1、2021年高考物理真題試卷（北京卷）一、本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1. （3分）硼（B）中子俘獲治療是目前最先進(jìn)的癌癥治療手段之一、治療時先給病人注射一種含硼的藥物，隨后用中子照射，硼俘獲中子后，產(chǎn)生高殺傷力的“粒子和鋰（Li）離子。這個核反應(yīng)的方程是（）A.F：-.B.C.二一三，.：一三D.2. （3分）如圖所示的平面內(nèi)，光束a經(jīng)圓心O射入半圓形玻璃磚，出射光為b、c兩束單色光。下列說法A.這是光的干涉現(xiàn)象B.在真空中光束b的波長大于光束c的波長C.玻璃磚對光束b的折射率大于對光束c的折射率D.在玻璃磚中光束b的傳播速度大于光束c

2、的傳播速度3. （3分）一列簡諧橫波某時刻的波形圖如圖所示。此后K質(zhì)點比L質(zhì)點先回到平衡位置。下列判斷正確的是（）A.該簡諧木It波沿x軸負(fù)方向傳播母匕時K質(zhì)點沿y軸正方向運動C.此時K質(zhì)點的速度比L質(zhì)點的小3D.此時K質(zhì)點的加速度比L質(zhì)點的小4. （3分）比較45的熱水和100C的水蒸汽，下列說法正確的是（）A.熱水分子的平均動能比水蒸汽的大°B熱水的內(nèi)能比相同質(zhì)量的水蒸汽的小C.熱水分子的速率都比水蒸汽的小D.熱水分子的熱運動比水蒸汽的劇烈5. （3分）一正弦式交變電流的i-t圖像如圖所示。下列說法正確的是（）A.在t=0.4s時電流改變方向B.該交變電流的周期為0.5sC.該交

3、變電流的表達(dá)式為j=2rorAD.該交變電流的有效值為6. （3分）2021年5月，關(guān)問一現(xiàn)繞、落、巡”三項任務(wù)的國家。號”探測器成功在火星軟著陸，我國成為世界上第一個首次探測火星就實矢問一號”在火星停泊軌道運行時，近火點距離火星表面2.8X120km、遠(yuǎn)火點距離火星表面5.9x10km,則矢問一號”A.在近火點的加速度比遠(yuǎn)火點的小B.在近火點的運行速度比遠(yuǎn)火點的小C.在近火點的機械能比遠(yuǎn)火點的小D.在近火點通過減速可實現(xiàn)繞火星做圓周運動7. （3分）如圖所示，在豎直向下的勻強磁場中，水平U型導(dǎo)體框左端連接一阻值為m、電阻為r的導(dǎo)體棒ab置于導(dǎo)體框上。不計導(dǎo)體框的電阻、導(dǎo)體棒與框間的摩擦。R的

4、電阻，質(zhì)量為ab以水平向右的初速度V。開始運動，最終停在導(dǎo)體框上。在此過程中A.導(dǎo)體棒做勻減速直線運動c.電阻r消耗的總電能為亍m8. （3分）如圖所示，高速公路上汽車定速巡航四體棒中感應(yīng)電流的方向為D.導(dǎo)體棒克服安培力做的總功小于5加（即保持汽車的速率不變）通過路面abcd,其中ab段為平直上坡路面，bc段為水平路面，cd段為平直下坡路面。不考慮整個過程中空氣阻力和摩擦阻力的大小變化。下列說法正確的是（）A.在ab段汽車的輸出功率逐漸減小B汽車在ab段的輸出功率比bc段的大C.在cd段汽車的輸出功率逐漸減小D汽車在cd段的輸出功率比bc段的大9. （3分）如圖所示的平面內(nèi)，有靜止的等量異號點

5、電荷，M、N兩點關(guān)于兩電荷連線對稱，M、P兩點關(guān)于兩電荷連線的中垂線對稱。下列說法正確的是（）A.M點的場強比P點的場強大B.希的電勢比N點的電勢高C.N點的場強與P點的場強相同D電子在M點的電勢能比在P點的電勢能大10. （3分）如圖所示，圓盤在水平面內(nèi)以角速度3繞中心軸勻速轉(zhuǎn)動，圓盤上距軸r處的P點有一質(zhì)量為m的小物體隨圓盤一起轉(zhuǎn)動。某時刻圓盤突然停止轉(zhuǎn)動，小物體由P點滑至圓盤上的某點停止。下列說法正確的是（）A.圓盤停止轉(zhuǎn)動前，小物體所受摩擦力的方向沿運動軌跡切線方向b.圓盤停止轉(zhuǎn)動前，小物體運動一圈所受摩擦力的沖量大小為為src.圓盤停止轉(zhuǎn)動后，小物體沿圓盤半徑方向運動D.圓盤停止轉(zhuǎn)動

