1、湖南省長沙市天心區(qū)長郡中學(xué)高一物理下學(xué)期期末考試試題（含解析）湖南省長沙市天心區(qū)長郡中學(xué)20182019學(xué)年高一物理下學(xué)期期末考試試題（含解析）一、選擇題（本題包括15小題，每小題3分，共45分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，112題只有一項(xiàng)是將合題目要求的，1315題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得3分,選對(duì)但不全得2分，有選錯(cuò)的得。分）1.若人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則離地面越近的衛(wèi)星（）A.線速度越小B.角速度越小C.向心加速度越小Do周期越小-3-【答案】【解析】【詳解】人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由地球的萬有引力提供向心力，則有:MmO-r-v2,4爐=m=tncor=ina=m-

2、rT2* 二 2端可知，離地面越近的衛(wèi)星,坑道半徑越小，線速度越大，故A錯(cuò)誤;B.由（O-可知，離地面越近的衛(wèi)星，就道半徑一越小，角速度越大，故B錯(cuò)誤:GMD.由7 =C.由4=可知，離地面越近的衛(wèi)星，軌道半徑/越小，向心加速度越大，故C錯(cuò)誤:可知，離地面越近的衛(wèi)星，凱道半徑r越小，周期越小，故D正確。2下列關(guān)于第一宇宙速度的說法中正確的是A.第一宇宙速度又稱為逃逸速度B.第一宇宙速度的數(shù)值是11。2km/sC.第一宇宙速度的數(shù)值是7.9km/sD.第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的最小線速度【答案】B【解析】第一宇宙速度在地面附近繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所必須具有的速度。也是人造衛(wèi)星的最小發(fā)射速度,

3、3o發(fā)射人造衛(wèi)星是將衛(wèi)星以一定的速度送入預(yù)定就道。發(fā)射場一般選擇在盡可能靠近赤道的地方，如圖2。這樣選址的優(yōu)點(diǎn)是，在赤道附近圖2A.地球的引力較大Bo地球自轉(zhuǎn)線速度較大C.重力加速度較大Do地球自轉(zhuǎn)角速度較大【答案】B【解析】試題分析：A、相對(duì)于地心的發(fā)射速度等于相對(duì)于地面的發(fā)射速度加上地球自轉(zhuǎn)的線速度.地球自轉(zhuǎn)的線速度越大，相對(duì)于地心的發(fā)射速度越大，衛(wèi)星越容易發(fā)射出去.赤道處，半徑最大，所以自轉(zhuǎn)線速度最大.故A錯(cuò)誤，B正確.C、赤道處重力加速度最小.故C錯(cuò)誤.D、在地球上各點(diǎn)具有相同的角速度.故D錯(cuò)誤.故選B.4.火星和木星沿各自的橢圓軌道繞太陽運(yùn)行，根據(jù)開普勒行星運(yùn)動(dòng)定律可知:A.太陽位于

4、木星運(yùn)行軌道的中心B.火星和木星繞太陽運(yùn)行速度的大小始終相等Co火星與木星公轉(zhuǎn)周期之比的平方等于它們軌道半長軸之比的立方Do相同時(shí)間內(nèi)，火星與太陽連線掃過的面積等于木星與太陽連線掃過的面積【答案】C【解析】太陽位于木星運(yùn)行軌道的焦點(diǎn)位置，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)開普勒行星運(yùn)動(dòng)第二定律可知，木星和火星繞太陽運(yùn)行速度的大小不是始終相等，離太陽較近點(diǎn)速度較大，較遠(yuǎn)點(diǎn)的速度較小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤：根據(jù)開普勒行星運(yùn)動(dòng)第三定律可知，木星與火星公轉(zhuǎn)周期之比的平方等于它們軌道半長軸之比的立方，選項(xiàng)C正確：根據(jù)開普勒行星運(yùn)動(dòng)第二定律可知，相同時(shí)間內(nèi)，火星與太陽連線掃過的面積相尋，但是不等于木星與太陽連線掃過面積，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

