1、2022-2023學(xué)年高一上物理期末模擬試卷考生請(qǐng)注意：1答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一項(xiàng)符合題目要求，有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1、質(zhì)量為2kg的物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，其位移隨時(shí)間變化的規(guī)律為。該物體所受合力的大小為（）A.

2、2NB.4NC.6ND.8N2、如圖是關(guān)于車?yán)R、馬拉車的問題，下列說法中正確的是()A.馬拉車不動(dòng)，是因?yàn)轳R拉車的力小于車?yán)R的力B.馬拉車前進(jìn)，是因?yàn)轳R拉車的力大于車?yán)R的力C.馬拉車，不論車動(dòng)還是不動(dòng)，馬拉車的力的大小總是等于車?yán)R的力的大小D.馬拉車不動(dòng)或車勻速前進(jìn)時(shí)，馬拉車的力與車?yán)R的力才大小相等3、關(guān)于物體的運(yùn)動(dòng),下列情況不可能的是()A.物體運(yùn)動(dòng)的加速度等于零,而速度卻不等于零B.兩物體相比,一個(gè)物體的速度變化量比較大,而加速度卻比較小C.物體具有向東的加速度,而速度的方向卻向西D.物體做直線運(yùn)動(dòng),加速度方向改變而速度不變4、下列各組物理量中，全部是矢量的一組是()A.質(zhì)量、周

3、期B.速度、加速度C.路程、位移D.彈力、時(shí)間5、下列不是國(guó)際單位制中基本單位的是（）A.kgB.sC.ND.m6、如圖所示是某同學(xué)站在力傳感器上做下蹲-起立的動(dòng)作時(shí)記錄的壓力F隨時(shí)間t變化的圖線由圖線可知該同學(xué)（）A.做了一次下蹲-起立動(dòng)作B.做了兩次下蹲-起立的動(dòng)作，且下蹲后約4s起立C.下蹲過程處于失重狀態(tài)，起立過程處于超重狀態(tài)D.下蹲過程先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)7、如圖所示，在水平地面上運(yùn)動(dòng)的車廂底部有一質(zhì)量為m1的木塊，木塊和車廂通過一根輕質(zhì)彈簧相連接，彈簧的勁度系數(shù)為k，在車廂的頂部用一根細(xì)線懸掛一質(zhì)量為m2的小球，某段時(shí)間內(nèi)發(fā)現(xiàn)細(xì)線始終與豎直方向的夾角為，在這段時(shí)間內(nèi)木塊與車

4、廂保持相對(duì)靜止，木塊和車廂之間摩擦力可忽略不計(jì)，下列判斷正確的是A.小車加速度大小為B.彈簧的伸長(zhǎng)量為C.細(xì)繩對(duì)車廂項(xiàng)部拉力大小D.彈簧對(duì)車廂壁作用為壓力，大小是8、物體以某一速度沖上一光滑斜面(足夠長(zhǎng))，加速度恒定前4 s內(nèi)位移是1.6 m，隨后4 s內(nèi)位移是零，則下列說法中正確的是( )A.物體的初速度大小為0.6 m/sB.物體的加速度大小為6 m/s2C.物體向上運(yùn)動(dòng)的最大距離為1.8 mD.物體回到斜面底端，總共需時(shí)12 s9、如圖所示是轎車常用的千斤頂，當(dāng)搖動(dòng)把手時(shí)，螺紋軸就能迫使千斤頂?shù)膬杀劭繑n，從而將汽車頂起，當(dāng)車輪剛被頂起時(shí)汽車對(duì)千斤頂?shù)膲毫?.0105 N，此時(shí)千斤頂兩臂

5、間的夾角為120，下列判斷正確的是（）A.該汽車的重力等于1.0105 NB.此時(shí)千斤頂每臂受到的壓力大小均為1.0105 NC.若繼續(xù)搖動(dòng)把手，將汽車頂起，千斤頂每臂受到的壓力將增大D.若繼續(xù)搖動(dòng)把手，將汽車頂起，千斤頂每臂受到的壓力將減小10、如圖所示，輕彈簧下端固定在水平面上，一個(gè)小球從彈簧正上方某一高度處由靜止開始自由下落，接觸彈簧后把彈簧壓縮到一定程度后停止下落在小球下落這一全過程中，下列說法中正確的是()A.小球剛接觸彈簧瞬間速度最大B.從小球接觸彈簧起加速度變?yōu)樨Q直向上C.從小球接觸彈簧到到達(dá)最低點(diǎn)，小球的速度先增大后減小D.從小球接觸彈簧到到達(dá)最低點(diǎn)，小球的加速度先減小后增大二

