1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某一物體在某行星表面所受重力是在地球表面時的16倍，在地球上走得很準的擺鐘搬到該行星上，分針走一圈所用時間實際

2、是A15minB30minC3hD4h2、物理學的發展豐富了人類對物質世界的認識，推動了科學技術的創新和革命，促進了物質生產的繁榮與人類文明的進步，下列說法中錯誤的是A1820年，奧斯特發現了電流的磁效應B庫倫發現了電磁感應現象C安培提出了分子電流假說D麥克斯韋最終建立了經典電磁場理論3、有兩個定值電阻R1和R2,它們的I-U圖線如右圖所示，由圖可知（ ）A B C D4、如圖所示的電路中，輸出電壓U恒為12V，燈泡L上標有“6V/12W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.50若燈泡恰能正常發光，下列說法中正確的是（ ）A電動機的熱功率2.0W B電動機的輸入功率14WC電動機的輸出功率12W

3、D整個電路消耗的電功率22W5、電容器C1、C2和可變電阻器R1、R2以及電源連接成如圖所示的電路當R1的滑動觸頭在圖示位置時，C1、C2的電量相等要使C1的電量大于C2的電量，應A增大R2B減小R2C將R1的滑動觸頭向A端移動D將R1的滑動觸頭向B端移動6、如圖所示,其中正確反映兩根大頭針被條形磁鐵吸起時的真實情況的是()A圖甲 B圖乙 C圖丙 D都不正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，表示磁場對直線電流的作用，其中不正確的是（ ）ABCD8、一個質量

4、為2kg的物體，放在光滑水平面上，受到兩個水平方向的大小為5N和7N的共點力作用，則物體的加速度可能是（ ）A1m/s2B4/s2C7m/s2D10m/s29、帶電的平行板電容器與靜電計的連接如圖所示，要使靜電計的指針偏角變小，可采用的方法有( )A增大兩極板間的距離B用手觸摸極板 BC在兩板間插入電介質D將極板 B 向上適當移動10、一種新型發電機叫磁流體發電機，它的發電原理是：將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負電的微粒，而從整體來說呈中性）沿圖中所示方向高速噴射入磁場，磁場中有兩塊金屬板A、B，這時金屬板上就聚集了電荷已知等離子體噴入速度為v，A、B間磁感應強度為B，

5、A、B間距為d。在磁極配置如圖中所示的情況下，下述說法正確的是 AA板帶正電BB板帶正電C金屬板A、B間只存在磁場D該磁流體發電機的電動勢為vBd三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）小芳所在小組的同學們準備測量一個量程為3V、內阻約為3k的電壓表V1的內阻值R1，在實驗室找到了下列器材:A電源E：電動勢約為9V；B電流表A：量程為0.6A，內阻約0.6；C電壓表V2：量程為6V，內阻R2=6k；D滑動變阻器R，最大阻值為100；E單刀單擲開關及導線若干. 同學們先設計了甲乙兩個實驗電路圖，兩個電路滑動變阻器均選擇了分壓連接方式，理

6、由是: ；經過討論后最終選擇了乙電路，不選擇甲電路的理由是 ；同學們連好了電路如圖丙，閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片滑到 （選填a或b）端；閉合開關，調節滑動變阻器，發現電壓表的讀數幾乎不變化，可能是 （選填導線編號）斷了；排除故障后，讀得電壓表V1、V2讀數分別為U1、U2，電壓表V1的內阻為： .12（12分）在探究兩電荷間相互作用力的大小與哪些因素有關的實驗中，一同學猜想可能與兩電荷的間距和帶電量有關。他選用帶正電的小球A和B，A球放在可移動的絕緣座上，B球用絕緣絲線懸掛于玻璃棒C點，如圖所示。實驗時，先保持兩球電荷量不變，使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角

