1、2016年貴州省適應性考試理綜（物理）解析二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1417題只有一項符合題目要求，第1821題有多項符合題目要求。全部答對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分14、在物理學發展的過程中，許多物理學家的科學研究推動了人類文明的進程。在對以下幾位物理學家所作貢獻的敘述中，正確的說法是 A安培最早測定了元電荷e的數值 B開普勒發現行星運動定律和萬有引力定律 C法拉第通過實驗研究，總結出電磁感應定律 D伽利略根據理想斜面實驗，指出力不是維持物體運動的原因【解析】密立根通過油滴實驗精確測定了元電荷e的數值，A錯；萬有引力定律是牛頓發現的，B

2、錯；電磁感應定律是由紐曼、韋伯對理論和實驗資料進行嚴格分析后得到的，只是將這一發現的榮譽歸于了法拉第，C錯；伽利略根據斜面理想實驗，得出力不是維持運動物理運動的原因，故選D。15、如圖所示，兩個點電荷之間的距離為2R，正電荷的電荷量為2Q，負電荷的電荷量為Q，A、B、C、D是以正電荷為圓心半徑為R的圓上的四個點，A、C與點電荷共線，BD是圓的一條直徑且垂直于兩點電荷的連線，以下說法正確的是( )AB、D兩點電場強度相等BA、B、C、D在同一個等勢面上C負的試探電荷從A點沿圓周經D點移動到C點，電勢能減小 D負的試探電荷從A點沿圓周經B點移動到c點，所受電場力逐漸增大【解析】：B和D點電場強度大

3、小相等，方向不同，A錯；C點電勢最大，A點電勢最小，B錯；負電荷從A點沿圓周經D點移動到C點過程中，電場力做負功，電勢能增大，C錯；根據F=Eq，故選D。16、一小球在豎直平面內運動，若以x軸沿水平方向、y軸豎直向下建立平面直角坐標系，其運動方程為x=5+5t，y=5+5t2，式中t的單位為s，x、y的單位為m。關于小球的運動，下列說法不正確的是A小球的運動軌跡是拋物線 B t=0時小球的坐標為(5，5)C t=1s時小球的速率為10 m/s D t=2s時小球的加速度的大小為10 m/S2【解析】根據x=5+5t ,y=5+5t2,可得t=0時小球坐標為（5，5），水平初速度為5m/s，豎直

4、向下以初速度為0，加速度為10m/s2作勻加速度運動，得小球的運動軌跡是一條拋物線，t=1s時，vx=5 m/s,vy=10 m/s,v1=, C是不正確的。故選C。17、如圖所示，OA、OB為豎直平面的兩根固定光滑桿，OA豎直、OB與OA間的夾角為450，兩桿上套有可以自由移動的輕質環E和F，通過不可伸長的輕繩在結點D點懸掛質量為m的物體，當物體靜止時，環E與桿OA間的作用力大小為F1，環F與桿OB間的作用力大小為F2，則AF1=mg，F2=mgBF1=mg，F2=mgcF1=mg，F2=mgDF1=mg，F2=mg【解析】如圖所示，桿OA對E環的作用力F1水平向右。桿OB對F環的作用力F2

5、垂直桿OB斜向上，把環E、F、輕繩和物體m看成一個整體，受三個力的作用而靜止，可得F1=mg ,F2= mg，故選B。F2F1DBAEOFmgF2F1mg18.如圖所示的應急供電系統由交流發電機和副線圈匝數可調的理想降壓變壓器組成。發電機中矩形線圈所圍的面積為S，匝數為N，電阻不計，它可繞水平軸OO在磁感應強度為B的水平勻強磁場中以角速度勻速轉動。矩形線圈通過滑環，用不計電阻的導線連接理想變壓器，滑動觸頭P上下移動時可改變輸出電壓，Ro表示輸電線的電阻。線圈平面與磁場平行時為計時起點。下列判斷中正確的是A在圖示位置，變壓器原線圈的電流瞬時值為零B發電機線圈感應電動勢的瞬時值表達式為e=NBSc

6、ostC僅將滑動觸頭P向下移動時，變壓器原線圈電流將增大D在用電高峰，為使用戶電壓保持不變，滑動觸頭P應向上滑動【解析】根據e=NBScost,在圖示位置，e最大，電流也是最大，得A錯，B對；根據理想變壓器，=，當觸頭P向下移動時，n副減小，可得U副減小，副減小， = ，原 = 副，得原 減小，C錯；用電高峰時，用電戶中所有電器是并聯的，則用戶總電阻減小，副增大，輸電線上分得的電壓增大，用戶分得的電壓減小，觸頭P向上移動才能保證用戶正常用電，D對，故選BD。 19、如圖甲所示，傾角為370的足夠長傳送帶以恒定的速率v0沿逆時針方向運行。t=0時，將質量m=1kg的物體（可視為質點）輕放在傳送帶