5、故選C。5o質(zhì)量為1kg的物體做直線運(yùn)動(dòng)，其速度圖象如圖所示則物體在前10s內(nèi)和后10s內(nèi)所受外力的沖量分別是（）B. 10N s, 10N sD. 10N s, 10 N sA.0,-10NsC.0,1ONS【答案】A【解析】試題分析：從圖中可知在前10s初的速度為匕=5/s,前10s末的速度為叭=5?/s,根據(jù)動(dòng)量定理可得/=/w（v2-vj=0,后10s初的速度為匕=5s,后10s末的速度為匕=-5/s,根據(jù)動(dòng)量定理可得1=/h（v3-V;）=-ION-S,故A正確考點(diǎn)：考查了沖量定理,速度時(shí)間圖像6o人從高處跳到低處時(shí)，一般都是讓腳尖部分先著地并彎曲下肢，這是為了（）A.減小沖量Bo使

6、動(dòng)量的增量變得更小Co增長人與地面的作用時(shí)間，從而減小受力湖南省長沙市天心區(qū)長郡中學(xué)高一物理下學(xué)期期末考試試題（含解析）D.增大人對(duì)地的壓強(qiáng)，起到安全作用【答案】C【解析】【詳解】人在和地面接觸時(shí)，人的速度減為零，由動(dòng)量定理可知(F-mg)t=AP：而腳尖著地可以增加人著地的時(shí)間，可以減小動(dòng)量的變化率，故減小受到地面的沖擊力，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C.7.兩電皿吊，癥的伏安特性曲線如圖所示，由此可知/?,;凡等于-9-A. 1:3Bo3:1【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)R=4=cot。,解得:R2=cot60:cot30=1:3.Ao根據(jù)計(jì)算結(jié)果可知&=1：3,故A正確:B.根據(jù)計(jì)算結(jié)果可

7、知4：&=1：3,故B錯(cuò)誤;C.根據(jù)計(jì)算結(jié)果可知K：&=1:3,故C錯(cuò)誤;Do根據(jù)計(jì)算結(jié)果可知凡：叫=1：3,故D錯(cuò)誤。8.直流電動(dòng)機(jī)M接在如圖所示的電路中，理想電壓表的示數(shù)是20V,理想電流表的示數(shù)是1.0A,限流電里R=5.0Q,則可知:Ao電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率是20WBo電阻R消耗的電功率是5WCo電動(dòng)機(jī)線圖的電阻是20。D.電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的電熱功率是20W【答案】B【解析】電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為：P=IU=20W,選項(xiàng)AD錯(cuò)誤：電阻R消耗的電功率為Pr=/X5W二5W,選項(xiàng)B工20。，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；故選正確；電動(dòng)機(jī)不是純電阻亂路，故不適用歐姆定律，故電動(dòng)機(jī)線圖的電阻尸工Bo【名師，點(diǎn)睛】此題是關(guān)于

8、電動(dòng)機(jī)問題的計(jì)算：要知道電動(dòng)機(jī)不是純電阻電路，不滿足歐姆定律，故電動(dòng)機(jī)線圍內(nèi)阻勺工彳:電動(dòng)機(jī)的總功率IU-部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)阻上的發(fā)熱功率r,另一部分輸出變?yōu)闄C(jī)械功率，要弄清這種能量轉(zhuǎn)化.9o如圖所示，水平天花板下用長度相同的絕緣細(xì)線懸掛起來的兩個(gè)相同的帶電小球A、B,左邊放一個(gè)帶正電的固定球+Q時(shí)，兩懸線都保持豎直方向，小球A與固定球+Q的距離等于小球A與小球B的距離。下列說法中正確的是（）+Q A 萬A. A球帶正電，B球帶負(fù)電，并且A球帶也荷量較大B. A球帶負(fù)電，B球帶正電，并且A球帶電荷量較小CoA球帶負(fù)電，B球帶正電，并且A球帶電荷量較大DoA球帶正也，B球帶負(fù)也，并且A球帶也荷量校小【