6、、實(shí)驗(yàn)題11、（4分）用圖所示裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”設(shè)小車和砝碼的總質(zhì)量為M，砂和砂桶的總質(zhì)量為m某同學(xué)用如圖甲所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50 Hz，重物通過跨過滑輪的細(xì)線與小車相連請(qǐng)思考并完成相關(guān)內(nèi)容： (1)本實(shí)驗(yàn)應(yīng)用的實(shí)驗(yàn)方法是（ ）A控制變量法 B假設(shè)法C理想實(shí)驗(yàn)法 D.等效替代法(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)，為平衡摩擦力，以下操作正確的是（ ）A.連著砂桶，適當(dāng)調(diào)整木板右端的高度，直到小車被輕推后沿木板勻速運(yùn)動(dòng)B.連著砂桶，適當(dāng)調(diào)整木板右端的高度，直到小車緩慢沿木板做直線運(yùn)動(dòng)C.取下砂桶，適當(dāng)調(diào)整木板右端的高度，直到小車被輕推后沿木板勻速運(yùn)動(dòng)D.取下砂桶，適當(dāng)調(diào)整木板右

7、端的高度，直到小車緩慢沿木板做直線運(yùn)動(dòng)(3)平衡摩擦力后，實(shí)驗(yàn)中打出的其中一條紙帶如圖乙所示（兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)沒有畫出），由該紙帶可求得小車的加速度a=_m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）(4)在此實(shí)驗(yàn)中，由于沒有考慮m和M應(yīng)滿足的的關(guān)系，結(jié)果的圖象應(yīng)該是哪一幅？（ ）12、（10分）固定光滑細(xì)桿與地面成一定傾角，在桿上套有一個(gè)光滑小環(huán)，小環(huán)在沿桿方向的推力F作用下向上運(yùn)動(dòng)，推力F與小環(huán)速度v隨時(shí)間變化規(guī)律如圖所示，取重力加速度g10m/s2求：（1）小環(huán)的質(zhì)量m；（2）細(xì)桿與地面間的傾角a三、計(jì)算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題

8、，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，在水平地面上用繩子拉一個(gè)質(zhì)量為m=46kg的箱子，繩子與地面的夾角為37，拉力F=100N時(shí)箱子恰好勻速移動(dòng)。（g=10，sin37=0.6，cos37=0.8）試求 (1)箱子所受的摩擦力大?。?2)地面和箱子之間動(dòng)摩擦因數(shù)。14、（14分）有一水平傳送帶以v0=2.0 m/s的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，水平部分長(zhǎng)L=2.0 m，其右端與一傾角為37的光滑斜面平滑相連，斜面長(zhǎng)為0.4 m，一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊無(wú)初速度地放在傳送帶的最左端，已知物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2，g取10 m/s2，sin 370.6物塊從從傳送帶左端運(yùn)動(dòng)到右端所用的時(shí)

9、間t物塊能否到達(dá)斜面頂端？若能則說明理由，若不能則求出物塊上升的最大距離求物塊從出發(fā)到4.5 s末通過的路程15、（13分）如圖所示，質(zhì)點(diǎn)甲以v0=4m/s從A處向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)；質(zhì)點(diǎn)乙以同樣的初速度同時(shí)從B處做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a=1m/s2，經(jīng)過一段時(shí)間在C處追上甲，此時(shí)乙的速度vt=8m/s求：（1）乙追上甲經(jīng)過的時(shí)間t；（2）乙在B、C過程中的平均速度v；（3）B、A間的距離s參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一項(xiàng)符合題目要求，有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1、D【解析】位

10、移隨時(shí)間變化的規(guī)律根據(jù)題目中的表達(dá)式，應(yīng)用待定系數(shù)法可知解得加速度根據(jù)牛頓第二定律求解合外力ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。2、C【解析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力總是大小相等、方向相反，作用力的方向在同一直線上。馬拉車的力和車?yán)R的力是一對(duì)相互作用力，故總是大小相等，方向相反，與車所處的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，不管是馬拉車不動(dòng)或者車勻速前進(jìn)，還是加速或減速，馬拉車的力與車?yán)R的力都是大小相等的。故選C。3、D【解析】物體運(yùn)動(dòng)的加速度等于零時(shí)，物體可以做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度不為零，故A可能；根據(jù)加速度的定義式：可知，速度變化量大，若時(shí)間很長(zhǎng)，加速度可以很小，故B可能；速度方向與加速度方向無(wú)關(guān)，故C可