7、越大；再保持兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大。實驗表明：兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的_而增大，隨其所帶電荷量的_而增大（填“增大”或“減小”）。此同學在探究中應用的科學方法是_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，電場中某一條電場線為一直線，線上有A、B、C三個點正電荷q1+10-8C從B點移到A點時克服電場力做了10-7 J的功；負電荷q2-10-8C，在C點的電勢能比在B點時大10-7 J（1）判斷電場線的方向；（2）求出A、B兩點間的電勢差和B、

8、C兩點間的電勢差；（3）若設B點的電勢為零，求電荷q2在A點的電勢能14（16分）游樂場過山車的運動情況可以抽象為如圖所示的模型：弧形軌道AB的下端B點與半徑為R的豎直圓軌道平滑連接，質量為m的小球從弧形軌道上離水平地面高度為h的A點由靜止開始滾下，小球進入豎直圓軌道后順利通過圓軌道最高點C，不考慮摩擦等阻力，重力加速度為g求：（1）小球位于A點時的重力勢能（以水平地面為參考平面）；（2）小球從A點運動到C點的過程中，重力所做的功；（3）小球經過C點時的速度大小15（12分）兩個平行金屬板、如圖乙所示放置，,兩板電勢差時間做周期性變化，大小總保持為，周期為，如圖甲所示，極板附近有一個粒子源，可

9、以釋放初速度為零、質量為，帶電荷量為的粒子，由于電場力的作用由靜止開始運動不計粒子的重力（1）若在時發出的電子在時恰好到達極板，求兩極板間距離（2）若已知兩極板間距離為，在時發出的粒子不能到達極板，求此時發出的粒子距板的最大距離參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】根據在星球表面萬有引力等于重力可知：某行星表面受到的萬有引力是它在地球表面受到的萬有引力的16倍，質量不變，所以該星球的重力加速度g=16g；根據單擺的周期公式T=2可知，該星球上單擺的周期是地球上周期的，所以此鐘的分針走一整圈所經歷的時間實際上

10、是地球上分針走一圈的，即為h=15min；故選A.2、B【解析】A1820年，奧斯特發現了電流的磁效應，選項A正確，不符合題意；B法拉第發現了電磁感應現象，選項B錯誤，符合題意；C安培提出了分子電流假說，選項C正確，不符合題意；D麥克斯韋最終建立了經典電磁場理論，選項D正確，不符合題意。3、C【解析】I-U圖象中，圖象的斜率表示電阻的倒數；所以，故C正確；故選C4、A【解析】電動機兩端的電壓U1=U-UL=12-6V=6V，整個電路中的電流I=PLUL=2A，所以電動機的輸入功率P=U1I=62W=12W。電動機的熱功率P熱=I2RM=40.5W=2W，則電動機的輸出功率P2=P-I2RM=1

11、2-2W=10W故A正確，B C錯誤。整個電路消耗的功率P總=UI=122W=24W故D錯誤。故選A。5、D【解析】由題意，當變阻器R1的滑動觸頭在圖示位置時，C1、C2的電量相等，則，要使C1的電量大于C2的電量，根據Q=CU，可知，C1的電壓占R1兩端的總電壓的比例應增大，根據閉合電路分析，則有當將R1的滑動觸頭向B端移動時，C1的電壓占R1兩端的總電壓的比例將增大，而R2電阻的增大或減小，都不會導致C1的電壓占R1兩端的總電壓的比例增大，故D正確，ABC錯誤；故選D.點睛：電路穩定后，電容器的電壓等于與之并聯電阻兩端的電壓，而電阻R2、R1串聯，根據電容器電量的變化，結合歐姆定律分析，即

12、可求解6、C【解析】由圖可知：大頭針吸在磁鐵上，大頭針會在磁鐵磁場的作用下被磁化，從而獲得了磁性靠近磁鐵的一端大頭針的極性相同，遠離的一端極性也相同，由于同名磁極互相排斥，所以情況如圖丙所示故選C點睛：此題考查的是磁性材料被磁化后磁極的分布特點及磁極間的作用規律磁性材料被磁化后，磁性的分布情況是近端產生異名磁極，遠端產生同名磁極磁極間的作用規律是同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A、伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線

