1、題號一一三四總分得分考試范圍：xxx;考試時間：100分鐘；命題人：xxx評卷人得分A.sin :B.cos:C.tan -D.tan ：sin 二cos :tan :tan 二4.如圖所示，可視為質點的、質量為m的小球，在半徑為R的豎直放置的光滑圓形管絕密啟用前湖南省長沙一中2018-2019學年高二下學期期末物理試題試卷副標題注意事項：1 .答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2 .請將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題） 請點擊修改第I卷的文字說明1 .物理學是一門以實驗為基礎的學科，物理定律就是在大量實驗的基礎上歸納總結出 來的.但有些物理規律或物理關系的建立并不是直接從實驗得到

2、的，而是經過了理想化或合理外推得到的，下列選項中屬于這種情況的是A.牛頓第一定律B.牛頓第二定律C.牛頓第三定律D.胡克定律2 . 一質點在幾個共點力作用下做勻速直線運動，現對其施加一恒力，且原來作用在質 點上的力保持不變，則A.質點一定做勻變速運動B.質點一定做勻變速直線運動C.質點可能做勻速圓周運動D.質點在單位時間內速率的變化量總是不變3 .甲、乙兩個同學對挑乒乓球，設甲同學持拍的拍面與水平方向成儀角，乙同學持拍的拍面與水平方向成 P角，如圖所示，設乒乓球擊打拍面時速度與拍面垂直，且乒乓球每次擊打球拍前與擊打后速度大小相等，方向相反.不計空氣阻力，則乒乓球擊打甲的球拍的速度 R與乒乓球擊

3、打乙的球拍的速度 隊之比為試卷第12頁，總8頁道內做圓周運動，下列有關說法中不正確的是題答內線訂裝在要不請派VJ >)> 上一工。 >)> ,、 打】 】 】 C - - - - 韭 - - - - C 】 】 】 八夕A .小球能夠通過最高點時的最小速度為0B.小球通過最高點時的速度為 RgR ,則此時小球對管道的內壁作用力為-mg24C.如果小球在最高點時的速度大小為2jgR ,則此時小球對管道的外壁作用力為3mgD .如果小球在最高點時的速度大小為 JgR，則小球通過最高點時與管道間無相互作 用力5 .電視綜藝節目加油向未來中有一個橄欖球空中擊劍游戲：寶劍從空中B

4、點自由下落，同時橄欖球從 A點以速度沿AB方向拋出，恰好在空中 C點沿水平方向擊中劍尖，不計空氣阻力.關于橄欖球，下列說法正確的是A .在空中運動的加速度大于寶劍下落的加速度B,若以大于 7的速度沿原方向拋出，一定能在 C點上方擊中劍尖C,若以小于 的速度沿原方向拋出，一定能在 C點下方擊中劍尖D.無論以多大速度沿原方向拋出，都能擊中劍尖6 .如圖所示，斜面上用一細繩連接箱體C,有A、B兩小球用輕質彈簧相連、放置于箱體內處于平衡.已知 mA =mB =mC ,當剪斷細繩瞬間，下列說法正確的是（不計所有摩擦）A . aA = g sin 日C. aC = g sin 8B. aB =- gsin

5、62D. aC = 2gsinH7.地質勘探發現某地區表面的重力加速度發生了較大的變化，懷疑地下有空腔區域。進一步探測發現在地面 P點的正下方有一球形空腔區域儲藏有天然氣，如圖所示。假設該地區巖石均勻分布且密度為P,天然氣的密度遠小于P,可忽略不計。如果沒有該空腔，地球表面正常的重力加速度大小為g;由于空腔的存在，現測得P點處的重力加速度大小為kg(k<1)。已知引力常量為 G,球形空腔的球心深度為 d,則此球形空腔的體 積是B.kgd2G：C (ilgdG：D (1-k)gd2G：8.甲、乙兩物體從同一地點同時開始沿同一方向運動，甲物體運動的vt圖象為兩段直線，乙物體運動的Vt圖象為兩

