1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、如圖所示是研究自感實驗的實物電路，L1、L2是兩個規格相同的小燈泡，L為自感線圈，閉合開關S，調節滑動變阻器R，使兩個燈泡的亮度相同，然后斷開開關S，則() A閉合開關S，L1、L2都逐漸變亮B閉合開關S，L2立刻變亮，L1逐漸變亮C閉合開關S穩定后，L仍有自感電動勢D閉合開關S穩定后，斷開S，L沒有自感電動勢2、關于點電荷的說法正確的是：A點電荷的帶電量一定是1.6010-19CB實際存在的電荷都是點電荷C大的帶電體不能看成是點電荷D點電荷是理想化的物理模型3、下列關于傳感器的說法中正確的是( )A霍爾元件能夠把電學量轉換為磁學量B干簧管是一種能夠感知電場的傳感器C電子秤應用的

3、是光傳感器D電飯鍋通過溫度傳感器實現溫度的自動控制4、根據電場強度的定義式 ，在國際單位制中，電場強度的單位是AN/CBN/JCJ/CDC/N5、將帶電棒移近兩個不帶電的導體球，兩個導體球開始時互相接觸且對地絕緣，下列幾種方法中能使兩球都帶電的是（）A先把兩球分開，再移走棒B先把兩球分開，再移走棒后讓兩球接觸C先移走棒，再把兩球分開D棒移走，兩導體球不分開6、根據電場線的模擬實驗，描繪出了一個正電荷的電場線分布圖，如圖所示設該電場中a、b兩點的電場強度的大小分別為Ea、Eb，則Ea和Eb的關系為AEaEbBEaEbCEaEbD無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題

4、給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、手電筒中的干電池的電動勢為1.5V，用它給某小燈泡供電時，電流為0.3A，在某次接通開關的10s時間內，下列說法正確的是（）A干電池把化學能轉化為電能的本領比電動勢為2V的蓄電池強B干電池在10s內將4.5J的化學能轉化為電能C電路中每通過1C的電量，電源把1.5J的化學能轉化為電能D該干電池外接電阻越大，輸出功率越大8、如圖所示，MON是固定的光滑絕緣直角桿，MO沿水平方向，NO沿豎直方向，A、B為兩個套在此桿上的帶有同種正電荷的小球，用一指向豎直桿的水平力F作用在A球上，使兩球均處于靜止

5、狀態現將A球向豎直桿NO方向緩慢移動一小段距離后，A、B兩小球可以重新平衡，則后一種平衡狀態與前一種平衡狀態相比較，下列說法正確的是（）AA、B兩小球間的庫侖力變大BA、B兩小球間的庫侖力變小CA球對MO桿的壓力不變DA球對MO桿的壓力變小9、某同學將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內部的發熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標上，如圖中的a、b、c所示，根據圖線可知（ ）A反映Pr變化的圖線是cB電源電動勢為4VC電源內阻為4D當電流為0.5A時，外電路的電阻為610、如圖所示，有一個由電池、電阻和電容器組成的電路，當把電容器的兩塊極板錯開一定位置時，在錯開的過程中 ( )A電

6、容器C的電容減小B電容器C的電量不變C電阻R上有方向向左的電流D電阻R上有方向向右的電流三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）有一小燈泡上標有“6V，0.1A”的字樣，現要測量燈泡的伏安特性曲線，有下列器材供選用：A電壓表（05V，內阻2.0 k） B電壓表（010V，內阻3.0 k）C電流表（00.3A，內阻3.0） D電流表（06A，內阻1.5）E.滑動變阻器（30，2A） F.學生電源（直流9V）及開關、導線等(1)根據小燈泡的規格，電流表應選擇_，電壓表應選擇_（填序號）。(2)滑動變阻器應該采用_（A限流法；B分壓法）；電

7、路應采用電流表的_（A內接法；B外接法）。(3)加上的電壓由零逐漸增大，在此過程中，電壓（U）和電流（I）的關系可用圖線表示，題中給出的四個圖線中，肯定符合實際的是_。 12（12分）有一未知電阻R（R不隨溫度變化），為較準確地測出其阻值，先后用電流表內外接電路進行測試，利用電流表外接法測得的數據為“2.7V，5.0mA”，利用電流表內接法測得的數據為“2.8V，4.0mA”，那么，該電阻測得值較準確的數值為_，它比真實值_（填“偏大”、“相等”或“偏小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，離子