6、后，小物體整個滑動過程所受摩擦力的沖量大小為加由11. （3分）某同學(xué)搬運如圖所示的磁電式電流表時，發(fā)現(xiàn)表針晃動劇烈且不易停止。按照老師建議，該同學(xué)在兩接線柱間接一根導(dǎo)線后再次搬運，發(fā)現(xiàn)表針晃動明顯減弱且能很快停止。下列說法正確的是（）A.未接導(dǎo)線時，表針晃動過程中表內(nèi)線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢B.未接導(dǎo)線時，表針晃動劇烈是因為表內(nèi)線圈受到安培力的作用C.接上導(dǎo)線后，表針晃動過程中表內(nèi)線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢D.接上導(dǎo)線后，表針晃動減弱是因為表內(nèi)線圈受到安培力的作用12. （3分）如圖所示，在xOy坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)存在勻強磁場。一帶電粒子在P點以與x軸正方向成60°的方向垂直磁場射入，并恰好

7、垂直于y軸射出磁場。已知帶電粒子質(zhì)量為m、電荷量為q,OP=&不計重力。根據(jù)上述信息可以得出（）其XXXXXXXXXXXA.帶電粒子在磁場中運動的軌跡方程C.帶電粒子在磁場中運動的時間B帶電粒子在磁場中運動的速率D該勻強磁場的磁感應(yīng)強度13. （3分）某同學(xué)使用輕彈簧、直尺鋼球等制作了一個豎直加速度測量儀如圖所示，彈簧上端固定,在彈簧旁沿彈簧長度方向固定一直尺。不掛鋼球時，彈簧下端指針位于直尺20cm刻度處；下端懸掛鋼球，靜止時指針位于直尺40cm刻度處。將直尺不同刻度對應(yīng)的加速度標(biāo)在直尺上，就可用此裝置直接測量豎直方向的加速度。取豎直向上為正方向，重力加速度大小為g。下列說法正確的是

8、（）睛A.30cm刻度對應(yīng)的加速度為-0.5gB.40cm刻度對應(yīng)的加速度為gC.50cm刻度對應(yīng)的加速度為2g酪刻度對應(yīng)加速度的值是不均勻的14. （3分）北京高能光源是我國首個第四代同步輻射光源，計劃于2025年建成。同步輻射光具有光譜范圍寬（從遠(yuǎn)紅外到X光波段，波長范圍約為10-5m10-11m,對應(yīng)能量范圍約為10-1eV105eV）、光源亮度高、偏振性好等諸多特點，在基礎(chǔ)科學(xué)研究、應(yīng)用科學(xué)和工藝學(xué)等領(lǐng)域已得到廣泛應(yīng)用。速度接近光速的電子在磁場中偏轉(zhuǎn)時，會沿圓弧軌道切線發(fā)出電磁輻射，這個現(xiàn)象最初是在同步加速器上觀察到的，稱為同步輻射”。以接近光速運動的單個電子能量約為109eV,回旋一

9、圈輻射白總能量約為104eV。下列說法正確的是（）A.同步輻射的機理與氫原子發(fā)光的機理一樣B.用同步輻射光照射氫原子，不能使氫原子電離C.蛋白質(zhì)分子的線度約為10-8m,不能用同步輻射光得到其衍射圖樣D.盡管向外輻射能量，但電子回旋一圈后能量不會明顯減小二、實驗題15. （8分）物理實驗一般都涉及實驗?zāi)康?、實驗原理、實驗儀器、實驗方法、實驗操作、數(shù)據(jù)分析等。例如：（1）實驗儀器。用游標(biāo)卡尺測某金屬管的內(nèi)徑，示數(shù)如圖1所示。則該金屬管的內(nèi)徑為mm。3主尺4cm°游標(biāo)尺10圖L（2）數(shù)據(jù)分析。打點計時器在隨物體做勻變速直線運動的紙帶上打點，其中一部分如圖2所示，B、CD為紙帶上標(biāo)出的連續(xù)