9、答案】B【解析】試題分析：根據(jù)電荷間的相互作用可知，A應(yīng)該帶負(fù)電,，B帶正電，A才能受到+Q的向左的吸引力和B球向右的吸引力而平衡，B球受到+Q向右的排斥力和A球向左的吸引力而平衡；所以選項(xiàng)AD均錯(cuò)誤；對(duì)于A球來說，兩邊帶電球的間距相等，故帶電量也相等，即B球帶電量與+Q球的電量相等；對(duì)于B球來說，因?yàn)锳離B較近，故要想與+Q球產(chǎn)生相等的力，A球的電量比+Q球的也量較少就可以了，所以A球所帶的電荷量較小，選項(xiàng)B正確，C錯(cuò)誤。考點(diǎn)：電荷間的相互作用.【名師點(diǎn)睛】對(duì)于小球所帶業(yè)的性質(zhì)，我們可以采用假設(shè)的方法，若使它們都平衡，則AB這二個(gè)球必須受到平衡力的作用：對(duì)于電量的大小，我們可以先針對(duì)球A分析

10、，再針對(duì)球B分析，找其關(guān)系，最后再綜合對(duì)比。10.如圖所示，a、b、c為電場中同一條水平方向電場線上的三點(diǎn)，c為ab的中點(diǎn).a、b電勢(shì)分別為0,=5V,05=3V,下列敘述正確的是（）丸=5V%=3VIIacbAo該電場在c點(diǎn)處的電勢(shì)一定為4VB. a點(diǎn)處的場強(qiáng)6一定大于b點(diǎn)處的場強(qiáng)EC. 一正赴荷從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到6點(diǎn)也勢(shì)能,一定減少D. 一正電荷運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)受到的電場力由c指向a【答案】C【解析】【詳解】A、當(dāng)該電場是勻強(qiáng)電場時(shí)，由于沿電場方向相同距離電勢(shì)差相等，則場在c點(diǎn)處的電勢(shì)一定為4V,當(dāng)該電,場不是勻強(qiáng)電場時(shí)，在c點(diǎn)處的電勢(shì)不一定為4V,故A錯(cuò)誤；B、一條電場線無法比較電場線的疏密，就無

11、法比較場強(qiáng)的大小，則a點(diǎn)處的場強(qiáng)心不一定大于b點(diǎn)處的場強(qiáng)片，故B錯(cuò)誤:CD、由萩可判斷電場線方向從a指向b,正電荷運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)受到的電場力由a指向c,根據(jù)沿著電場線方向電勢(shì)降低可知c點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，根據(jù)正電荷在電勢(shì)高處也勢(shì)能大可知，正電荷從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)電勢(shì)能一定減少，故C正確，D曾誤：故選C.11。忽略空氣阻力，下列物體運(yùn)動(dòng)過程中滿足機(jī)械能守恒的是（）A.電梯勻速下降Bo物體由光滑斜面頂端滑到斜面底端C.物體沿著斜面勻速下滑Do拉著物體沿光滑斜面勻速上升【答案】B【解析】解：A、電梯勻速下降，T克明電梯處于受力平衡狀態(tài)，并不是只有重力做功，所以A錯(cuò)誤.B、物體在光滑斜面上，受重力和芟

12、持力的作用，但是支持力的方向和物體運(yùn)動(dòng)的方向垂直，支持力不做功,只有重力做功，所以B正瑜.C、物體沿著粗糙斜面勻速下滑，物體受力平衡狀態(tài)，摩擦力和重力都要做功，所以機(jī)械能不守恒，所以C錯(cuò)誤.D、拉著物體沿光滑斜而勻速上升，物體受力平衡狀態(tài)，拉力力和重力都要做功，所以機(jī)械能不守恒，所以D錯(cuò)誤.故選B.【點(diǎn)評(píng)】掌握住機(jī)械能守恒的條件，也就是只有重力做功，分析物體是否受到其它力的作用，以及其它力是否做功，由此即可判斷是否機(jī)械能守恒.12 .一個(gè)質(zhì)量為力的物體以a=2g的加速度豎直向下加速運(yùn)動(dòng)，則在物體下降力高度的過程中物體的Ao重力勢(shì)能減少了2儂力B.合外力做功為儂力Co合外力做功為2儂力Do動(dòng)能增