13、向上穿過手心，則手心朝左，四指指向電流方向：向里，拇指指向安培力方向：向下，根據左手定則判斷可知是錯誤的，故A錯誤；B、由于電流與磁場平行，故導線不受到安培力的作用，故選項B錯誤；C、伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向左穿過手心，則手心朝右，四指指向電流方向：向外，拇指指向安培力方向：向下，根據左手定則判斷可知是正確的，故C正確；D、伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向外穿過手心，則手心朝里，四指指向電流方向：向右，拇指指向安培力方向：向下，根據左手定則判斷可知是錯誤的，故D錯誤點睛：通電直導線在磁場中受到的安培力方向利用左手定則判斷，對于左手定則的應用，要搞清兩點：一是什么時候用；

14、二是怎樣用8、AB【解析】試題分析：兩個水平方向的大小為5N和7N的共點力作用,合力的范圍為,再由牛頓第二定律知加速度的范圍為:,AB對考點： 力的合成、牛頓第二定律9、ABC【解析】根據電容的決定式C=，分析電容的變化，再由電容的定義式分析板間電壓的變化，確定靜電計指針張角的變化【詳解】A、減小兩極板間的距離，則d減小，則由決定式可得是容器的電容增大；則由Q=UC可知，電勢差減小，故A正確；B、由于B板接地，用手觸摸A時，故對電量有影響，電勢差減小，故B正確；C、在兩板間插入電介質時，介電常數增大，則C增大，由由Q=UC可知，電勢差減小，故C正確；D、將極板B向上運動時，正對面積減小，則C減

15、小，由定義式可知，電勢差增大，故D錯誤；故選ABC【點睛】本題考查電容器的動態分析問題，要明確夾角大小表示電勢差的大小10、BD【解析】由題意可知考查帶電粒子在磁場中的偏轉問題，根據左手定則、受力動態平衡條件分析可得。【詳解】A B由左手定則可知，正粒子受到向下的洛倫茲力，偏轉打在B板上，負粒子受到向上的洛倫茲力偏轉打在B板上，所以A板帶負電，B板帶正電，故A錯誤，B正確；C金屬板A、B間除存在磁場處，還存在電場；故C錯誤；D帶電粒子受到磁場力和電場力平衡，所以磁流體發電機的電動勢為，故D正確。【點睛】磁流體發電機的工作原理：正負帶電粒子在磁場中偏轉，達到穩定后，電場力和洛倫茲力大小相等，根據

16、平衡條件列式可求出電動勢三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、電壓表內阻遠大于滑動變阻器電阻，限流接法電壓范圍小；電流表量程太大;a ; 1; 【解析】試題分析：電壓表內阻遠大于滑動變阻器電阻，若用限流接法電壓范圍小，測量數據少，讀數不方便.流過電壓表V1的最大電流，而電流表A的量程為0.6A，量程太大，示數幾乎為零閉合開關前，應使電路的阻值最大以保護電表和用電器，滑片滑到a端時電壓表V1短路，滑動變阻器的阻值全部接入電路閉合開關，調節滑動變阻器，發現電壓表的讀數幾乎不變化，說明電路電阻變化小，但電壓表所在支路還是通路，則是滑動變阻器分壓

17、式變成了限流式，導線1斷了.電壓表V2流過的電流，兩電壓表串聯電流相同，則.考點：本題考查了伏安法測電阻、電路的選擇和連接、電路故障判斷、歐姆定律.12、減小 增大 控制變量法 【解析】123對小球B進行受力分析，可以得到小球受到的電場力即B球懸線的偏角越大，電場力也越大；所以使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大，說明了兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的減小而增大；兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大，說明了兩電荷之間的相互作用力，隨其所帶電荷量的增大而增大。先保持兩球電荷量不變，使A球從遠處逐漸向B球靠近。這是只改變它們之間的距離；再保持兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量。這是只改變電量所以采用的方法是控制變量法。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）場強方向從A到C；（2）10V，10V；（3