6、段半徑相同的圓弧曲線，如右圖所示。圖中t4=2t2,則在0t4時間內，下列說法正確的是 ()A .甲物體的加速度不變8 .乙物體做曲線運動C.兩物體t1時刻相距最遠，14時刻相遇D .甲物體的平均速度等于乙物體的平均速度9 .兩個質量相同的直角楔形物體 a和b,分別在垂直于斜邊的恒力 Fi和F2作用下靜止在豎直墻面上，如圖所示，下列說法正確的是A .a、b 一定都受四個力的作用B.a、b所受摩擦力的方向都是豎直向上C.F2 一定小于F1D.Fi、F2大小可能相等評卷人得分二、多選題10.物體做單向直線運動，若在任意相等位移內速度變化量u相等，規定速度方向為正方向，則下列說法正確的是A.則物體做

7、勻速直線運動B.>0,則物體做勻加速直線運動C.>0,則物體做加速度逐漸增大的加速直線運動D.<0 ，則物體做加速度逐漸增大的減速直線運動11 .如圖所示.傾角為。的斜面上有A、B、C三點，現從這三點分別以不同的初速度水平拋出一小球，三個小球均落在斜面上的D點.今測得AB : BC :CD=5: 3: 1,此可判斷（A、B、C處三個小球運動時間之比為1 : 2: 3B.A、B、C處三個小球落在斜面上時速度與初速度間的夾角之比為1:1:1C.A、B、C處三個小球的初速度大小之比為3: 2: 1D.A、B、C處三個小球的運動軌跡可能在空中相交12.如圖所示，裝置 BOO可繞豎直軸

8、OO轉動，可視為質點的小球A與兩細線連接J O 線 OX題XX答XX內訂XX線XX訂XX 拈衣 XX在XX要X裝X不XX請XO 外 O線訂內后分別系于B、C兩點，裝置靜止時細線 AB水平，細線 AC與豎直方向的夾角8=37，已知小球的質量 m=1kg,細線AC長L=1m, B點距C點的水平和豎直距離相等（重力加速度 g 取 10m/s2, sin37* = 0.6, cos37° = 0.8）A.若裝置勻速轉動的角速度為5,2-0 =rad / s 時,2細線AB上的張力為零而細線ACB.若裝置可以以不同的角速度勻速轉動，且角速度52, rad2/ s時,細線AC張力25 z T =

9、 N2C.若裝置可以以不同的角速度勻速轉動，且角速度5.2 rad2/s時,細線AC上與豎直方向夾角仍為 37張力T與角速度的平方 缶2成線性關系D.若裝置可以以不同的角速度勻速轉動，且角速度5、60 >rad / s時，細線AB上張3力不變第II卷（非選擇題）13.某同學設計了如下實驗裝置，用來測定小滑塊與桌面間的動摩擦因數.題答內線訂裝在要不請派 rkr 八 夕 一請點擊修改第II卷的文字說明評卷人 得分三、實驗題如圖甲所示，水平桌面上有一滑槽，其末端與桌面相切.讓小滑塊從滑槽的最高點由靜止滑下，滑到桌面上后再滑行一段距離 L ,隨后離開桌面做平拋運動， 落在水面地面上 的P點，記下

10、平拋的水平位移 x ,平移滑槽的位置后固定，多次改變距離 L ,每次讓滑 塊從滑槽上同一最高點釋放， 得到不同的水平位移 x .作出x2 _ l圖象，即可根據圖象 信息得到滑塊與桌面間的動摩擦因數.（1）每次讓滑塊從滑槽上同一高度釋放，是為了 .（2）除了 L和x外，本實驗還需要測量或告知的物理量是 .A .滑槽最高點與桌面的高度差 hB .小滑塊的質量 mC.桌面與地面的高度差 H D.當地的重力加速度 g（3）若x2 -L圖象的斜率絕對值為 k ,縱軸上的截距為 b ,如圖乙所示，則滑塊與桌面間的動摩擦因數的表達式為 .（用本題中提供的物理量符號表示）14 .如圖甲所示，上表面光滑的楔形木

11、塊 A固定在水平放置的壓力傳感器上.某同學將質量不同的小鋼球從斜面頂端由靜止釋放（每次只有一個小球），記錄小鋼球在斜面上運動時壓力傳感器的示數， 并根據實驗數據作出 F-m圖線，如圖乙.重力加速度大小取9.8m/s2,完成下列填空號 考班名 姓校 學2.502.4D2.302.2()2.10一一 . 2.00L900 20 40 60 80 100 1 20口（1）不同質量的小鋼球在斜面上運動的時間（填相同"或不相同”）；（2）由圖象知，木塊 A的質量M =kg （保留兩位有效數字）；（3）若斜面傾角為0 ,由圖象可知，cos2 6 = （保留兩位有效數字）評卷人得分四、解答題15.