13、加了儂力【答案】C【解析】【詳解】A.物體下降力高度的過福中，重力做功儂力,則重力勢(shì)能減小mgh,故A錯(cuò)誤：BCD。根據(jù)牛頓第二定律知，合力為2噸,根據(jù)動(dòng)能定理知，合力做功為2儂九則動(dòng)能增加2儂力，故C正確，BD錯(cuò)誤.13 .鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V,這表示A.電路中每通過1C電量，電源把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔蹷o蓄電池接在電路中時(shí)，兩極間的電壓一定為2VC.蓄電池能在1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能D,蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)為1.5V）的大【答案】AD【解析】【詳解】AC.鉛蓄也池的也動(dòng)勢(shì)為2V,根據(jù)小p，表示電路中每通過1C電量，也源把2J化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，與時(shí)間無

14、關(guān)，故A正確，C錯(cuò)誤；Bo當(dāng)電池不接入外電路，蓄電池兩極間的電壓為2V;當(dāng)電池接入電路時(shí)，兩極間的電壓小于2V,故B錯(cuò)誤;Do電源是通過非靜電力做功的，蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能時(shí)，非靜電力做的功比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)為1.5V）的大，故D正確。14。下列關(guān)于電容器和電容的說法中，正確的是A.根據(jù)C=卷可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，跟兩板間的電壓成反比B.對(duì)于確定的電容器，其所帶的電荷量與兩板間的電壓（小于擊穿電壓且不為零）成正比C.對(duì)于確定的也容器，無論電容器的電壓如何變化（小于擊穿也壓且不為零），它所帶的電,荷量與電壓比值恒定不變Do電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，其大

15、小與加在兩板上的電壓無關(guān)【答案】BCD【解析】【詳解】AD。C=,比值定義式，電容表征電容器容納電荷的本領(lǐng)大小，由電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關(guān)，故A錯(cuò)誤，D正確：Bo對(duì)于確定的電容器，C一定，由。二知，。與成正比，故B正確；C.電容器所帶的電荷量與電壓比值等于電容，電容與電,荷量、電壓無關(guān)，所以無論電容器的電壓如何變化（小于擊穿電壓且不為零），它所帶的電荷量與電壓比值恒定不變，故C正確。15o在光滑的水平面上，一滑塊的質(zhì)量m=2kg,在水平面上恒定外力F=4N（方向未知）作用下運(yùn)動(dòng)，如圖所示為滑塊在水平面上運(yùn)動(dòng)的一段就跡，滑塊過P、Q兩點(diǎn)時(shí)速度大小均為v=5m/s,

16、滑塊在P點(diǎn)的速度方向與PQ連線夾角a=37,sin37;0。6,則下列說法正確的是Ao水平恒力F的方向與PQ連線成53夾角B.滑塊從P到Q的時(shí)間為3sC.滑塊從P到Q的過程中速度最小值為4m/sDoP、。兩點(diǎn)、連線的距離為10m【答案】BC【解析】在A0兩點(diǎn)的速度具有對(duì)稱性，故分解為沿PQ方向和垂直P0方向，在沿PQ方向上做勺速直線運(yùn)動(dòng)，在垂直四方向上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，所以力F垂直PQ向下，在頂點(diǎn)處速度最小，只軻下沿PQ方向的速度，故為vnm=vpcos370=4/?/s,A錯(cuò)誤C正確：在垂直PQ方句上，v,=vsiii37=3in/s,a=2in/sz,in故從P到頂點(diǎn)所用時(shí)間為=2=1.5