10、3個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點之間還有4個計時點沒有標(biāo)出。打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源上。則打C點時，紙帶運動的速度vc=m/s（結(jié)果保留小數(shù)點后兩位）。I*cJ）231567s9IQI1213ati圖2（3）實驗原理。圖3為探究加速度與力的關(guān)系”的實驗裝置示意圖。認(rèn)為桶和砂所受的重力等于使小車做勻加速直線運動的合力。實驗中平衡了摩擦力后，要求桶和砂的總質(zhì)量m比小車質(zhì)量M小得多。請分析16. （10分）在測量金屬絲的電阻率”實驗中，某同學(xué)用電流表和電壓表測量一金屬絲的電阻。（1）該同學(xué)先用歐姆表1”擋粗測該金屬絲的電阻，示數(shù)如圖1所示，對應(yīng)的讀數(shù)是Qo（2）除電源（電動勢3.0V,內(nèi)阻不計）

11、、電壓表（量程03V,內(nèi)阻約3kQ）、開關(guān)、導(dǎo)線若干外，還提供如下實驗器材：A.電流表（量程00.6A,內(nèi)阻約0.1RB.電流表（量程03.0A,內(nèi)阻約0.02）QC.滑動變阻器（最大阻值10Q額定電流2A）D.滑動變阻器（最大阻值1kR額定電流0.5A）為了調(diào)節(jié)方便、測量準(zhǔn)確，實驗中電流表應(yīng)選用,滑動變阻器應(yīng)選用。（選填實驗器材前對應(yīng)的字母）（3）該同學(xué)測量金屬絲兩端的電壓U和通過金屬絲的電流I,得到多組數(shù)據(jù)，并在坐標(biāo)圖上標(biāo)出，如圖所示。請作出該金屬絲的U-I圖線,根據(jù)圖線得出1金屬絲電阻R=（結(jié)果保留小數(shù)點后兩位）。(4)用電流傳感器測量通過定值電阻的電流，電流隨時間變化的圖線如圖3所示。

12、將定值電阻替換為小燈泡，電流隨時間變化的圖線如圖4所示，請分析說明小燈泡的電流為什么隨時間呈現(xiàn)這樣的變化。“閉開美)ra氤閉公開大)圖3圖417.(9分)如圖所示，小物塊A、B的質(zhì)量均為m=0.10kg,B靜止在軌道水平段的末端。A以水平速度V0與B碰撞，碰后兩物塊粘在一起水平拋出。拋出點距離水平地面的豎直高度為點距離軌道末端的水平距離為s=0.30m,取重力加速度g=10m/s2。求:h=0.45m,兩物塊落地(1)兩物塊在空中運動的時間t;(2)兩物塊碰前A的速度V0的大小；(3)兩物塊碰撞過程中損失的機械能。18. (9分)如圖所示，M為粒子加速器；N為速度選擇器，兩平行導(dǎo)體板之間有方向

13、相互垂直的勻強電場和勻強磁場，磁場的方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度為Bo從S點釋放一初速度為0、質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，經(jīng)M加速后恰能以速度v沿直線(圖中平行于導(dǎo)體板的虛線)通過No不計重力。UBxxxxSXXXXMy(1)求粒子加速器M的加速電壓U;(2)求速度選擇器N兩板間的電場強度E的大小和方向；(3)仍從S點釋放另一初速度為0、質(zhì)量為2m、電荷量為q的帶正電粒子，離開N時粒子偏離圖中虛線的距離為d,求該粒子離開N時的動能19. (10分)類比是研究問題的常用方法。(1)情境1：物體從靜止開始下落，除受到重力作用外，還受到一個與運動方向相反的空氣阻力尸kv(k為常量)的作用。其速

14、率v隨時間t的變化規(guī)律可用方程G-h，二門呼(式)描述，其中m為物體質(zhì)量，G為其重力。求物體下落的最大速率1由。(2)情境2：如圖1所示，電源電動勢為E,線圈自感系數(shù)為L,電路中的總電阻為R。閉合開關(guān)S,發(fā)現(xiàn)電路中電流I隨時間t的變化規(guī)律與情境1中物體速率v隨時間t的變化規(guī)律類似。類比式，寫出電流I隨時間t變化的方程；并在圖2中定性畫出I-t圖線。JT圖I圖2(3)類比情境1和情境2中的能量轉(zhuǎn)化情況，完成下表。情境1情境2物體重力勢能的減少量物體動能的增加量電阻R上消耗的電能20. (12分)秋千由踏板和繩構(gòu)成，人在秋千上的擺動過程可以簡化為單擺的擺動，等效擺球”的質(zhì)量為m,人蹲在踏板上時擺長

