1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩個帶有正電的等量同種點電荷，其連線和連線中垂線的交點為b，a、c為中垂線上的兩點，一個帶正電的粒子從圖中a點沿直線移動到c點，則（）A粒子所受電場力一

2、直不變B電場力對粒子始終不做功Ca、b、c三點中，b點場強最大Da、b、c三點中，b點電勢最高2、如圖，一質量為m的正方體物塊置于風洞內的水平面上，其一面與風速垂直，當風速為時剛好能推動該物塊已知風對物塊的推力F正比于，其中v為風速、S為物塊迎風面積當風速變為時，剛好能推動用同一材料做成的另一正方體物塊，則該物塊的質量為A4mB8mC32mD64m3、用兩根長度相等的絕緣細線系住兩個質量相等的帶電小球A和B，A帶正電，B帶負電，且|qA|3|qB|，懸掛在水平向右的勻強電場中，保持平衡狀態，能正確表示系統平衡狀態的圖是( )ABCD4、有一個豎直固定放置的四分之一光滑圓弧軌道，軌道圓心O到地面

3、的高度為h，小球從軌道最高點A由靜止開始沿著圓弧軌道滑下，從軌道最低點B離開軌道，然后做平拋運動落到水平地面上的C點，C點與A點的水平距離也等于h，則下列說法正確的是（）A當小球運動到軌道最低點B時，軌道對它的支持力等于重力的4倍B小球在圓弧軌道上運動的過程中，重力對小球的沖量在數值上大于圓弧的支持力對小球的沖量C根據已知條件可以求出該四分之一圓弧軌道的軌道半徑為0.2hD小球做平拋運動落到地面時的速度與水平方向夾角的正切值tan=0.55、如圖所示的曲線是某個質點在恒力作用下的一段運動軌跡質點從M點出發經P點到達N點，已知弧長MP大于弧長PN，質點由M點運動到P點與從P點運動到N點的時間相等

4、下列說法中正確的是A質點從M到N過程中速度大小保持不變B質點在這兩段時間內的速度變化量大小相等，方向相同C質點在這兩段時間內的速度變化量大小不相等，但方向相同D質點在MN間的運動不是勻變速運動6、小球P和Q用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上，P球的質量大于Q球的質量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示，將兩球由靜止釋放，在各自軌跡的最低點( )AP球的速度一定大于Q球的速度BP球的動能一定小于Q球的動能CP球所受繩的拉力一定大于Q球所受繩的拉力DP球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有

5、多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、據報道，美國國家航空航天局（）首次在太陽系外發現“類地”行星。若宇航員乘坐宇宙飛船到達該行星，進行科學觀測：該行星自轉周期為；宇航員在該行星“北極”距該行星地面附近以速度豎直上拋一個小球，小球經時間返回到地面。已知該行星半徑為，萬有引力常量為，則下列說法正確的是A該行星的第一宇宙速度為B該行星的平均密度為C如果該行星存在一顆同步衛星，其距行星表面高度為D宇宙飛船繞該星球做圓周運動的周期不小于8、如圖，一光滑的輕滑輪用細繩OO懸掛于O點；另一細繩跨過滑輪，其一端懸掛物塊a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物塊b外力

6、F向右上方拉b，整個系統處于靜止狀態若F方向不變，大小在一定范圍內變化，物塊b仍始終保持靜止，則（）A繩OO的張力也在一定范圍內變化B物塊b所受到的支持力也在一定范圍內變化C連接a和b的繩的張力也在一定范圍內變化D物塊b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內變化9、甲、乙兩汽車在同一條平直公路上相向運動，其位置-時間圖象分別如圖中甲、乙兩條曲線所示，下列說法正確的是( )At1時刻，兩車的速率相等Bt2時刻，兩車到達同一位置Ct1-t2時間內，兩車發生的位移不同Dt1-t2時間內，兩車的速率都是先減小后增大10、如圖所示，O1O2為帶電平行板電容器的中軸線，三個相同的帶電粒子沿軸線射入兩板間粒子1打到