12、如圖所示，擋板 OM與豎直方向所夾的銳角為0, 一小球（視為質點）從 O點正下方和A點以速度V0水平拋出，小球運動過程中恰好不和擋板碰撞（小球軌跡所在平面與擋板垂直）.不計空氣阻力，重力加速度大小為g,求：（1）小球恰好不和擋板碰撞時的豎直速度大小；（2） O、A間的距離.16.已知地球半徑為 R、自轉周期為T、地球表面重力加速度為 g .求：（1）地球同步衛星的軌道半徑；（2）同步衛星線速度與第一宇宙速度的比值.17.如圖所示，截面為直角三角形的斜面體固定在水平地面上，兩斜面光滑，斜面傾角 分別為60°和30。，一條不可伸長的輕繩跨過固定在斜面頂端的光滑定滑輪連接著兩個 小物體，物

13、體B的質量為m ,重力加速度為 g .題答內線訂裝在要不請派(1)若A的質量也為m ,由靜止同時釋放兩物體，求 A物體下滑的加速度(B物體不與滑輪碰撞，結果用根號表示)；(2)若斜面體不固定，當斜面體在外力作用下以大小為a的加速度水平向右做勻變速直線運動時，要使 A、B兩物體相對斜面都不動，求加速度 a與A物體質量的取值范圍.18.光滑的斜面傾角 日=30:斜面底端有彈性擋板 P ,長21、質量為M的兩端開口的圓筒置于斜面上，下端在B點處，PB = 21 ,圓筒的中點處有一質量為 m的活塞，. mgM =m .活塞與圓筒壁緊密接觸，最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，其值為f=-.每當圓筒中的活塞運

14、動到斜面上AB區間時總受到一個沿斜面向上大小為F =mg的恒力作用，AB=1 .現由靜止開始從 B點處釋放圓筒.(1)活塞進入 AB區間前后的加速度分別多大？(2)圓筒第一次與擋板 P碰撞前的速度和經歷的時間分別為多少？(3)若圓筒第一次與擋板 P瞬間碰撞后以原速度大小彈回，那么，圓筒沿斜面上升到 rkr 八 夕 一最高點的時間為多少？本卷由系統自動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考參考答案1. . A【解析】試題分析：牛頓第一定律是建立在伽利略的斜面實驗的基礎上，經過了理想化或合理外推得到的，故選項A正確.考點：物理問題的研究方法【名師點睛】此題是對物理學史及物理問題的研究方法問題；平時要

15、多注意此類知識的積累，通過閱讀觀察，了解物理學的發展史以及物理學家對物理學發展的偉大貢獻，從而進一步豐富自己的知識.2. A【解析】【詳解】物體受到幾個外力的作用而做勻速直線運動，說明幾個力是平衡力， 如果加上一個力后， 物體可能做直線運動，也可能做曲線運動，當施加力的方向與原來速度方向不在同一直線上，則做勻加速直線運動;A正確，BC錯誤;由421可知，單位時間內速度的變化量相同,但如果做曲線運動,則速率的變化量不一定則做勻變速曲線運動。 當力與原來速度方向不在同一直線上，則做勻變速曲線運動； 當力與 原來速度方向相反，則做勻減速直線運動；當力與原來速度方向相同, 由于力不可能一直與運動方向相

16、互垂直，故不可能做勻速圓周運動，故答案第11頁，總9頁相同，故D錯誤。3. A【解析】【詳解】根據斜上拋運動的特點可知，乒乓球在水平由題可知，乒乓球在甲與乙之間做斜上拋運動,方向的分速度大小保持不變，豎直方向的分速度是不斷變化的，由于乒乓球擊打拍面時速度v1vx vxsin :,與拍面垂直， 在甲處：vx=visin 8在乙處：Vx=v2Sin 3所以： =一 :.r = 一 .故v2sin -sin -sin二A正確，BCD錯誤；故選Ao【點睛】解答該題，關鍵是理解斜上拋運動的對稱性，明確甲、乙兩處的速度沿水平方向的分速度是相等的。4. B【解析】【詳解】因為管道對小球的作用力可以向上，可以

