1、高二物理單元測試-電場高二物理單元測試電場本試卷分第I卷（選擇題）和第n卷（非選擇題）兩部分。共100分考試用時90分鐘。第I卷（選擇題共40分）一、本題共10小題，每小題4分，共40分.在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得4分，選不全的得2分，有選錯或不答的得0分.1 .關于元電荷下列說法正確的是（）A.元電荷實際上是指電子和質子本身B.所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數倍C.元電荷的值通常取作e=1.60X10-19CD.電荷量e的數值最早是由美國科學家密立根用實驗測得的2 .關于摩擦起電和感應起電，以下說法正確的是（）A.摩擦起電是

2、因為電荷的轉移，感應起電是因為產生了新電荷B.摩擦起電是因為產生了新電荷，感應起電是因為電荷的轉移C.不論摩擦起電還是感應起電都是電荷的轉移D.以上說法均不正確3 .下列關于靜電場的說法正確的是()A.在點電荷形成的電場中沒有場強相等的兩點，但有電勢相等的兩點B.正電荷只在電場力作用下，一定從高電勢向低電勢運動C.場強為零處，電勢不一定為零；電勢為零處，場強不一定為零D.初速為零的正電荷在電場力作用下一定沿電場線運動4.如圖所示，a、b、c是一條電場線上的三點,電場線的方向由b間距離等于b、c間距離，用4 表示 a、b、a、4 b、 4 c 和 EoEb、； Ec 分另ll 三點的電勢和場強，

3、可以判定( )A .（）a（）b（）cC . j a j b= j b j cB.D.EaEbEcEa = Eb = Ec5 .兩個半徑相同的金屬小球，帶電量之比為1:7,相距為r,兩者相互接觸后再放回原來的位置上，則相互作用力可能為原來的B.A.C.D.167116 .如圖所示，M、N兩點分別放置兩個等量種異電荷，A為它們連線的中點，B一為連線上靠O-7*吉M氣若N近N的一點，C為連線的中垂線上處于:A點上方的一點，在A、B、A.場強最小的點是B點B.場強最小的點是C點C.場強最小的點是B點D.場強最小的點是A點C三點中 （）A點，電勢最高的點是A點，電勢最高的點是C點，電勢最高的點是C點，

4、電勢最高的點是7 .將一正電荷從無窮遠處移向電場中M點，電場力做功為6.00-9J,若將一個等量的負電荷從電場中N點移向無窮遠處，電場力做功為7.0X0-9J,則M、N兩點的電勢枷、機有如下關系()A.mVnV0B. NM0C.nVmN08 .如圖所示的直線是真空中某電場的一條電場線，A、B是這條直線上的兩點，一帶正電粒子以速度Va經過A點向B點運動，經過一段時間后，粒子以速度Vb經過B點，且vb與va方向相反，不計粒子重力，下面說法正確的是()A.A點的場強一定大于B點的場強二B.A點的電勢一定高于B點的A電勢BC.粒子在A點的速度一定小于在B點的速度D.粒子在A點的電勢能一定小于在B點的電

5、勢能9 .如圖所示，以O點為圓心，以r為半徑的絕緣光滑的細圓其環面固定在水平面上,環與坐標軸交點分別為a、b、c、d,空間有一與x軸正方向相同的勻強電場，場強為E,在固定環上穿有一個質量為m、電量為+q的小球，小球可沿環做圓周運動。以下說法正確的是（）A.小球在c點的電勢能大于在a點的電勢能B.小球在c點的電勢能小于在a點的電勢能C.小球在b點的電勢能大于在d點的電勢能D.小球在b點的電勢能小于在d點的電勢能10 .如圖（甲）所示，在x軸上有一個點電荷Q（圖中未畫出），O、A、B為軸上求球放在4A、B兩點的檢驗電荷受到的電揚隱郵!抵（甲）（乙）荷所帶電荷量的關系如圖（乙）所示。以x軸的正方向為