7、B板的中點，粒子2剛好打在B板邊緣，粒子3從兩板間飛出，設三個粒子只受電場力作用，則( )A三個粒子在電場中運動時間關系為t1t2t3B三個粒子在電場中運動時間關系為t1t2t3C三個粒子在電場中運動的初速度關系為v1v2v3D三個粒子在飛行過程中動能的變化量關系為E1E2E3三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實驗小組利用如圖甲所示的裝置進行“探究加速度與合外力的關系”的實驗，已知小車質量為M，重力加速度為g （1）實驗中平衡摩擦力后，必須采用_法，保持小車質量不變，若想用鉤碼的重力作為小車所受合外力，需滿足_；（2）某次實驗

8、中打出的一條紙帶如圖乙所示，圖中1、2、3、4、5為相鄰計數點，且相鄰計數點間的時間間隔為0.1s，由該紙帶可求得小車的加速度a=_m/s2；（結果保留3位有效數字）（3）改變鉤碼的個數重復實驗，得到加速度a與合外力F的關系如圖丙所示，由圖象直線部分OA，可得出的結論是_直線部分OA的斜率k=_（用M、g表示）12（12分）某興趣小組的同學制作了一個“水果電池”：將一銅片和一鋅片分別插入一只蘋果內，就構成了一個簡單的“水果電池”，其電動勢約為1.5V，內阻約為幾百歐，現要求你用量程合適的電壓表（內阻較大）、電流表（內阻較小）來測定水果電池的電動勢E和內電阻r。本實驗的電路應該選擇圖甲或圖乙中的

9、_圖若給出的滑動變阻器有兩種規格：A（020）、B（03k）本實驗中應該選用的滑動變阻器為_，通電前應該把變阻器的滑片調至_，（填最大或最小）實驗中測出六組（U，I）的值，在U-I坐標系中描出圖丙所示的六個點，分析圖中的點跡可得出水果電池的電動勢為E=_V，內電阻為r=_（均保留3位有效數字）根據你在中所選擇的電路來測量得出的電動勢E和內電阻r的測量值與真實值相比：電動勢E_，內電阻r_（均選填：“偏大”、“相等”或“偏小”），由此造成的實驗誤差屬于_誤差（選填“系統”或“偶然”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13

10、（10分）如圖甲，光滑平臺右側與一長為L=5m的水平木板相接，木板固定在地面上，現有一可視為質點的小滑塊以初速度你滑上木板，恰好滑到木板右端停止。現將木板右端抬高，如圖乙，使木板與水平地面的夾角=37，讓滑塊以相同的初速度滑上木板，不計滑塊滑上木板時的能量損失，g取10m/s2，sin37=0. 6，cos37=0. 8。求：（1）滑塊與木板之間的動摩擦因數；（2）滑塊從滑上傾斜木板到滑回木板底端所用的時間t。14（16分）在建筑工地上有時需要將一些建筑材料由高處運送到低處，為此工人們設計了一種如圖所示的斜面滑道，斜面長L=2.0m，其與水平面的夾角=37現有一些建筑材料從斜面的頂端由靜止開始

11、下滑，其與斜面間的動摩擦因數=0.1已知建筑材料的質量m=20kg，sin37=0.60，cos37=0.80，建筑材料可視為質點，空氣阻力可忽略不計，取重力加速度g=10m/s2（1）求建筑材料在下滑過程中所受的滑動摩擦力的大小f；（2）求建筑材料在下滑的整個過程中所受重力的沖量大小IG；（3）試分析說明，如果僅改變建筑材料的質量大小，保持其他條件不變，能否實現改變建筑材料滑到斜面底端時速度大小的目的15（12分）如圖1所示，質量為M的長木板，靜止放置在粗糙水平地面上，有一個質量為m、可視為質點的物塊，以某一水平初速度v0從左端沖上木板。從物塊沖上木板到物塊和木板達到共同速度的過程中，物塊和