7、上，物體相對地面的v-t圖象如圖乙所示。設沿傳送帶向下為正方向，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2，sin370=0.6, cos370=0.8。則 A傳送帶的速率Vo=12 m/s B02.0s內摩擦力對物體做功Wf=-24J Ct=2.0s時物體的運動速度大小為12m/s D物體與傳送帶之間的動摩擦因數=0.75 【解析】由v-t圖象可知，在01.0秒內，物體的加速度為10 m/s2, 在1.02.0秒內，物體的加速度為2m/s2,對物體進行受力分析可知，沿斜面方向只受兩個力的作用，一是重力的分力mgsin370=6N，二是受到斜面的摩擦力mgcos370=8N,可得在

8、01.0秒內這兩個力都沿斜面向下，物體以10 m/s2作勻加速運動直到與傳送帶速度相同，得傳送帶速度為10m/s,在1.02.0秒內，摩擦力沿斜面向上，=0.5，在02.0，摩擦力先做正功，后做負功，由由v-t圖象可得，在01.0秒內物體的位移為5m, 在1.02.0秒內物體的位移為11m,Wf=mgcos370(5-11)=-24J，故選BC。20、在LIGO用實驗直接探測引力波之前，泰勒和赫爾斯利用射電望遠鏡，發現了由兩顆中子星組成的相互旋繞的雙星系統，并觀察到了廣義相對論所預測的結果，第一次得到引力波存在的間接證據。如果我們把雙星系統中的每一個天體都簡化為質點，每個質點都繞它們連線上某一

9、點做勻速圓周運動。如果已經觀察到一個穩定的雙星系統中兩星之間的距離為L，旋轉周期為T，已知萬有引力常量為G，由這些數據可以確定的物理量有 A雙星系統的總質量 B雙星系統的旋轉角速度C雙星中每個天體的質量 D雙星中每個天體的軌道半徑【解析】如圖所示，雙星分別以r1和r2為半徑繞中心黑點做勻速圓周運動，根據雙星系統規律，兩星的同期T相同，角速度也相同，F=G,對m1有G=m12r1，對m2有G=m22r2，r1+r2=L,由這三個方程可知，不能計算機每一個星球的質量和半徑，但可以得出雙星系統的總質量。故選AB。m2m1r1r221、如圖所示，電阻不汁間距為三的鲞步平行金屬導軌水平放置，導軌左端接有

10、阻值為R的電阻，以導軌的左端為原點，沿導軌方向建立x軸，導軌處于豎直向下的磁感應強度大小為B的勻強磁場中。一根電阻也為R、質量為m的金屬桿垂直于導軌放置于Xo處，不計金屬桿與軌道間的接觸電阻，現給金屬桿沿x軸正方向的初速度，金屬桿剛好能運動到2Xo處，在金屬桿運動過程中A通過電阻R的電荷量為B金屬桿上產生的焦耳熱為m V02c金屬桿克服安培力所做的功為m V02D金屬桿運動到1.5Xo處時速度大小為【解析】 e=，=BLX0，q=t，q= ，A對；金屬桿的動能mv02轉化為兩電阻上產生的焦耳熱，可得金屬桿上產生的焦耳熱為1/4mv02，B錯；金屬桿的動能mv02用于克服安培力所做的功

11、，C對；金屬桿的-t圖象如圖所示，t0tV0vv加速度a=，在任意位置安培力F=，F=ma, =得=,在X02X0之間, =,=X0,則=；在X01.5X0之間，=-,=0.5X0, 則-=,得=0.5,D正確，故選ACD。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22第32題為必考題，每個試題考生都必須做答。第33第40題為選考題，考生根據要求做答。（一）必考題22.（6分）某學用圖甲所示裝置測物塊與斜面間的滑動摩擦力，已知打點計時器使用的交流電頻率為50 Hz，物塊下滑過程中打出的紙帶如圖乙所示。 （1）利用該紙帶中測出的數據可得滑塊下滑的加速度大小a= m/s2。 （2）為了測出滑塊與斜

12、面間的滑動摩擦力，該同學已經測出斜面的長度、高度h和加速度a，已知重力加速度為g，他還需要測量的物理量是 ，利用已知量和測得的量計算滑動摩擦力的表達式為f= 。 【解析】（1）a=4.0 m/s2 （2）滑塊的質量， mg-f=ma，f= mg- ma23.（9分）滑動變阻器由陶瓷筒和密繞在其上的螺線管狀電阻絲組成，為了在不破壞滑動變阻器的前提下粗略測量電阻絲的電阻率，某同學做了如下實驗：(1)用刻度尺測得螺線管1cm長度上的電阻絲匝數為n，則電阻絲的直徑d= m。(2)如圖甲所示，用游標卡尺測量滑動變阻器繞有電阻絲部分的外徑D，用刻度尺測量電阻絲螺線管的總長度L。游標卡尺示數如圖乙，則螺線管

