1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一條水平放置的細水管，橫截面積，距地面高水從管口以不變的速度源源不斷地沿水平方向射出，水落地的位置到管口

2、的水平距離約為假設管口橫截面上各處水的速度都相同，則每秒內從管口射出的水的體積約為A400mLB500mLC600mLD700mL2、太極球是近年來在廣大市民中較流行的一種健身器材做該項運動時，健身者半馬步站立，手持太極球拍，拍上放一橡膠太極球，健身者舞動球拍時，球卻不會掉落地上現將太極球簡化成如圖所示的平板和小球，熟練的健身者讓球在豎直面內始終不脫離板而做勻速圓周運動，且在運動到圖中的A、B、C、D位置時球與板間無相對運動趨勢A為圓周的最高點，C為最低點，B、D與圓心O等高且在B、D處板與水平面夾角為設球的質量為m，圓周的半徑為R，重力加速度為g，不計拍的重力，若運動過程到最高點時拍與小球之

3、間作用力恰為mg，則A圓周運動的周期為：B圓周運動的周期為：C在B、D處球拍對球的作用力為D在B、D處球拍對球的作用力為3、如圖所示，固定在豎直面內的光滑圓環半徑為R，圓環上套有質量分別為m和2m的小球A、B(均可看做質點)，且小球A、B用一長為2R的輕質細桿相連，在小球B從最高點由靜止開始沿圓環下滑至最低點的過程中(重力加速度為g)，下列說法正確的是( )AA球增加的機械能等于B球減少的機械能BA球增加的重力勢能等于B球減少的重力勢能CA球的最大速度為D細桿對A做的功為mgR4、發射地球同步衛星時，先將衛星發射至近地圓軌道1，然后經點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火，將衛星送入同步圓軌

4、道1軌道1、2相切于Q點，軌道2、1相切于P點，則A衛星在軌道1上的速率大于在軌道1上的速率B衛星在軌道1上的角速度等于在軌道1上的角速度C衛星在軌道1上經過Q點時的速率小于它在軌道2上經過Q點時的速率D衛星在軌道2上經過P點時的加速度大于它在軌道1上經過P點時的加速度5、如圖是“神舟十號”飛船返回艙成功返回地面時的情景。返回艙返回時,先靠降落傘減速,豎直落地前還靠反沖火箭使其速度進一步降低。假設返回艙速度是,反沖火箭工作0.3s后,速度降為,在這個過程中,返回艙中的航天員()A處于超重狀態,對座椅的平均壓力約是自身體重的3倍B處于失重狀態,對座椅的平均壓力約是自身體重的C處于超重狀態,對座椅

5、的平均壓力約是自身體重的2倍D處于失重狀態,對座椅的平均壓力約是自身體重的6、兩根材料相同的均勻導線x和y串聯在電路中，兩導線沿長度方向的電勢變化情況分別如圖中的ab段和bc段圖線所示，則導線x和y的橫截面積之比為（ ）A21B12C61D16二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、我國北斗導航衛星系統定位精度達10米，測速精度0.2米/秒，授時精度10納秒，中國計劃于2019年發射10顆北斗衛星，若某衛星發射后在距地球表面高度為h的軌道上繞地球做勻速圓周運動，其運行的周

6、期為T。若以R表示地球的半徑，忽略地球自轉及地球對衛星的影響，根據這些信息，可以求出（ ）A該衛星繞地球做勻速圓周運動時的線速度大小為B地球表面的重力加速度大小為C在地球上發射衛星的最小發射速度為D地球的平均密度為8、一定質量的理想氣體，在某一平衡狀態下的壓強、體積和溫度分別為P1、V1、T1，在另一平衡狀態下的壓強、體積和溫度分別為P2、V2、T2，下列關系正確的是AP1P2，V12V2，T12T2BP1P2，V1V2，T1=2T2CP12P2，V12V2，T12T2DT1=T2 ，P12P2，9、如圖所示，在水平地面上有一處于自然長度、勁度系數為k的輕彈簧一端固定在墻上，另一端處于位置A處