8、發生器發射一束質量為m、電荷量為q的離子，從靜止經PQ兩板間的加速電壓加速后，以初速度v0從a點沿ab方向進入一勻強電場區域，abcd所圍成的正方形是該勻強電場的邊界，已知ab長為L，勻強電場的方向與ad邊平行且由a指向d（1）求加速電壓U0；（2）若離子恰從c點飛離電場，求a、c兩點間的電勢差Uac；（3）若離子從abcd邊界上某點飛出時的動能為mv02，求此時勻強電場的場強大小E14（16分）如圖所示的電路中，電源電動勢E10 V，內阻r0.5 ，電動機的電阻R01.0 ，電阻R11.5 ，電壓表的示數U13.0 V，電動機正常工作。求此時：（1）通過電動機的電流；（2）電動機兩端的電壓；

9、（3）電動機消耗的電功率；（4）電動機損耗的熱功率。15（12分）如圖所示，在、兩個區域內存在磁感應強度大小均為B的勻強磁場，磁場方向分別垂直于紙面向外和向里，AD、AC邊界的夾角DAC30，邊界AC與邊界MN平行，區域寬度為d，長度無限大。質量為m、電荷量為+q的粒子可在邊界AD上的不同點射入，入射速度垂直于AD且垂直于磁場，若入射速度大小為，不計粒子重力，區磁場右邊界距A點無限遠。求：（1）從距A點d處的E射入的粒子在磁場區域內運動的時間；（2）粒子在磁場區域內運動的最短時間；（3）從MN邊界出射粒子的區域長度。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個

10、選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】閉合電鍵S，自感線圈產生自感電動勢，阻礙通過L1的電流增大，燈L1逐漸變亮，閉合開關，通過L2的電流立即穩定，L2立刻變亮，故A錯誤，B正確；閉合電鍵S穩定后，流過線圈的電流不變，線圈L沒有自感電動勢，故C錯誤；閉合電鍵S穩定后，打開S，穿過線圈L的電流發生變化，L產生自感電動勢，故D錯誤故選B2、D【解析】帶電體看作點電荷的條件，當一個帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，是由研究問題的性質決定，與自身大小形狀無具體關系。【詳解】A項：點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點，元電荷是電量的最小值，點電荷的值可

11、以等于元電荷，也可以是元電荷的整數倍，即點電荷的電荷量可多可少，故A錯誤；B項：在研究帶電體間的相互作用時，若帶電體的尺寸遠小于它們之間的距離時，才可把帶電體看成點電荷，并不是所有電荷都可以看成點電荷，故B錯誤；C項：大的帶電體，在間距更大的情況下，可以看成是點電荷，故C錯誤；D項：點電荷是理想化的物理模型，故D正確。故應選：D。【點睛】點電荷是一種理想模型，知道物體是否可以簡化為點電荷，關鍵是看物體的尺度在所研究的問題中是否可以忽略不計。3、D【解析】霍爾元件能夠把磁學量轉換為電學量故A錯誤干簧管是一種能夠感知磁場的傳感器故B錯誤電子稱應用的是壓力傳感器故C錯誤電飯鍋通過溫度傳感器實現溫度的

12、自動控制故D正確故選D4、A【解析】在國際單位制中，電場強度的單位是N/C，故選A.5、A【解析】AB帶電導體球與兩個球不接觸，本身電量不會轉移到兩導體球上，所以根據靜電平衡，兩球的兩側帶有等量的異種電荷，分開兩球再移走棒，兩球帶有等量的異種電荷；若從新將兩球接觸，那么兩球電荷中和，兩球均不帶電，故A正確，B錯誤；CD若先移走棒則感應出來的電荷又會回到各自的導體上，不管兩球是否分開，兩個小球不會帶電，故CD錯誤。故選A。6、C【解析】電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向，沿著電場線方向電勢是降低的，據此可正確解答【詳解】由電場線的疏密可知，a點的電場線比b點的

13、電場線更密，所以EbEa；故C正確【點睛】電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布，明確電場線分布與電場強度以及電勢之間的關系二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】試題分析：由于電動勢是將其它形式的能轉化為電能的本領，而干電池的電動勢是1.5V，故它把化學能轉化為電能的本領比電動勢為2V的蓄電池弱，選項A錯誤；干電池在10s內化學能轉化為電能的大小是W=UIt=1.5V0.3A10s=4.5J，選項B正確；電路中每通過1C的電量，電源的化學能轉化為電能的大