11、能；物體做直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向改變，則速度一定改變，故D不可能所以選D4、B【解析】A質(zhì)量、周期都是標(biāo)量，選項(xiàng)A錯(cuò)誤； B速度、加速度都是矢量，選項(xiàng)B正確；C路程是標(biāo)量，位移是矢量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤； D彈力是矢量、時(shí)間是標(biāo)量，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.5、C【解析】ABDkg、m、s都是國(guó)際單位制中的基本單位，故ABD錯(cuò)誤；CN是根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)出的單位，是導(dǎo)出單位，不是基本單位，故C正確。故選C。6、AD【解析】失重狀態(tài)：當(dāng)物體對(duì)接觸面的壓力小于物體的真實(shí)重力時(shí)，就說物體處于失重狀態(tài)，此時(shí)有向下的加速度；超重狀態(tài)：當(dāng)物體對(duì)接觸面的壓力大于物體的真實(shí)重力時(shí)，就說物體處于超重狀態(tài)，此時(shí)有向上的加速度人

12、下蹲過程分別有失重和超重兩個(gè)過程，先是加速下降失重，到達(dá)一個(gè)最大速度后再減速下降超重，起立也是如此【詳解】人下蹲動(dòng)作包含有失重和超重兩個(gè)過程，先是加速下降失重，到達(dá)一個(gè)最大速度后再減速下降超重，即先失重再超重；同理，起立動(dòng)作也包含兩個(gè)過程，先加速向上超重，后減速向上失重對(duì)應(yīng)圖象可知，該同學(xué)做了一次下蹲-起立的動(dòng)作，故B、C錯(cuò)誤，A、D正確故選AD【點(diǎn)睛】本題考查物理知識(shí)與生活的聯(lián)系，注意細(xì)致分析物理過程，仔細(xì)觀察速度的變化情況，與超失重的概念聯(lián)系起來加以識(shí)別7、BC【解析】A對(duì)小球受力分析，如圖：由幾何關(guān)系：，由牛頓第二定律：，加速度方向向左，故車向左加速或向右減速，A錯(cuò)誤；B對(duì)小物體受力分析

13、，受重力、支持力和彈簧彈力，合力等于彈簧彈力，根據(jù)牛頓第二定律物體受向左的彈力，所以彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，結(jié)合胡克定律可知，彈簧的伸長(zhǎng)量為：，B正確；C繩子對(duì)小球的拉力為，故繩子對(duì)車廂項(xiàng)部拉力大小為，C正確；D彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，兩端都是拉力，即彈簧對(duì)車廂的作用力為拉力，大小等于，D錯(cuò)誤；故選BC。8、ACD【解析】由，所以：，B錯(cuò)誤；在前4s內(nèi)根據(jù)位移公式：，得：，A正確；根據(jù)公式可得上升最大距離為，C正確；因?yàn)闆]有摩擦力，上滑和下滑所用時(shí)間相同，根據(jù)公式可得上滑所用時(shí)間為6s，所以總時(shí)間為12s，D正確考點(diǎn)：考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用9、BD【解析】A汽車對(duì)千斤頂?shù)膲毫?.0105N，根據(jù)

14、牛頓第三定律得千斤頂對(duì)汽車的支持力為1.0105N，但汽車的重力不一定等于1.0105 N，故A錯(cuò)誤；B將汽車對(duì)千斤頂?shù)膲毫分解沿兩臂的兩個(gè)分力F1和F2，根據(jù)對(duì)稱性可知，兩臂受到的壓力大小相等，由2F1cos=F可得所以此時(shí)兩臂受到的壓力大小均為1.0105N，故B正確；CD繼續(xù)搖動(dòng)把手，兩臂靠攏，夾角減小，由分析可知，F(xiàn)不變，當(dāng)減小時(shí)，cos增大，F(xiàn)1減小，故C錯(cuò)誤，D正確故選BD。10、CD【解析】小球剛接觸彈簧瞬間具有向下的速度，開始?jí)嚎s彈簧時(shí)，重力大于彈力，合力豎直向下，加速度方向豎直向下，與速度方向相同，小球做加速運(yùn)動(dòng)，故剛接觸彈簧瞬間小球的速度不是最大，故A錯(cuò)誤；當(dāng)小球所受的彈