6、電場力的正方向，則（）A.點電荷Q一定為正電荷B.點電荷Q在AB之間C. A點的電場強度大小為2X103N/CD. A點的電勢比B點的電勢高第口卷（三選擇題共60分）二、本題共2小題，共12分.把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答.11.（6分）某一研究性學習小組的同學們設計了以下實驗方案來驗證電荷守恒定律：實驗操作步驟一:手打起電板柄，用力將兩塊起電板快速摩擦后分開步驟二：將其中,塊板插入箔片驗電器上端的空心金屬球（不要接觸金屬球）步驟三：將兩塊板同時插入空心金屬球實驗圖解實驗現象r”一中演電布機*圖良咱計他箔片張開箔片閉合根據以上實驗過程和觀察到的現象，問題：(1)步驟二的實驗現象回答下

7、列(2)步驟三的實驗現象，說明(3)該研究性實驗(填“能”或“不能”)驗證電荷守恒定律。12.(6分)描繪電場中的等勢線的實驗裝置如圖所示：(1)在實驗過程中，要把復寫紙、導電紙、白紙鋪放在木板上，它們的順序自上而下是：(2)如果以a、b兩個電極山一、的連線為x軸，以a、疔ia.,7b連線的中垂線為y匚二;/軸，并將一個探針固定置于y軸上的某一點，合上開關S,而將另一個探針由b電極處沿x軸正方向移到a電極的過程中，靈敏電流表G的指針與零刻度夾角變化情況是(將字母代號填寫在橫線上)。A.逐漸增大B.逐漸減小C.先變大后變小D.先變小后變大三、本題共4小題，滿分48分。解答應寫出必要的文字說明、方

8、程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位。13. （10分）如圖所示，傾角為30的直角三角形底邊長為2L,底邊處在水平位置，斜邊為光滑絕緣導軌，現在底邊中點。處固定一正電荷Q,讓一個質量為m的帶正電質點q從斜面頂端A沿斜邊滑下（不脫離斜面），已知它滑到斜邊上的D點（BDXAC）時加速度為a,方向沿斜面向下，求該質點剛要滑到斜邊底端C點時的加速度。(1)(2)(3)14. （12分）如圖所示，小球A和B帶電荷量均為+q,質量分別為m和2m,用不計原量慘直細繩連接，在豎直向上的勻強電場株速度V0勻速上升，某時刻細繩突然斷開。j、秫AB之間的相互作用

9、力忽略不計。求：2m該勻強電場的場強E細繩斷開后A、B兩球的加速度aA、aB當B球速度為零時，A球的速度大小vAii15. （12分）電荷量為q=1X10-4C的帶正電小物塊置于粗糙的絕緣水平面上，所在空間存在沿水平方向的勻強電場，場強E與時間t的關系及物塊速度v與時間t的關系如圖所示。若重力加速度g取10m/s2）求：(1)(2)(3) 量。物塊的質量m。_4_-1AE/10 N - C 13 1物塊與水平面之間的動摩擦因數 1 .物塊運動2s過程中；其電勢能的能變,-1v/m - s32 o116. （14分）飛行時間質譜儀可對氣體分子進行分析。如圖所示，在真空狀態下，脈沖閥P噴出微量氣體

10、，經激光照射產生電荷量為q、質量為m的正離子，自a板小孔進入a、b間的加速電場，從b板小孔射出，沿中線方向進入M、N板間的偏轉控制區，到達探測器。已知a、b板間距為d,極板M、N的長度和間距均為Lo不計離子重力及進入a板時的初速度。(1)當a、b間的電壓為Ui,在M、N間加上適當的電壓U2,使離子到達探測器。求離子到達探測器的全部飛行時間。(2)為保證離子不打在極板上，試求 a bU i的關系。P-U2與M1L !探測器激光束L N21參考答案1. BCD解析：元電荷是指電子或質子所帶的電荷量，數值為e=1.60X10-19C,故A項錯誤,C項正確；所有帶電體的電荷量都等于元電荷的整數倍，B項