17、向下，知小球在最高點的最小速度為零。故A正2確。如果小球在最高點時的速度大小為J§R ,則此時mg = m ,則小球通過最高點時與R管道間無相互作用力，選項 D正確；當小球在最高點時的速度大小為2壁對小球有作用力，根據牛頓第二定律得,N=- mg,則此時小球對管4mg-N=m ,解得R3-tT道的內壁作用力為 4 mg,故B錯誤。小球在最高點時的速度大小為2ggR>JgR,知外2壁對小球有作用力。根據牛頓第二定律得，mg+N=m ,解得N=3mg ,則此時小球對管道的外壁作用力為 3mgo故C正確。本題選不正確的，故選B。5. A【解析】試題分析：在空中運動的加速度等于寶劍下落

18、的加速度，故選項A錯誤；當速度大于Vo時,水平方向分速度增加，而擊中劍尖，水平方向位移不變，所以時間減小，B下落的距離減小， 肯定在C點上方擊中劍尖，選項 B正確；如圖速度小于 Vo,物體落地時水平方向位移可能 小于A點到BC的距離，不能擊中劍尖，選項 CD錯誤。考點：【名師點睛】6. B【解析】【詳解】設ABC的質量為m,剪斷細線之前，彈簧的彈力為 mgsin 9;剪斷細線的瞬間，彈簧的彈力 不能突變，則此時 A的加速度仍為零；剪斷細線的瞬間，箱子 C和B有共同的加速度，對BC的整體： mgsin (+2mgsin 0=2ma;解得BC的加速度均為 aB = aC = gsinH ,選項B正

19、 2確，ACD錯誤.7. D【解析】【詳解】地球表面正常的重力加速度大小為g ,由于空腔的存在，現測得P點處的重力加速度大小為kg ,則空腔體積大小的巖石對物體吸引產生的加速度為(1-k)g ,結合萬有引力定律2-Mm 幡-：Vm1 - k gdG=ma,即G1= m(1k g,解得：Y ='與一，故D項正確，ABC錯誤。rdG：8. D【解析】0t2時間段內，甲做勻加速直線運動， t2t4時間內甲物體做勻減速直線運動，故 A錯；速度 是矢量，在速度時間圖象中，只能表示直線運動， B錯；在整個運動過程中 t3時刻，兩物體相距最遠，C錯；在速度時間圖象中，下面所包圍的面積即為位移，可求知

20、t4時間段內，位移相等，故平均速度相同，D對。9. D對a受力分析如圖1：除摩擦力外的三個力不可能平衡，故一定有摩擦力，摩擦力方向豎直向上，故a受四個力；除摩擦力外對b受力分析如圖2:除摩擦力外，N、mg三力有可能平衡，沿豎直方向和水平方向分解 ，設 與豎直方向夾角為 “則有：，解得若沒有摩擦力，此時b受3個力；(2)若，摩擦力向下，b受四個力；若，摩擦力向上，b受四個力；和 沒有必然的聯系，有可能相等，但也有可能不等，故 D正確，A、B、C錯誤； 故選D。【點睛】對A、B分別受力分析，然后分析一下除摩擦力以外的其它力，看看其它力是否有 平衡的可能；若沒有平衡的可能，則一定有摩擦力；若有平衡的

21、可能，則可能有向上的摩擦 力，也可能有向下的摩擦力，也可能沒有摩擦力。10. AC【解析】【詳解】若丫二。，物體的速度不變，則物體作勻速直線運動。故 A正確；Av>0,物體作加速直線運 動，通過任意相等位移的所用時間。逐漸減小，由加速度 a =生 知，加速度增大。故 B錯t誤，C正確；若Av<0,物體作減速直線運動，通過任意相等位移的所用時間逐漸增大，由加速度a =與知，加速度減小，物體作加速度逐漸變小的減速直線運動。故 D錯誤。Lt11. BC【解析】12根據幾何關系可得二個小球下洛的局度之比為：9: 4: 1;由卜=gt ,可得飛行時間之比2為：3： 2： 1；故A錯誤；因為三