12、木板的v-t圖象分別如圖2中的折線acd和bcd所示，a、b、c、d的坐標為a（0，10）、b（0，0）、c（4，4）、d（12，0），根據v-t圖象，求：（1）物塊相對長木板滑行的距離s；（2）物塊質量m與長木板質量M之比。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A兩等量正電荷周圍部分電場線具有對稱性，其中兩個點電荷連線的中垂線abc上，從無窮遠到b過程中電場強度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠方向 故試探電荷所受的電場力是變化的，故A錯誤；B根據等量同種點電荷的電場特點可知，該電場在abc線上，電場的方

13、向由b分別指向a與c，所以正電荷從a經過b到達c的過程中，正電荷受到的電場力線指向a，后指向c，所以電場力線做負功，后做正功，故B錯誤；C根據等量同種點電荷的電場特點可知，兩個點電荷連線的中垂線與連線的交點處的電場強度等于0，一定不是最大，故C錯誤；D根據等量同種點電荷的電場特點可知，該電場在abc線上，電場的方向由b分別指向a與c，根據沿電場線的方向電勢降低可知，b點的電勢最高，故D正確故選D.2、D【解析】試題分析：滑塊被勻速推動，根據平衡條件，有：F=f；N=mg其中：F=kSv2=ka2v2f=N=mg=a3g解得：；現在風速v變為2倍，故能推動的滑塊邊長為原來的4倍，故體積為原來的6

14、4倍，質量為原來的64倍；故選D考點：物體的平衡【名師點睛】本題關鍵是明確物體的受力情況，根據平衡條件推導出能夠推動的滑塊的邊長a與風速的關系表達式進行分析，不難3、D【解析】試題分析：設A帶正電+3q，受到的電場力水平向右，B帶負電-q，受到的電場力水平向左以整體為研究對象，分析受力如圖設OA繩與豎直方向的夾角為，整體帶電量為2q，則由平衡條件得以B球為研究對象，受力如圖設AB繩與豎直方向的夾角為，則由平衡條件得得到=，故選D考點：物體的平衡；整體及隔離法.4、C【解析】A、在最低點，解得FB =3mg，A錯誤；B、小球從A運動到B，合外力沖量水平向右，則支持力的沖量在豎直方向的分量與重力的

15、沖量大小相等，故支持力沖量在數值上大于重力的沖量，B錯誤；C、小球做平拋運動時，解得R=0.2h，C正確；D、設小球做平拋運動位移與水平方向夾角為，則tan=1，因為tan =2tan，所以tan=2,D錯誤.故選C.【點睛】經典力學問題一般先對物體進行受力分析，求得合外力及運動過程做功情況，然后根據牛頓定律、動能定理及幾何關系求解5、B【解析】試題分析：由圖知，質點在恒力作用下做一般曲線運動，不同地方彎曲程度不同，即曲率半徑不同，所以速度大小在變，所以A錯誤；因是在恒力作用下運動，根據牛頓第二定律F=ma，所以加速度不變，根據可得在相同時間內速度的變化量相同，故B正確；C錯誤；因加速度不變，

16、故質點做勻變速運動，所以D錯誤考點：本題考查曲線運動6、C【解析】從靜止釋放至最低點，由機械能守恒得：mgR=mv2，解得：，在最低點的速度只與半徑有關，可知vPvQ；動能與質量和半徑有關，由于P球的質量大于Q球的質量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短，所以不能比較動能的大小故AB錯誤；在最低點，拉力和重力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得：F-mg=m，解得，F=mg+m=3mg，所以P球所受繩的拉力一定大于Q球所受繩的拉力，向心加速度兩者相等故C正確，D錯誤故選C點睛：求最低的速度、動能時，也可以使用動能定理求解；在比較一個物理量時，應該找出影響它的所有因素，全面的分析才能正確的解題二、多項選