15、力等于重力時(shí)，此時(shí)物體的加速度為零，速度達(dá)到最大；以后小球繼續(xù)下落壓縮彈簧時(shí)，小球所受的彈力大于重力，合力豎直向上，加速度豎直向上，與速度方向相反，小球開始做減速運(yùn)動(dòng)，最后停止從小球接觸彈簧到到達(dá)最低點(diǎn)，加速度方向先向下后向上，且加速度先減小后增大，小球的速度先增大后減小，故B錯(cuò)誤，CD正確二、實(shí)驗(yàn)題11、 .A .C .0.810 .C【解析】（1）研究加速度跟力和質(zhì)量的關(guān)系，采用控制變量法；（2）平衡摩擦力時(shí)應(yīng)取下砂桶，調(diào)整木板右端高度，輕推小車，小車能夠沿木板做勻速直線運(yùn)動(dòng)即可，實(shí)驗(yàn)過程中改變小車質(zhì)量時(shí)不需要重新平衡摩擦力；（3）根據(jù)逐差法，計(jì)算小車的加速度即可，注意有效數(shù)字；（4）應(yīng)用

16、牛頓第二定律分析實(shí)驗(yàn)誤差，然后答題；【詳解】（1）為了研究加速度跟力和質(zhì)量的關(guān)系，應(yīng)該采用的研究實(shí)驗(yàn)方法是控制變量法，故選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤；（2）平衡摩擦力時(shí)，取下砂桶，將紙帶連接在小車上并穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)線與木板平行，將木板不帶定滑輪的一端適當(dāng)墊高，輕推小車，使小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確，ABD錯(cuò)誤；（3）相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為：根據(jù)逐差法，小車的加速度為：；（4）隨著增大，小車質(zhì)量在減小，因此小車質(zhì)量不再滿足遠(yuǎn)大于砂和小砂桶的質(zhì)量，加速度不可能一直均勻增大，加速度的增大幅度將逐漸減小，最后趨近與定值g，故ABD錯(cuò)誤，C正確【點(diǎn)睛】考查

17、了控制變量法的內(nèi)容，知道實(shí)驗(yàn)原理，與操作注意事項(xiàng)，會(huì)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析分析為什么要平衡摩擦力和讓小車的質(zhì)量M遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小桶（及砝碼）的質(zhì)量m，若不滿足質(zhì)量之間的關(guān)系，圖像會(huì)發(fā)生彎曲12、（1）m1kg，（2）a30【解析】由圖得：0-2s內(nèi)環(huán)的加速度a=0.5m/s2前2s，環(huán)受到重力、支持力和拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有：2s后物體做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有： 由圖讀出F1=5.5N，F(xiàn)2=5N聯(lián)立兩式，代入數(shù)據(jù)可解得：m=1kg，sin=0.5，即=30三、計(jì)算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（

18、1）80N（2）0.2【解析】分析受力情況，作出力圖，由平衡條件求解水平地面對(duì)雪橇的支持力，由摩擦力公式f=N求解箱子與水平地面的動(dòng)摩擦因數(shù)?！驹斀狻拷猓海?）以箱子為研究對(duì)象，分析受力情況如圖：水平方向受力平衡：代入數(shù)據(jù)解得：（2）豎直方向受力平衡：代入數(shù)據(jù)解得：由可得：14、（1）1.5s（2）不能， m（3）5 m【解析】在傳送帶上，通過受力分析可得物塊會(huì)先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再比較加速階段位移與傳送帶的長(zhǎng)度，可判斷物塊會(huì)再做一段勻速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得時(shí)間；在斜面上，物塊往上做勻減速運(yùn)動(dòng)；由牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得沿斜面上升的最大距離，可判斷能否到達(dá)斜面頂端；分段求出物塊的位移，則總的路程可求解【詳解】物塊在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)由牛頓第二定律：mgma1解得加速度：加速時(shí)間加速位移：所以物塊在到達(dá)傳送帶右端前物塊已開始勻速運(yùn)動(dòng)，勻速時(shí)間物塊從傳送帶左端運(yùn)動(dòng)到右端所用的時(shí)間為：（2）物塊以速度v0滑上斜面后，由牛頓第二定律可得：解得：，方向沿斜面向下物體能夠上滑的最大距離為：所以物塊不能到達(dá)斜面的最高點(diǎn)物塊在斜面上往返一次的時(shí)間物塊再次回到傳送帶上速度仍為v0，方向向左再由牛頓第二定律可得mgma3解得，水平向右物體向左的最大位移：物塊向左減速過程和向右加速過程位移大小相等，時(shí)間因，故4.5 s末物塊恰好在斜面上的最高點(diǎn)速度