15、為h,人站立時擺長為乃。不計空氣阻力，重力加速度大小為go(1)如果擺長為1,擺球”通過最低點時的速度為v,求此時擺球”受到拉力T的大小。(2)在沒有別人幫助的情況下，人可以通過在低處站起、在高處蹲下的方式使擺球”擺得越來越高。a.人蹲在踏板上從最大擺角團開始運動，到最低點時突然站起，此后保持站立姿勢擺到另一邊的最大擺角為假定人在最低點站起前后擺球”擺動速度大小不變，通過計算證明內(nèi)二日：。b.實際上人在最低點快速站起后擺球”擺動速度的大小會增大。隨著擺動越來越高，達(dá)到某個最大擺角口后，如果再次經(jīng)過最低點時，通過一次站起并保持站立姿勢就能實現(xiàn)在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運動，求在最低點擺球”增加的動

16、能應(yīng)滿足的條件。答案解析部分一、本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1 .【答案】A【考點】核反應(yīng)方程【解析】【解答】已知“粒子的符號為為2，中子的符號為m八其鋰核原子核的符號為工；根據(jù)核反應(yīng)過程的規(guī)律質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得：這個核反應(yīng)方程為故答案為：A?！痉治觥坷觅|(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可以寫出對應(yīng)的核反應(yīng)方程。2 .【答案】C【考點】光的折射【解析】【解答】A.從圖可得：由于一束光束a經(jīng)圓心O射入半圓形玻璃磚，出射光為b、c兩束單色光，這是光的色散現(xiàn)象，A不符合題意；B.由于光的折射率對應(yīng)其頻率的大?。划?dāng)光的折射率越大，其頻率越大，波長越短，則

17、b光在真空中的波長較短，B不符合題意；C.根據(jù)折射率的表達(dá)式有：ft-,由題圖可知：由于光束c的折射角大于光束b的折射角匚5,根據(jù)折射定律可知nc<nbC符合題意；D.根據(jù)v=畀知，c光束的折射率小于b光的折射率，所以c光在棱鏡中的傳播速度大，D不符合題意。故答案為：Co【分析】利用光束的增加可以判別屬于光的色散現(xiàn)象；利用折射角的大小可以比較折射率的大小；利用折射率的大小可以比較光的傳播速度及波長的大小。3 .【答案】D【考點】橫波的圖象【解析】【解答】AB.假設(shè)波向x正方向傳播，根據(jù)傳播方向及根據(jù)T坡、下坡”法可知可以得出K質(zhì)點比L質(zhì)點先回到平衡位置，所以假設(shè)成立；A選項不符合題意；根

18、據(jù)T坡、下坡”法可知K質(zhì)點應(yīng)向下振，所以B選項不符合題意；C.從圖可知L質(zhì)點在波谷處，所以L質(zhì)點的速度為0,故此時K質(zhì)點的速度比L質(zhì)點的大，C不符合題意；D.由于質(zhì)點在豎直方向做機械振動，根據(jù)回復(fù)力的表達(dá)式有：F=-ky根據(jù)牛頓第二定律有：F=ma結(jié)合波圖像可看出L質(zhì)點的位移大于K的位移：yL>yK則，此時K質(zhì)點的加速度比L質(zhì)點的小，D符合題意。故答案為：Do【分析】利用質(zhì)點回到平衡位置的先后可以判別波的傳播方向及質(zhì)點的振動方向，利用質(zhì)點的位移可以比較速度和加速度的大小。4 .【答案】B【考點】溫度【解析】【解答】A.由于熱水的溫度小于水蒸氣的溫度，溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度升高，分

19、子的平均動能增大，故熱水分子的平均動能比水蒸汽的小，A不符合題意；B.由于熱水的平均動能小于其水蒸氣的平均動能，所以相同質(zhì)量的熱水其分子動能小于水蒸氣的分子動能；物體的內(nèi)能與物質(zhì)的量、溫度、體積有關(guān)，當(dāng)相同質(zhì)量的熱水和水蒸汽，熱水變成水蒸汽，溫度升高，體積增大，吸收熱量，故熱水的內(nèi)能比相同質(zhì)量的水蒸汽的小，B符合題意；C.溫度決定分子平均動能的大小，但不代表每個分子速率的大小，雖然其熱水溫度低，但熱水中還是存在速率比水蒸氣分子速率大的分子；C不符合題意；D.溫度越高，分子平均動能越大則分子熱運動越劇烈，D不符合題意。故答案為：Bo【分析】利用溫度的高低可以比較分子平均動能的大小；利用物態(tài)變化可