7、。現有一質量為m的物塊(可視為質點)從A點左側3x處以某一初速度向右運動后壓縮彈簧，當物塊運動到A點右側x處時速度變為零，隨即被彈回并最終停在A點左側距離A點x處，物塊與水平地面間的動摩擦因數為，重力加速度為g，彈簧始終處于彈性限度內，則A物塊的初速度大小為B物塊被反彈回來的過程中先做勻加速運動，后做勻減速運動C物塊向右運動壓縮彈簧到最短的過程中，克服彈簧彈力做的功為2mgxD物塊被彈回后向左運動至速度最大的過程中，克服摩擦阻力做功為mgx10、如圖所示，水平放置的平行板電容器與直流電源連接，下極板接地一帶電質點恰好靜止于電容器中的P點現將平行板電容器的下極板向上移動一小段距離，則（ ）A電容

8、器的電容將減小，極板帶電荷量將增大B帶電質點將沿豎直方向向上運動CP點的電勢將降低D若將質點固定，則其電勢能將減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了探究合力做功與物體動能變化的關系，某實驗小組設計了如下實驗方案：木板左端固定著一個擋板，一根輕質彈簧左端可以拴在擋板上，右端可以拴住一個滑塊，滑塊右端拴著一根細線，細線跨過木板右端的定滑輪，拴著一個重錘，重錘右側有一個遮光片，當彈簧的長度為原長時，遮光片恰好處于光電門A處，光電門A和B分別連接計時器（圖中未畫出）已知彈性勢能的表達式為Epk（x）2，忽略滑輪摩擦及空氣阻力實驗步驟

9、如下：（1）簡述平衡摩擦力的方法：_（2）在擋板和滑塊間連接好彈簧，保持木板傾角不變，將彈簧分別拉長x、2x、3x、4x、后，從靜止釋放滑塊，分別記下遮光片通過光電門A的時間t1、t2、t3、t4、若將前3次實驗中彈簧對小物塊做的功分別記為W1、W2、W3，則W1W2W3_；（3）若以W為縱坐標、為橫坐標作圖，則得到的圖象近似是_（填“一條直線”或“一條曲線”）（4）實驗中，_（填“必須”或“可以不”）測量遮光片的寬度_（填“必須”或“可以不”）測量滑塊和重錘的質量12（12分）為了驗證碰撞中動量守恒和檢驗兩個小球的碰撞是否為彈性碰撞(碰撞過程中沒有機械能損失)，某同學選取了兩個體積相同、質量

10、不相等的小球，按下述步驟做了如下實驗:(1)用天平測出兩個小球的質量(分別為m1和m2，且m1m2)(2)按照如圖所示的那樣，安裝好實驗裝置將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端點的切線水平將一斜面BC連接在斜槽末端(3)先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，記下小球在斜面上的落點位置(4)將小球m2放在斜槽前端邊緣處，讓小球m1從斜槽頂端A處滾下，使它們發生碰撞，記下小球m1和小球m2在斜面上的落點位置(5)用毫米刻度尺量出各個落點位置到斜槽末端點B的距離圖中D、E、F點是該同學記下的小球在斜面上的幾個落點位置，到B點距離分別為L0、L1、L2根據該同學的實驗，回答下列問題：(1

11、)小球m1與m2發生碰撞后，m1的落點是圖中的_點，m2的落點是圖中的_點(2)用測得的物理量來表示，只要滿足關系式_，則說明碰撞中動量是守恒的(3)用測得的物理量來表示，只要再滿足關系式_，則說明兩小球的碰撞是彈性碰撞四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，斜面ABC下端與光滑的圓弧軌道CDE相切于C，整個裝置豎直固定，D是最低點，圓心角DOC=37，E、B與圓心O等高，圓弧軌道半徑R=0.30m，斜面長L=1.90m，AB部分光滑，BC部分粗糙。現有一個質量m=0.10kg的小物塊P從斜面上端A點

12、無初速下滑，物塊P與斜面BC部分之間的動摩擦因數=0.75。取sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2，忽略空氣阻力.求：（1）物塊通過B點時的速度大小vB；（2）物塊第一次通過C點時的速度大小vC；（3）物塊第一次通過D點后能上升的最大高度；14（16分）如圖所示，在光滑的水平面上有一足夠長的質量為M=4kg的長木板，在長木板右端有一質量為m=1kg的小物塊，長木板與小物塊間動摩擦因數為 =0.2，長木板與小物塊均靜止現用F=14N的水平恒力向右拉長木板，經時間t=1s撤去水平恒力F（1）在F的作用下，長木板的加速度為多大？（2）剛撤去F時，小物塊離長木板右端多遠？

