【解析】(1)1由機械能守恒有故要驗證的表達式為。(2)23由得即為了直觀地得到實驗結果，應作圖像，在誤差允許的范圍內圖像的斜率為，則機械能守恒定律得到驗證。(3)4AB為了減少實驗誤差，應選用質量大、體積小的小球，選項A正確，選項B錯誤；CD電磁鐵下表

21、面到光電門的距離適當大些可以減小長度及速度測量的誤差，盡量讓小球球心通過光電門，減小因小球遮光長度不是直徑引起的誤差，選項C、D正確。故填ACD。12、B D 右 4.79 小于 【解析】（1）12因所以電流表應選B，因為電源電動勢只有4.5V，所以電壓表應選D。（2）3因為電流表內阻較大，所以電流表外接，電路連接如圖所示（3）4當滑動變阻器的滑片在左端時，滑動變阻器接入電路的電阻為0，所以開關閉合前，滑動變阻器的滑片應置于最右端。（4）56題圖乙中電壓表示數為2.30V，電流表示數為0.48A，所以電阻的測量值由于電壓表有分流，故電阻的測量值偏小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫

22、在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、150【解析】設球半徑為R，球冠地面中心為O，連接OO，則OOAB令OAO=則：即OAO=30已知MAAB，所以OAM=60設圖中N點為光線在球冠內地面上的反射點，光路圖如圖所示設光線在M點的入射角為i，折射角為r，在N點的入射角為i，反射角為i，玻璃的折射率為n由于OAM為等邊三角形，所以入射角i=60由折射定律得：sini=nsinr代入數據得：r=30作N點的法線NE，由于NEMA，所以i=30由反射定律得：i=30連接ON，由幾何關系可知MANMON，則MNO=60由式可得ENO=30所以ENO為反射角，ON為反射光線由于這一反射光線垂直球面，所以經球面再次折射后不改變方向所以，該光線從球面射出的方向相對于其初始入射方向的偏角為=180-ENO=15014、 (1)；(2