20、以比較熱水和水蒸氣的內(nèi)能大小；利用分子速率分布可以比較分子速率的大??；利用溫度高低可以比較分子熱運動的劇烈程度。5 .【答案】C【考點】交流電圖象t=0.4【解析】【解答】A.當(dāng)線圈經(jīng)過中性面時，其磁通量最大，電流等于0時電流改變方向，由圖可知s時電流為正方向最大，電流方向沒有發(fā)生變化，A不符合題意；B.由圖可知，從0至0.4s其交流電經(jīng)過一個周期，則該交變電流的周期為T=0.4s,B不符合題意;C.由圖可知，電流的最大值為L=2A,根據(jù)周期與角速度的關(guān)系可得：齒二亨二5md/a已知角速度和電流的峰值大小，則可得：故該交變電流的表達(dá)式為C符合題意；D.已知電流的最大值為k32A,根據(jù)正弦交流電

21、的規(guī)律可得：該交變電流的有效值為卡岳AD不符合題意。故答案為：Co【分析】利用線圈過中性面一次則電流方向發(fā)生改變；利用圖像可得周期和峰值的大小；利用峰值可以求出電流的有效值；利用周期可以求出角速度的大小進(jìn)而寫出電流瞬時值的表達(dá)式。6 .【答案】D【考點】開普勒定律，牛頓第二定律【解析】【解答】A.火星對探測器的引力為探測器受到的合力；根據(jù)牛頓第二定律有6嚶=在“曰GAf解得J-根據(jù)表達(dá)式可得：故探測器在近火點的加速度比遠(yuǎn)火點的大，A不符合題意；B.根據(jù)開普勒第二定律，由于探測器在近火點的距離小于遠(yuǎn)火點，因此在近火點的運行速度比遠(yuǎn)火點的大，B不符合題意；C.系統(tǒng)只有引力做功時其系統(tǒng)機械能守恒；矢

22、問一號”在同一軌道，只有引力做功，則機械能守恒，C不符合題意；D.天問一號”在近火點做的是離心運動，速度比較大，引力小于向心力；若要變?yōu)槔@火星的圓軌道，引力等于向心力，根據(jù)Fn=由呈,其探測器需要進(jìn)行減速，D符合題意。故答案為：Do【分析】利用牛頓第二定律可以比較加速度的大?。焕瞄_普勒第二定律可以比較線速度的大??；利用引力做功可以判別機械能守恒；利用離心運動和圓周運動的條件可以判別探測器變軌需要進(jìn)行減速。7 .【答案】C【考點】電磁感應(yīng)中切割類問題【解析】【解答】AB.導(dǎo)體棒所在磁場方向垂直于紙張向內(nèi)，當(dāng)導(dǎo)體棒向右運動，根據(jù)右手定則，可知電流方向為b到a,再根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)體棒向到向左的

23、安培力；當(dāng)導(dǎo)體棒切割磁場時相當(dāng)于電源，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，可得產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：根據(jù)歐姆定律可得：感應(yīng)電流為居4if+r成二根據(jù)安培力的表達(dá)式可得：企於根據(jù)牛頓第二定律有F二修整可得：療二加氏+）飛由于安培力方向與速度方向相反，導(dǎo)體棒速度不斷減小；根據(jù)表達(dá)式可得：隨著速度減小，加速度不斷減小，故導(dǎo)體棒不是做勻減速直線運動，AB不符合題意；C.根據(jù)能量守恒定律，導(dǎo)體棒的動能最終轉(zhuǎn)化為回路產(chǎn)生的焦耳熱，故可知回路中產(chǎn)生的總熱量為Q4喝因R與r串聯(lián)，兩者電流相等，根據(jù)可得：電阻產(chǎn)生的熱量與電阻成正比，則R產(chǎn)生的熱量為4"石。二汨C符合題意；D.整個過程只有安培力做負(fù)功，導(dǎo)致導(dǎo)體棒動能

24、的減少，最后速度等于0,根據(jù)動能定理可知，導(dǎo)體棒克服安培力做的總功等于弓加場,，D不符合題意。故答案為：Co【分析】利用牛頓第二定律結(jié)合動生電動勢的表達(dá)式可以判別導(dǎo)體棒加速度的大小變化；利用右手定則可以判別感應(yīng)電流的方向；利用能量守恒定律可以求出電阻產(chǎn)生的焦耳熱的大小；利用動能定理可以判別安培力做功的大小。8 .【答案】B【考點】瞬時功率與平均功率【解析】【解答】由于汽車保持恒定速率經(jīng)過路面，根據(jù)平衡條件可知:在ab段，牽引力在bc段牽引力在cd段牽引力尸曰=f例駝根據(jù)功率的表達(dá)式可得：在ab段汽車的輸出功率尸=下”不變，bc段的輸出功率在cd段汽車的輸出功率尸占=尸獷尸a故ACD不符合題意，