17、s,根據(jù)對(duì)稱性可如從P到Q所用時(shí)間為f=2f=3s,PQ連線的距離為s=0cos37f=12i，故B正確D錯(cuò)誤.二、填空題(共2小題，15分)10016.如圖所示的電路中，小量程電流表的內(nèi)阻尼=100Q,滿偏電流/RmA,/?f900Q,Q(1)當(dāng)S,和&均斷開時(shí)，改裝成的是表，最大量程是O(2)當(dāng)S和S?均閉合時(shí)，改裝成的是表，最大量程是o【答案】(1)o電壓(2)1V(3)o電流(4).1A【解析】【詳解】第一空：由電路圖可知，當(dāng)S和S,均斷開時(shí)，G與R串聯(lián)，改裝所成的表是電壓表,第二空：量程U=/、(K+Rj=0.001x(100+900)=IV湖南省長沙市天心區(qū)長郡中學(xué)高一物理下學(xué)期期

18、末考試試題(含解析)第三空：由電路圖可知，當(dāng)S和S,均閉合時(shí)，G與凡并聯(lián)，改裝所成的表是電流表,第四空：量程為：/二/ R / R.0.001 +0.001x100100=1A99917.用圖甲所示的裝直“臉證機(jī)械能守恒定律”，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋ㄟ^計(jì)算得到的是（1）下列物理量需要測量的是.（填寫代號(hào)）A.重錘質(zhì)量B.與下落高度對(duì)應(yīng)重錘的運(yùn)動(dòng)時(shí)間C.重錘下落的高度D.與下落高度對(duì)應(yīng)的重錘的瞬時(shí)速度-15-（2）設(shè)重錘質(zhì)量為久打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期為八重力加速度為的圖乙是實(shí)驗(yàn)得到的一條紙帶，48、C、D、為相鄰的連續(xù)點(diǎn)。根據(jù)測得的s,、S2,S3、s,寫出重錘由8點(diǎn)到。點(diǎn)重力勢(shì)能減少量的表達(dá)式

19、，動(dòng)能增加量的表達(dá)式.【答案】(1)o C (2)o D。吆）(4)8尸【解析】【詳解】第一空：實(shí)驗(yàn)中需要直接測量的是重鋒下落的高度，故選C；第二空：通過計(jì)算得到的是與下落高度相對(duì)應(yīng)的重錘的瞬時(shí)速度，故選D。第三空：重錘重力勢(shì)能的減少量為7g（邑一1），第四空：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論有:三、計(jì)算題共4小題，40分)故重錘動(dòng)能增加量為白mi彳-mv122二二代212Tl 2 2T)ms4(54 - 2s2)8T218 .宇航員在一星球表面上高力處由靜止釋放一個(gè)小球，及過t時(shí)間小球落到星球表面，該星球的半徑為/?,萬有引力常量為G。求(1)該星球表面的重力加速度g:(2)該星球的質(zhì)量加7/1【答

20、案】(1)g=(2)M=一rGr【解析】【詳解】(1)設(shè)該星球表面的重力加速度為g,由自由落體的規(guī)律得：h=-gr可得g=(2)由萬有引力定律與牛頓第二定律得：Mm吆=GR2hR2聯(lián)立以上各式解得例=-Gr19 .如圖所示，長為2、質(zhì)量為加的小船停在靜水中，質(zhì)量為m的人從靜止開始從船頭走到船尾，不計(jì)水的阻力，求船和人相對(duì)地面的位移各為多少？答案；-LM+mM+in【解析】設(shè)任一時(shí)刻人與船速度大小分別為小氏作用前都靜止.因整個(gè)過程中人與船組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，所以有=Mv21 =Mv2。兩邊乘以時(shí)間t有叫t=Mv2 t.設(shè)隹個(gè)過程中人與船平均速度大小分別為匕、v2,則有mv即加*1=的口.且m+乃=4,可求出L9必=LoM+niM+ni點(diǎn)暗：本題考查了動(dòng)量守恒定律應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵掌握動(dòng)量守恒定律的條件，以及知道在運(yùn)用動(dòng)量守恒定律時(shí)，速度必須相對(duì)于地面為參考系.20.一束初速度不計(jì)的電子流在經(jīng)=5000V的加速電壓加速后在距兩極板等距處垂直進(jìn)入平行板間的勻強(qiáng)電場，如圖所示，若板間距離d=1.0cm,板長/=5。0cm,電子電量e=1.6x10一C,那么(1)電子經(jīng)過加