13、（3）最終長木板與小物塊一同以多大的速度勻速運動？（4）最終小物塊離長木板右端多遠？15（12分）如圖所示，在傾角30的光滑斜面上有兩個用輕質彈簧相連接的物塊A、B，它們的質量均為m，彈簧的勁度系數為k，C為一固定擋板，系統處于靜止狀態現開始用一沿斜面方向的力F拉物塊A使之向上勻加速運動，當物塊B剛要離開C時F的大小恰為2mg問：(1)從F開始作用到物塊B剛要離開C的過程中彈簧彈力對物塊A做的功；(2)物塊B剛要離開C時物塊A的動能；(3)從F開始作用到物塊B剛要離開C的過程中力F做的功參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求

14、的。1、A【解析】根據，可得：則水平拋運動的初速度為：流量為：A400mL故A符合題意 B500mL故B不符合題意 C600mL故C不符合題意 D700mL故D不符合題意2、C【解析】在最高點，根據牛頓第二定律得：，解得：，則圓周運動的周期為：，故AB錯誤；球做勻速圓周運動，在B、D處，根據合外力提供向心力結合幾何關系得：，解得：，故C正確，D錯誤【點睛】在最高點，根據牛頓第二定律列式求解小球做勻速圓周運動的速度，再根據周期和線速度關系求解周期，球做勻速圓周運動，在B、D處，根據合外力提供向心力結合幾何關系求解球拍對球的作用力；本題考查了牛頓第二定律的應用，重點要對物體的受力做出正確的分析，列

15、式即可解決此類問題，注意球做勻速圓周運動，合外力提供向心力3、A【解析】AB球運動到最低點，A球運動到最高點，兩球系統機械能守恒，故A球增加的機械能等于B球減少的機械能，A正確；BA球重力勢能增加，B球重力勢能減少，故B錯誤；C兩球系統機械能守恒，當B球運動到最低點時速度最大，有解得故C錯誤；D除重力外其余力做的功等于機械能的增加量，故細桿對A球做的功等于A球動能的增加量，有選項D錯誤。4、C【解析】A、衛星繞地球做勻速圓周運動時，由萬有引力提供向心力得：GMmr2=mv2r，得v=GMr ，可知衛星的軌道半徑越大，速率越小，所以衛星在軌道1上的速率小于在軌道1上的速率A錯誤；B、由萬有引力提

16、供向心力得：GMmr2=m2r，得=GMr3，則軌道半徑大的角速度小，所以衛星在軌道1上的角速度小于在軌道1上的角速度，B錯誤；C、從軌道1到軌道2，衛星在Q點是做逐漸遠離圓心的運動，要實現這個運動必須使衛星加速，使其所需向心力大于萬有引力，所以衛星在軌道1上經過Q點時的速率小于它在軌道2上經過Q點時的速率C正確；D、衛星運行時只受萬有引力，由GMmr2=maa 得：加速度a=GMr2，則知在同一地點，衛星的加速度相等，D錯誤；故選C。5、A【解析】返回艙向下減速，加速度向上，航天員處于超重狀態設反沖火箭工作時返回艙的加速度大小為a，則；以人為研究對象，根據牛頓第二定律得： ，得到座椅對人支持

17、力，由牛頓第三定律得知人對座椅的壓力為航天員自身重力的3倍，選A.【點睛】回艙向下減速，加速度向上，處于超重狀態根據速度與時間關系式求出加速度大小，再以人為研究對象根據牛頓第二定律求出座椅對人支持力，由牛頓第三定律求解人對座椅的壓力6、B【解析】試題分析：ab段和bc段的電勢差分別為2V，4V，電流相等，根據歐姆定律得：根據電阻定律得，則，則橫截面積之比：故選B考點：電阻定律; 歐姆定律【名師點睛】本題考查了歐姆定律、電阻定律以及串并聯電路的特點，要能從給定的圖線中獲取兩電阻兩端電壓的大小，根據歐姆定律求解電阻；難度不大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項

18、中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A根據線速度與周期的關系可知A錯誤；B根據萬有引力提供向心力可得解得衛星在地球的表面有聯立可得B正確；C在地球上發射衛星的最小發射速度為，則有解得C錯誤；D地球的平均密度為D正確。故選BD。8、AD【解析】由題意可知考查理想氣體狀態方程的應用，根據理想氣體狀態方程計算可得。【詳解】由理想氣體狀態方程可知，當p1p2，體積和熱力學溫度成反比，V12V2，T12T2故A正確；B由A分析可知當p1p2，V1V2，T1=T2，故B錯誤。C由理想氣體狀態方程可知，當p12p2，V12V2，T14T2，故