25、B符合題意；故答案為：Bo【分析】利用平衡條件可以求出汽車在三段路面的牽引力大小，結(jié)合速度的大小可以求出輸出功率的大小。9 .【答案】C【考點】電場強度和電場線【解析】【解答】已知兩個等量異種點電荷產(chǎn)生的電場規(guī)律，根據(jù)電場線規(guī)定方向可以畫出電荷周圍電場線的分布，如圖所示：對于AC.根據(jù)電場線的疏密和切線方向可得：由于等，N點的場強與P點的場強大小相等，方向相同,BD.根據(jù)等量異種點電荷的電勢分布特點可知，由于M與P點對稱，則M點的場強與P點的場強大小相A不符合題意C符合題意；M與N點對稱，M點的電勢與N點的電勢相等，又由于電場線從M到P,所以M點的電勢高于P點的電勢，根據(jù)Ep=網(wǎng)可知,電子在M

26、點的電勢能比在P點的電勢能小，BD不符合題意。故答案為：Co【分析】利用電場線的分布可以比較電場強度和電勢的大??；利用電勢結(jié)合電性可以比較電勢能的大小。10 .【答案】D【考點】勻速圓周運動【解析】【解答】A.圓盤停止轉(zhuǎn)動前，物體和圓盤一起做勻速圓周運動，物體受到的摩擦力提供向心力,根據(jù)向心力方向指向圓心可以判別靜摩擦力的方向時刻指向圓心；所以A不符合題意；B.圓盤停止轉(zhuǎn)動前，物體和圓盤一起做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律有：小物體所受摩擦力f=mm2已知物體運動一圈時間為T,根據(jù)沖量的表達(dá)式可得：小物體運動一圈所受摩擦力的沖量大小為F=fT=冶廣蘇x-1m審出B不符合題意；C.圓盤停止轉(zhuǎn)動后

27、，物體由于慣性，物體會沿圓軌跡的切線方向運動，C不符合題意；D.圓盤停止轉(zhuǎn)動后，已知物體的初末速度，根據(jù)動量定理可知，小物體整個滑動過程所受摩擦力的沖量大小為D符合題意。故答案為：Do【分析】物體做勻速圓周運動，利用向心力的方向可以判別摩擦力的方向，利用牛頓第二定律可以求出摩擦力的大小，結(jié)合時間可以求出摩擦力沖量的大?。晃矬w做曲線運動，當(dāng)圓盤靜止物體會沿切線方向運動；利用動量定理可以求出摩擦力沖量的大小。11 .【答案】D【考點】電磁感應(yīng)現(xiàn)象【解析】【解答】A.根據(jù)楞次定律，只有閉合線圈中磁通量發(fā)生改變時，其線圈中感應(yīng)電流才會產(chǎn)生；未接導(dǎo)線時，表針晃動過程中導(dǎo)線切割磁感線，表內(nèi)線圈會產(chǎn)生感應(yīng)電

28、動勢，A不符合題意；B.根據(jù)安培力產(chǎn)生的條件可得：未接導(dǎo)線時，未連成閉合回路，沒有感應(yīng)電流，所以不受安培力，B不符合題意；CD.根據(jù)楞次定律，只有閉合線圈中磁通量發(fā)生改變時，其線圈中感應(yīng)電流才會產(chǎn)生；接上導(dǎo)線后，表針晃動過程中表內(nèi)線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，根據(jù)楞次定律可知，表針晃動減弱是因為表內(nèi)線圈受到安培力的作用，C不符合題意D符合題意。故答案為：Do【分析】利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象中感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件可以判別線圈是否產(chǎn)生感應(yīng)電流，利用感應(yīng)電流的產(chǎn)生可以判別線圈是否受到安培力。12 .【答案】A【考點】帶電粒子在勻強磁場中的圓周運動【解析】【解答】已知粒子進(jìn)入磁場和離開磁場的速度方向，根據(jù)兩速度的方向的垂

29、直方向可以確定圓心的位置，軌跡如圖所示A.在三角形OiOP中，根據(jù)幾何關(guān)系有:OOX短七。一因圓心的坐標(biāo)為（0岑根據(jù)圓的方程式可得：帶電粒子在磁場中運動的軌跡方程為A符合題意;解得帶電粒子在磁場中運動的速率為qBRBD不符合題意;BD.粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律有:由于磁感應(yīng)強度5未知，則無法求出帶電粒子在磁場中運動的速率，C.帶電粒子圓周的圓心角為甘比，而周期為丁=二器=笥f則帶電粒子在磁場中運動的時間為2jqB因磁感應(yīng)強度5未知，則運動時間無法求得，c不符合題意;故答案為：A。【分析】利用幾何關(guān)系可以求出圓心坐標(biāo)和半徑的大小，兩者結(jié)合可以求出軌跡圓的方