14、小是W=UQ=1.5V1C=15J，故選項C正確；當該電池外接的電阻與電池的內阻大小相等時，電池的輸出功率才最大，所以并不是說干電池外接電阻越大，輸出功率越大，選項D錯誤考點：恒定電流【名師點晴】該題考查了電動勢的概念，電池做功，電池的輸出功率等知識，屬于基本概念和基礎知識的考查，其中電動勢的概念容易出錯，電池的輸出功率容易出錯，電池的外接電阻越大，基實是路端電壓越大，但路端電壓越大，其輸出電功率并不一定大，因為還有電流的限制8、BC【解析】對A球受力分析,受重力mg、拉力F、支持力,靜電力,如圖,根據平衡條件,有x方向: y方向: 再對B球受力分析,受重力Mg、靜電力、桿對其向左的支持力,如

15、圖,根據平衡條件,有x方向: y方向: 有上述四式得到 由式,因為新位置兩球連線與豎直方向夾角變小,故靜電力變小,故A錯誤,B正確;由式,水平桿對球A的支持力等于兩個球的重力之和,不變,再結合牛頓第三定律可以知道,球A對水平桿的壓力不變,故C正確,D錯誤;9、ABD【解析】A. 根據直流電源的總功率PE=EI內部的發熱功率Pr=I2r輸出功率PR=EI-I2r可知反映Pr變化的圖線是c，反映PE變化的是圖線a，反映PR變化的是圖線b，故A正確。B. 圖線a的斜率等于電源的電動勢，由得到故B正確。C. 由圖，當I=2A時，Pr=8W，由公式Pr=I2r得r=2故C錯誤。D. 當電流為0.5A時，

16、由圖讀出電源的功率PE=2W，由代入得到，R=6故D正確。10、AD【解析】當把電容器的兩塊極板錯開過程中兩極板正對面積減小，根據電容的決定式分析得知，電容C減小，電容與電源相連，兩極板間電壓U不變，則電容器所帶電量減小，電容器放電，由于電容器上板帶正電，下板帶負電，則電阻R中有向右的電流，AD正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C B B B C 【解析】（1）12為了保證實驗安全和準確， 電表量程應略大于額定值，燈泡額定電壓為6V，電壓表應選B ，燈泡額定電流為0.1A，電流表應選C 。（2）3因要求電流從零調節，故滑動變阻器應

17、用分壓式接法。4因小燈泡電阻遠小于電壓表內阻，故電流表應用外接法。（3）5燈泡上的電壓U由零逐漸增大時，燈泡的溫度不斷升高，電阻增大，由歐姆定律得到等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數，電阻一直增大，斜率一直減小，故ABD錯誤，C正確。故選C。12、700 偏大 【解析】兩次測量電壓表示數變化率大小UU2.8-2.72.7127，電流表示數變化率大小II5.0-4.05.0=15；則UUII，可見電流表示數變化顯著，說明電壓分流作用顯著，采用電流表內接法誤差較小。測量值Rx=UI2.8410-3=700，真實值R真=Rx-RA，故測量值比真實值偏大。【點睛】實驗誤差要從實驗原理進行分析本實驗原

18、理是伏安法，a圖中由于電流表的分壓，使測量值大于真實值b圖中由于電壓表的分流，使測量值小于真實值四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）mv022q（2）2mv02q（3）mv02qL【解析】(1)對直線加速過程，根據動能定理，有：qU0=12mv02解得:U0=mv022q(2)設此時場強大小為E，則:ab方向，有L=v0tad方向，有:L=12at2=qE2mt2Uac= EL =2mv02q（3）根據Ek=mv02可知，離子射出電場時的速度v=2v0，方向與ab所在直線的夾角為45，即vx=vy，根據x=vxt，y=vy2t，可得x=2y，則離子將從bc邊上的中點飛出，即y=L2根據動能定理，有：Eqy=mv02-12mv02解得E=mv02qL14、（1）2A （2）6V （3）12 W （4）4W【解析】（1）通過電動機的電流 （2）電動機兩端的電壓: （3）電動機消耗的電功率:（4）電動機損耗的熱功率:15、（1）（2）（3）【解析】(1)粒子做勻速圓周運動，根據向心力公式，有其中：解得r=d；畫出粒子恰好不進入II區的臨界軌跡，