19、C錯誤。D由理想氣體狀態方程可知，當T1=T2 ，p12p2，故D正確。【點睛】一定質量的理想氣體滿足理想氣體狀態方程，根據公式計算可得。9、AC【解析】A對物塊運動的整個過程，根據動能定理得 可得物塊的初速度大小為故A正確。B物塊被反彈回來的過程中，彈簧的彈力先大于滑動摩擦力，后小于滑動摩擦力，則物塊先向左做加速運動，后向左做減速運動，由于彈簧的彈力是變力，則物塊的合外力是變力，則物塊的加速度是變化的，兩個過程物塊做的是非勻變速運動，故B錯誤。C物塊向右運動壓縮彈簧到最短的過程中，設克服彈簧彈力做的功W彈物塊向左運動的過程，根據動能定理得 聯立解得 故C正確。D物塊被彈回后向左運動至速度最大

20、時有mg=kx得此過程中，克服摩擦阻力做功為 故D錯誤。10、BC【解析】A.根據電容決定式：下極板上移時，則d減小，可知C增大，因為電壓不變，根據Q=UC可知，極板帶電量增大，故A錯誤；B.將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據得知板間場強增大，油滴所受的電場力增大，則油滴將向上運動，故B正確；C.場強E增大，而P點與上極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與上極板間電勢差將增大，上極板的電勢等于電源的電動勢，保持不變，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低，故C正確；D.由帶電油滴原來處于平衡狀態可知，油滴帶負電，P點的電勢降低且

21、大于零，則油滴的電勢能將增加，故D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）將木板右側墊起一定高度，是遮光片通過兩光電門的時間相同 （2）1:4:9 （3）一條直線 可以不 可以不 【解析】(1) 將木板右側墊起一定高度，滑塊不連彈簧時，讓滑塊由靜止釋放，當重錘上的遮光片通過兩光電門的時間相同時，說明重錘做勻速直線運動，即滑塊做勻速直線運動，即平衡了摩擦力；(2)由功的定義式：，所以；(3)根據能量守恒可知：彈簧彈力所做的功等于滑塊與重錘動能增加之和，（其中滑塊重力勢能的減小等于重錘重力勢能的增加）即，（其中d為遮光片的

22、寬度），所以得到的圖象近似一條直線；(4)根據能量守恒可知：，實驗中只要得到，當彈簧伸長量與遮光片通過光電門A的時間成反比即可，所以實驗中可以不測量遮光片的寬度，也可以不測量滑塊和重錘的質量12、D F 【解析】考查驗證碰撞中動量守恒。【詳解】（1）小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度減小，都做平拋運動，所以碰撞后m1球的落地點是D點，m2球的落地點是F點；（2）碰撞前，小于m1落在圖中的E點，設其水平初速度為v1小球m1和m2發生碰撞后，m1的落點在圖中的D點，設其水平初速度為v1，m2的落點是圖中的F點，設其水平初速度為v2 設斜面BC與水平面的傾角為，由平拋運動規

23、律得：解得： 同理可解得：，所以只要滿足,即，說明兩球碰撞過程中動量守恒；（3）若為彈性碰撞，則碰撞前后機械能守恒，則需滿足關系式：即。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）3m/s。（2）3m/s。（3）0.96m【解析】（1）根據幾何關系求出BC部分的長度，對A到B運用動能定理，求出B點的速度vB。（2）根據物體在粗糙斜面上的受力判斷出物體做勻速直線運動，從而得出C點的速度vC。（3）運用動能定理列式，求出物塊第一次通過D點后能上升的最大高度。【詳解】（1）根據幾何關系得，斜面BC部分的長度為： l=Rcot37=0.3m=0.40m設物塊第一次通過B點時的速度為vB，根據動能定理有： mg（L-l）sin37=mvB2-0，代入數據得：vB=3m/s。（2）物塊在BC部分滑動受到的摩擦力大小為： f=mgcos37=0.750.1100.8N=0.60N在BC部分下滑過程受到的合力為：F=mgsin37-f=0則物塊第一次通過C點時的速度為：vC=vB=3m/s。（3）設物塊第一次通過D點后能上升的最大高度為h，則從C到最高點的過程，由動能定理得：-mgh-R（1-cos37）=0- mvC2解得