30、程；利用牛頓第二定律且由于磁感應(yīng)強度未知所以不能求出運動的時間及粒子運動的速率大小。13 .【答案】A【考點】牛頓第二定律【解析】【解答】對于B.由于鋼球靜止時其直尺的刻度為40cm,根據(jù)平衡方程有mg=F彈，則此時鋼球的加速度等于0,所以B選項不符合題意；對于A,當(dāng)直尺的刻度值為30cm刻度時，其F彈<mg,根據(jù)牛頓第二定律有：mg-F彈=ma代入數(shù)據(jù)有a=0.5g（方向沿豎直向下）所以A選項符合題意；對于C.當(dāng)直尺的刻度值為50cm刻度時，其Fw>mg,根據(jù)牛頓第二定律有：F彈-mg=ma代入數(shù)據(jù)有a=0.5g（方向沿豎直向上）所以C選項不符合題意；D.設(shè)刻度對應(yīng)值為x,根據(jù)牛

31、頓第二定律有：正有儂=仃，x=X-Q.（取豎直向上為正方向）經(jīng)過計算有a=占占（x>0.2）或a=Try（x<0.2）根據(jù)以上分析，加速度a與刻度對應(yīng)值為x成線性關(guān)系，則各刻度對應(yīng)加速度的值是均勻的，D不符合題意。故答案為：Ao【分析】利用胡克定律可以判別彈力的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出加速度的大小及方向。14 .【答案】D【考點】玻爾原子理論【解析】【解答】A、氫原子發(fā)光是由于氫原子躍遷時能級差導(dǎo)致輻射出光子，其同步輻射時在磁場中圓周自發(fā)輻射光能的過程，兩者機理不同；所以A不符合題意；B、已知氫原子電離的能量為13.6eV,其同步輻射光的總能量為104eV,則氫原子可以被電離

32、，所以B選項不符合題意；C、波衍射的條件為波長與障礙物的尺寸接近可以發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，同步輻射光的波長范圍約為10-5m10-11m,與蛋白質(zhì)分子的線度名勺為10-8m差不多，故能發(fā)生明顯的衍射，C不符合題意；D由于電子在回旋一周輻射的能量(104eV)遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于單個電子的能量(109eV),則回旋一周電子的能量不會明顯減小，所以D選項符合題意。故答案為：Do【分析】利用玻爾的能級躍遷理論可以判別兩者的機理不同；利用氫原子電離需要的能量可以判別是否發(fā)生電離；利用輻射光的波長大小可以判別是否發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象。二、實驗題15 .【答案】(1)31.4(2)0.44(3)設(shè)繩的拉力為T,小車運動的加

33、速度為a。對桶和砂，有冷g7之川匕；M對小車，有TS。得T-4,十m“西°匚“1小車受到細(xì)繩的拉力T等于小車受到的合力F,即而刪g=黑。可見，只有桶和砂的總質(zhì)量m比小車質(zhì)量M小得多時，才能認(rèn)為桶和砂所受的重力mg等于使小車做勻加速直線運動的合力F?！究键c】驗證牛頓運動定律(探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系)【解析】【解答】(1)從游標(biāo)卡尺的主尺的格數(shù)可得讀數(shù)為3.1cm,從游尺的格數(shù)可得讀數(shù)為4x0.1111111;則根據(jù)上下尺的讀數(shù)可得游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為31.4mm；(2)已知打點計時器的周期為0.02s,兩個計數(shù)點之間有5個時間間隔；則可得兩個計數(shù)點之間的時間為：T=5X0.02=0.1

34、s根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律有：某段時間的中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度，則有vc=陋，=0.44m/s(3)設(shè)繩的拉力為T,小車運動的加速度為a。以桶和砂為對象，根據(jù)牛頓第二定律有：對小車，根據(jù)牛頓第二定律有：聯(lián)立兩式可得M1當(dāng)小車受到細(xì)繩的拉力T等于小車受到的合力F時，即尸=工有用?=耳營用才根據(jù)表達(dá)式可得：為了使其小車受到細(xì)繩的拉力F=mg,則m要遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于M才可以滿足?！痉治觥?1)利用游標(biāo)卡尺上下尺的結(jié)構(gòu)可以讀出對應(yīng)的讀數(shù)；(2)利用平均速度公式可以求出瞬時速度的大小；(3)利用牛頓第二定律結(jié)合拉力和重力的關(guān)系可以判別其其質(zhì)量需要滿足的關(guān)系。16.【答案】(1)6(2)A；C(