11、正確；電荷量e的數值最早是由美國科學家密立根用實驗測得的，D也正確。2. C解析：摩擦起電和感應起電的實質都是電子的轉移。不論何種起電方式都不能創造電荷。故C正確。3. AC解析：考查電場基本性質，幾種典型場空間分布。場強是矢量，A對；若正電荷具有初速度，只在電場力作用下，不一定從高電勢點向低電勢點運動，B錯；電勢具有相對性，零電勢點是可任意選取的，故C對；初速為零的正電荷若在電場線不為直線的電場中，只在電場力作用下，其將不沿電場線運動，故D錯.4. A解析：只有一條電場線，不能確定具體的電場，無法比較電場強弱及兩點間的電勢差5. CD解析：考查電荷守恒和庫侖定律，考慮電荷可能是同種或異種。6

12、. C解析：考查等量種異點電荷電場線的分布特點，A、B、C三點中場強最小的點是C點,電勢最高的點是B點，選項C正確。7. C解析：取無窮遠電勢8=0,對正電荷：Wmq(0M)得M-3；對負電荷：qqWnq(n0),得nj3,所以nVm7qq70,選項C正確。8. D解析：粒子受電場力方向向左，粒子帶正電，故場強向左，B錯D對；一條電場線無法判斷場強大小，故A錯；粒子從A點到B點，電場力做負功，A點速度大于B點速度，C錯。9. A解析：c點的電勢比a點的電勢高，小球帶正電，故小球在c點的電勢能大于在a點的電勢能，A項正確；b點和d點電勢相等，小球在b點的電勢能等于在d點的電勢能，CD項均錯。故正

13、確選項為A。10. BC解析：由圖(乙),正檢驗電荷放在A點和負檢驗電荷放在B點所受電場力方向均沿x軸正方向，說明點電荷Q為負電荷且放在AB之間，選項A錯B對；由圖線斜率表示場強，可知A點場強大小為2X103N/C,B點場強大小為5X102N/C,A點距離Q較近，故A點的電勢低于B點的電勢，選項C對D錯。11. （1）插入驗電器上端空心金屬球內的起電板帶上了電荷；（2）兩塊板帶有等量異號電荷，總電荷量為零；（3）能12. （1）導電紙復寫紙白紙；（2）D13. （10分）解：設正電荷q在D點和C點所受靜電力分別為Fd、Fc,在D點，由牛頓第二定律得：mgsin30-FDsin30=ma,（3分

14、）在C點：mgsin30+Fccos30=mac（3分）D和C在同一等勢面上，Fd=Fc,（2分）所以ac=七&、&,方向沿斜面向下（2分）14. （12分）解：（1）設場強為E,把小球A、B看作一個系統，由于繩未斷前作勻速運動，則有：2qE3mg（2分）3mg2q（1分）（2）細繩斷后，根據牛頓第二定律, 對A有： qE mg maA得aA 方向向上；對B有： qE 2mg 2maB 分）（2分）（1分）（2aBg （負號表示方向向下）。4（1分）（3）細繩斷開前后兩繩組成的系統滿足合外力為零，所以系統總動量守恒。設B球速度為零時, 根據動量守恒定律，得：A球的速度為Va,（m 2m）v0 mvA得 Va 3vo（2分）（1分）15. （12分）解：由圖可知，第1s物塊做勻加速直線運動，由牛頓第二定律有qE1一 m=ma,由圖線知a=2m/s21s后物塊做勻速運動qE2= L mg（1分）（1分）由平衡條件有（1分）聯立解得q （ E1 E2 ） =ma（1分）由圖可得Ei=3M04N/C,E2=2X104N/C,（1分）代入數據解得：m=0.5kg（1分）（2）由qE2=（1mg可得p=qE2/mg=0.4（2分）（3）物塊在第1s的位移為&|tiim（1分）物塊在第2s的