22、個小球位移的方向相同，速度夾角正切值一定是位移夾角正切值的2倍；所以速度與初速度之間的夾角一定相等，故為 1： 1： 1;故B正確；因三個 小球下落的水平位移之比為：9: 4: 1;時間之比為：3: 2: 1;水平方向有x=vt可得，初速度大小之比為：3: 2: 1;故C正確；最后三個物體落到同一點，故三個小球的運動不可 能在空中相交，故 D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。12. ABC【解析】【詳解】若細線AB上張力恰為零且細線 AC與豎直方向夾角仍為 37。時，根據牛頓第二定律得：mgtan37 °=mw 12Lsin37 ,° 解得:%=5交rad/s ,選項A正確；若

23、裝置可以以不同的角速度2Tac cos37 = mg ,解得5、. 2勻速轉動，且角速度0 <rad/s時，此時對小球,豎直方向:對小球水平方向研究Tac =N ,選項B正確；當角速度ra > rads rad/s且逐漸增大時, 22.2,.2.有：Tac sine =m& Lsin日，即Tac = m。L ,即細線AC上張力T與角速度co的平方成線性關系；當角速度 缶=述 rad / s > 述 rad / s時，根據牛頓第二定律得:2mgtan Om®2 Lsin 9解得：cos 0 = 0.6=53 ,此時細線 AB恰好豎直，且張力為手；當>5Y

24、6rad/s時，細線AB上有張力，對小球分析，水平方向：TAcsin53 = mE2Lsin53 , 32.豎直萬向：Tac cos53l = mg十Tab ,則Tac = m© L ,即細線AC上張力T與角速度co的平1. 線性關系；Tab隨角速度3的增加也增大。故 C正確，D錯誤。, k13. (1)使滑塊到達滑槽末端的速度相等(2) C (3)卜=4H【解析】【詳解】(1)每次讓滑塊從滑槽上同一高度釋放，是為了保證滑塊到達滑槽末端的速度相同；(2)滑塊從桌邊做平拋運動，則有：1 2H = Tgt2x=vt設到達滑槽末端的速度為 V0,與桌面的摩擦因數為科在桌面上的加速度大小為：

25、a =Emg = Ngm在桌面上有：-2 agL= v2-v022聯立解得：x2= V0 -4HLg要根據x2 l圖象信息得到測定滑塊與桌面間的動摩擦因數，除了 L和x外，還需要測量或告知的物理量是桌面與地面的高度差H,故選C.(3)若x2-L圖象的斜率絕對值為 k,則有：4科用kk解得：=4H14. (1)相同(2) 0.20(3) 0.34 ( 0.32|_ 0.36均可)【解析】【詳解】(1)根據牛頓第二定律得小球下滑的加速度為：a = mgsn gsine ,則不同質量的小鋼m珠在斜面上運動情況完全相同，所以運動的時間也相同。(2)當m=0時，傳感器的示數即為木塊 A的重力，則有：Mg

26、=1.97N,1.97斛得：M =kg ： 0.20kg9.8(3)對小球受力分析，根據平衡條件可知，A對小球的支持力 N=mgcos 0,根據牛頓第三定律可知，小球對 A的壓力為mgcos 0,又A受力分析可知，傳感器對A的支持力2F = Mg + mgcos 0cos 0,貝U傳感奮的本數為 F=Mg + mgcos 0則F-m圖象的斜率k=gcos2 %Mgcos2y27=3.30.1解得：cos2 9=0.34；15. ( 1) V0cot 0 ( 2)【解析】【詳解】(1)由于小球恰好不和擋板碰撞，達到斜面時，速度方向與斜面恰好平行，有：cot 0 -,解得 Vy=V0cot 0(2

27、)根據cot。一得運動的時間為： ,根據X=V0t, y=-g得解得平拋運動的水平位移為：，豎直位移為： ，聯立解得:由幾何關系得:2 2gRT4二2(1)設地球同步衛星的軌道半徑為r,由GMm二 mr I r2T力-Mm和 G -2- = mg解得r =32. 2gRT4 712故地球同步衛星的軌道半徑為(2)地球同步衛星的線速度3第一宇宙速度V122戰T2Mm% /口由 G m m mg = m 倚,R2R=gR地球同步衛星的線速度與第一宇宙度的比值1117.(1)痣-1g(2)當斜面體向右做勻加速直線運動時:33 c3.0 < a < g , 0 < mA < m ;33當斜面體向右做勻減速直線運動時0 <a <73g ,mA,3m3(1)由牛頓第二定律：mg sin 60，mg sin 30 = 2mag sin 60 -sin 30 一 3 -1解得兩物塊加速度 a = 二 -一- g24(2)