35、4)剛閉合開關(guān)時，燈絲溫度較低，電阻較小，電流較大；隨著燈絲溫度升高，電阻逐漸增大，電流逐漸減小；當(dāng)燈絲發(fā)熱與散熱平衡時，溫度不變，電阻不變，電流保持不變【考點】測定金屬的電阻率6,則可得：金屬絲的電阻【解析】【解答】(1)已知歐姆表的擋位為“X1R從圖1可知其示數(shù)為Rx=6X1Q=6Q(2)從(1)可得其金屬絲電阻R=6X1=6須題目中可得電源電動勢為3V,根據(jù)歐姆定律有：回路中，一，.一一£4不廠的取大電流為根據(jù)電流的峰值則可以選擇電流表A;已知金屬絲電阻Rx=6X1Q=6加了調(diào)節(jié)方便、測量準(zhǔn)確，滑動變阻器要選最大阻值小的，故答案為：C；(3)從圖像可以得出坐標(biāo)點的分布，用直線連

36、接所以坐標(biāo)點，即可得到U-I圖線，則有從圖像可得，當(dāng)U=1.75V時，其I=0.3A,根據(jù)歐姆定律可得K=7萬。=5W0Q(4)剛閉合開關(guān)時，燈絲溫度較低，電阻較小，電流較大；隨著燈絲溫度升高，電阻逐漸增大，電流逐漸減小；當(dāng)燈絲發(fā)熱與散熱平衡時，溫度不變，電阻不變，電流保持不變。【分析】(1)利用電表的示數(shù)和擋位可以求出電阻的大??；(2)利用歐姆定律可以判別電流表的量程選擇；禾I用待測電阻的大小可以判別滑動變阻器的選擇；(3)利用坐標(biāo)點可以進(jìn)行連線，結(jié)合歐姆定律可以求出電阻的大??；(4)利用圖像斜率可以判別其燈泡燈絲的電阻變化。三、解答題17 .【答案】(1)解：豎直方向為自由落體運動，由力二

37、目即？得t=0.30s(2)解：設(shè)A、B碰后速度為I1,水平方向為勻速運動，由£節(jié)得根據(jù)動量守恒定律，由得(3)解：兩物體碰撞過程中損失的機械能得【考點】平拋運動，動量守恒定律【解析】【分析】(1)物塊做平拋運動時，利用平拋運動豎直方向的位移公式可以求出運動的時間；(2)A與B發(fā)生碰撞，利用水平方向的位移公式可以求出碰后速度的大小，結(jié)合動量守恒定律可以求出碰前速度的大小；(3)已知碰撞前后速度的大小，結(jié)合動能的表達(dá)式可以求出碰撞過程損失的機械能大小。18 .【答案】(1)解：粒子直線加速，根據(jù)功能關(guān)系有解得(2)解：速度選擇器中電場力與洛倫茲力平衡得方向垂直導(dǎo)體板向下。(3)解：粒子

38、在全程電場力做正功，根據(jù)功能關(guān)系有解得【考點】電荷在電場中的加速，電荷在電場中的偏轉(zhuǎn)【解析】【分析】(1)粒子做加速運動，利用動能定理可以求出加速電壓的大?。?2)粒子經(jīng)過速度選擇器時，電場力和洛倫茲力相等，利用平衡方程可以求出電場強度的大小及方向；(3)粒子在電場中運動，利用動能定理可以求出粒子離開電場的動能大小。19 .【答案】(1)解：當(dāng)物體下落速度達(dá)到最大速度1'里時，加速度為零，有6=內(nèi)血得(2)解：a.由閉合電路的歐姆定理有b.由自感規(guī)律可知，線圈產(chǎn)生的自感電動勢阻礙電流，使它逐漸變大，電路穩(wěn)定后自感現(xiàn)象消失，I線如答圖2(3)解：各種能量轉(zhuǎn)化的規(guī)律如圖所示情境1情境2電源提供的電能線圈磁場能的增加量克服阻力做功消耗的機械能【考點】共點力平衡條件的應(yīng)用，功能關(guān)系【解析】【分析】(1)物體下落時速度最大時，其加速度等于0,利用平衡方程可以求出最大的速度;(2)