13、的外徑D是 m。螺線管外徑D遠大于電阻絲直徑d，則繞制滑動變阻器的電阻絲的總長度可表示為 （用n、D、L表示）(3)用以下器材測量待測滑動變阻器R1的總電阻：A.待測滑動變阻器R1（總電阻約為50）B.電流表A1（量程為50mA，內阻r1為10）：C.電流表A2（量程為300mA，內阻r2約4）；D.滑動變阻器R2（最大阻值10）：E定值電阻Ro（阻值為10）F電源E（電動勢約為3V，內阻不計）；G.單刀單擲開關S，導線若干 測量中要求電流表的讀數不小于其量程的1/3，方框內為該同學設計的電路圖的一部分，請將電路圖補畫完整。 (4)若某次測量中電流表A1的示數為I1電流表A2的示數為I2，則由

14、已知量和測得量計算滑動變阻器總電阻的表達式為R1= 。(5)計算繞制滑動變阻器的電阻絲的電阻率的表達式為= 。（用n、d、D、L、R1表示）【解析】（1） （2）（3.1+8×0.005）×102=3.140×102m 周長D，則長度為DnL (3)如圖所示（4）R1與電流表1串聯后與R0=并聯，得，則R1=（5），S=，24.（12分） 如圖所示，平行金屬板A、B間距d=10cm，電壓UAB=20V，AB間存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁場磁感應強度B=0.4T，沿AB的中軸線OO射入速率不同的帶正電粒子，粒子電荷量q=10-6C、質量m=10-10kg，不計粒子

15、重力。 (1)如果射入的粒子不發生偏轉，求入射速度的大小。(2)如果粒子以速度V0=200m/s入射，飛出電場時側向位移大小y=3cm，請判斷粒子的偏轉方向（向A或向B），并求出粒子離開電場時的速度的大小。【解析】25.（20分） 如圖所示，長木板B在水平地面上向左運動，可視為質點的滑塊A在B的上表面向右運動。A、B兩物體的質量相同，A與B之間的動摩擦因數為1=0.2，B與水平地面間的動庫擦因數為2=0.3。在t=0時刻A的速度V1=2m/s水平向右、B的速度V2=13m/s水平向左。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，A未從B上滑離，g=10Mm /s2。從t=0時刻起，求： (1)A相對于地面向

16、右運動的最大距離；(2)兩物體都停止運動所經歷的時間。【解析】33.物理選修3-3（15分）(1)（5分）下列說法正確的是_（填正確答案的標號，選對一個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分為0分。） A布朗運動是懸浮在液體中的固體微粒的無規則的運動，它反應了液體分子的無規則運動 B通過改進技術可以把散失在環境中的內能重新收集起來加以利用而不引起其它變化 C給籃球打氣時會越來越費勁說明分子間存在斥力的作用 D石墨和金剛石的物理性質不同，是因為組成它們的物質微粒排列結構不同 E昆蟲能在水面上自由行走而不會掉入水中是水面存在表面張力的原因 (2)（10分）如圖所示為氣體

17、溫度計的示意圖，A為容積較大的玻璃泡，通過一根細小的玻璃管（玻璃管B的容積遠小于玻璃泡A的容積）連接，A內封閉一定質量的理想氣體，B的下端插入水銀槽中，當大氣壓為Po=76cmHg，溫度為27時，玻璃管內外水銀面的高度差為h=46cm，求： (i)溫度為77時玻璃管內外水銀面的高度差； (ii)如果大氣壓變為75cmHg，測得的溫度與實際溫度之差是多少？【解析】（1）布朗運動是懸浮在液體中的固體微粒的無規則的運動，它反應了液體分子的無規則運動，A對；根據能量守恒原則，把散失在環境中的內能重新收集起來，一定會引起其它的變化，B錯；給籃球打氣時，籃球里面的空氣越來越多，會越來越費勁，C錯；石墨和金

18、剛石組成元素都在碳，但它們的排列是不一樣的，D對；水面存在表面張力，昆蟲在水面上自由行走才不會掉入水中，E對。故選ADE。（2）34.物理選修3-4（15分）(1)（5分）下列說法正確的是_（填正確答案的標弓，選對一個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分為0分。）A根據麥克斯韋電磁場理論得知，在變化的電場周圍一定產生變化的磁場，在變化的磁場周圍一定存在變化的電場B機械波和電磁波都能發生反射、折射、干涉和衍射現象C同一單擺在高海拔地方比在低海拔地方的振動周期大D泊松亮斑是光通過圓孔發生衍射時形成的E當物體以較小的速度運動時，質量變化十分微小，經典力學理論仍然適用，只有當物體以接近光速運動時，質量變化才明顯，故經典力學適用于低速運動，而不適用于高速運動(2)（10分）如圖所示為半圓柱形玻璃磚的截面圖，玻璃的折射率為；，半圓的半徑為R,一束光線垂直底面BOC從A點射入玻璃，從OB邊射出玻璃時的方向平行于A0，不考慮多次反射，求： (i)A點與底面BOC之間的距離； (ii)從BO邊射出的位置與O點的距離。【解析】（1）變化的電場不能產生變化的磁場，A錯；機械波和電磁波都是波，就會發生反射、折射、干涉和衍射現象，B對；根據單擺的周期公式T=2，高海拔地方比在低海拔地方重力加速度小，周期就大，C對；泊松亮斑是光的