17、擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A行星地面附近的重力加速度為該行星的第一宇宙速度為故A錯誤；B利用得行星的體積為則密度為故B正確；C利用解得故C錯誤；D根據解得：故D正確。8、BD【解析】由于整個系統處于靜止狀態，所以滑輪兩側連接a和b的繩子的夾角不變；物塊a只受重力以及繩子的拉力，由于物體a平衡，則連接a和b的繩子張力T保持不變；由于繩子的張力及夾角均不變，所以OO中的張力保持不變，A、C錯誤；b處于靜止即平衡狀態，對b受力分析有：力T與力F與x軸所成夾角均保

18、持不變，由平衡條件可得：N+Fsin+Tsin-mg=0，f+Fcos-Tcos=0；由此可得：N=mg-Fsin-Tsin；由于T的大小不變，可見當F大小發生變化時，支持力的大小也在一定范圍內變化，B正確；f=Tcos-Fcos，由于T的大小不變，當F大小發生變化時，b靜止可得摩擦力的大小也在一定范圍內發生變化，D正確；故選BD。9、BD【解析】位移時間圖象的斜率等于速度，斜率的正負表示速度方向，則知兩車在t1時刻速度不相等，且方向反向，故A錯誤；t2時刻，兩車位移相等，到達同一位置，B正確t1和t2時刻，兩車位移都相等，則t1-t2時間內，兩車發生的位移相同，選項C錯誤；根據位移時間圖象的

19、斜率等于速度，兩圖象斜率的絕對值都先減小后增大，可知甲、乙兩車的速度大小都是先減小后增大，故D正確故選BD.【點睛】解決本題的關鍵是要理解位移時間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示速度，要注意位移時間圖象不是物體的運動軌跡，也不能與速度時間圖象混淆10、BD【解析】AB三個粒子都做類平拋運動，且加速度相同水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速直線運動，則有豎直方向有，由圖粒子1、2的豎直位移大小相等，大于3，則得故A錯誤，B正確；C水平方向有，由圖知2、3水平位移大小相等，大于1，則，故C錯誤；D動能的變化量，相等，則，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題

20、處，不要求寫出演算過程。11、控制變量 小車質量遠大于鉤碼質量 1.15 小車質量不變時，加速度與合外力成正比 【解析】（1）12實驗中平衡摩擦力后，必須采用控制變量法，保持小車質量不變，若想用鉤碼的重力作為小車所受合外力，需滿足小車質量遠大于鉤碼質量；（2）3由勻變速直線運動的推論x=at2可知，加速度：（3）4由圖丙所示圖象可知，圖象OA部分是直線，由此可知：小車質量不變時，加速度與合外力成正比由牛頓第二定律得：，則a-F圖象直線部分OA的斜率：；12、 圖甲， B， 最大； 1.50、 500； 相等； 偏大； 系統【解析】“水果電池”的內阻很大，為了使電表有明顯示數，應選用阻值較大的滑動變阻器，由于變阻器的電阻較大，為減小誤差，應選擇圖甲所示電路，（電流表內接法）由題意可知，“水果電池”的內阻很大，若選用020的變阻器，當滑動觸頭移動時，電表的讀數幾乎不變，無法多次測量，使實驗的誤差較大；為了減小實驗誤差，應選用阻值較大的滑動變阻器B在閉合開關前，應把滑動變阻器的阻值調到最大圖線的縱軸截距等于電源的電動勢，U-I圖線的縱軸截距為1.5，知：水果電池的電動勢E=1.50V，圖線斜率的絕對值等于內阻， 由于電流表的分壓，使得路端電壓存在誤差，而電流沒有誤差，運用圖象法分別在U-I圖上由測量數據作出的圖線1和修正誤差后真實值作出的圖線