1、百度文庫-讓每個人平等地提升自我202016年4月浙江省普通高校招生選考科目考試模擬測試物理試題（一）一、選擇題I（本題13個小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項只有一個符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列說法正確的是：（）A.伽利略認為運動物體如果沒有受到力的作用，將繼續以同一速度沿同一直線運動B.法拉第不僅提出了場的概念，而且直觀地描繪了場的清晰圖像C.牛頓第二定律對宏觀物體和微觀物體的研究都適用D.法拉第根據電流的磁效應現象得出了法拉第電磁感應定律2 .甲乙兩質點從同一地點同時開始在同一直線上運動，取開始運動的時刻t=0,它們的v-t圖象如圖所示,D.在t3時

2、刻，甲追趕上乙則：（）A.甲在12負向位移最大C.在t2時刻，甲乙相距最遠3 .仔細觀察如圖所示的時間軸，下列說法正確的是：（）ABCDEFG十H!3A.第3s初是指時間軸上的D點B.第5s內是指時間軸上FG段/C.前4s內是指時間軸上AE段D.第2s內是指時間軸上的C點4 .下列說法中一定是勻變速直線運動的是（）/A.任意相等時間內通過的位移相等的直線運動B.任意相等時間內速度的變化量相等的直線運動C.任意相等時間內加速度變化量相等的直線運動D.任意相等時間內通過的路程相等的直線運動5 .一小球從靜止開始做勻加速直線運動，在第5s內的位移比第3s內的位移多，則下列說法正確的是:（）A.小球加

3、速度為S2/B.小千第4s內的平均速度為s/C.小千第4s的初速度為s/D.前3s內的位移是6.滑塊以某一初速度vo沿固定粗糙的斜面由底端向上運動，當它回到出發點時速率為vi,若滑塊向上運動的時間中點為A,取斜面底端重力勢能為零，則下列說法正確是（）A.上升時機械能減小，下降時機械能增大B. vo=viC.上升過程中勢能是動能3倍的位置在A點上方D.上升過程中勢能是動能3倍的位置在A點下方7 .中國航天2015年將完成20次航天發射創中國發射次數最多紀錄，我國計劃于2016年陸續發射天宮二號空間實驗室，神舟十一號載人飛船和天舟貨運飛船。假設神舟十一號載人飛船繞地球飛行的周期約為T,離地面的高度

4、為ho地球表面重力加速度為go設神舟十一號繞地球做勻速圓周運動，則由以上數據無法估測：（）A.地球的質量B.神舟十一號的質量C.地球的半彳仝D.神舟十一號的線速度度大小8 .如圖所示，站在水平面上雜技演員在表演水流星節目時，盛水的杯子在豎直平面內做圓周運動，當杯子經過最高點時，里面的水恰好不會流出來。已知雜技演員質量為M,杯子質量為m和里面水的質量為m2,則當杯子通過與手等高的A點時，地面對雜技演員的摩擦力大小和方向分別為（杯子運動時，人和,/手都始終靜止不動）1:（）/LtA.2(m+m2)g,向左B.3(m+m2)g,向右C. 2(m+m2)g,向左D.3(m+m2)g,向右9 .如圖，真

5、空存在一點電荷產生的電場，其中P、Q兩點的電場強度方向如圖，P點的電場方向與PQ連線成45。，Q點電場方向與PQ連線成45。，則以下關于、P、Q兩點電場強度大小E、巳及電勢巾八（H的關系正確的是：（）A.EiE2,12B.EiE2,12cEiE2,12DEiE2,1210 .如圖所示，已知電阻R=3kQ和R=2kQ并聯后，現用一電壓表接AB兩端時，兩電流表的讀數相同，現用同一電壓表接AC兩端時，電流表A的的讀數只有電流表A2有讀數的一半，電流表是理想的電流則電壓表的內阻是：（）A.2kQB.4kQC.6kQD.8kQ11 .如圖所示，帶負電的小球以一定的初速度vo,從傾角為e的粗糙絕緣斜面頂端

6、沿斜面向下運動,斜面足夠長，小球也斜面之間的動摩擦因數tan，小球在沿斜面運動過程中某一段不可能出現的運動形式是：（）/A.勻速直線運動B.加速度減小的加速運動C.加速度減小的減速運動D.加速度增大的減速運動12 .如圖所示，高為h光滑水平平臺上有一個質量為m的物塊，在絕緣水平面有一個質量也為m電荷量為q的帶正電的小球，平臺下面有水平向右電場強度為、E的勻強電場，小球用跨過定滑輪的繩子向右拉動物塊，且小球始終沒有離開絕緣水平面,時，物塊的速度v是:(A.qEh b.m2qEh3mC. V4qEh3m13.如圖所示，在勻強磁場區域中有一光滑斜面體，斜面傾角為的導線，當通以如圖方向的電流I后，導線

7、恰能保持靜止,感應強度B等于:D. V2qEhme,在斜面體上放了一根長為已知磁場方向與水平面的夾角為L,質量為mA B IL2IL cose ,則磁C . B mgtan D).ILmg cosIL不計一切摩擦。當小球從平臺的邊緣處由靜止向右前進位移、選擇題H（本題3個小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個備選項至少有一個符合題目要求的，全部選對的得2分，選對但不全得1分，有選錯的得0分）14.【加試題】（2分）根據玻爾理論，氫原子能級如圖所示，下列說法正確的是:nE/cV-0.85氧原子的能級圖A. 一群原處于4能級的氫原子回到的狀態過程中,最多放出6種頻率不同的光子B. 一群原處于4

8、能級的氫原子回到的狀態過程中,最多放出3種頻率不同的光子C. 一個原處于4能級的氫原子回到的狀態過程中,最多放出6種頻率不同的光子D.一個原處于4能級的氫原子回到的狀態過程中,最多放出3種頻率不同的光子15.【加試題】（2分）有兩列簡諧橫波，其中實線波沿x軸正方向傳播；虛線波沿x軸負方向傳播。某時刻兩列波在如圖所示區域相遇，則下列說法正確的：（A.實線波的周期是、4s,虛線波的周期是6sB.兩列波此時引起平衡位置為x=4m處的質點的振動方向相同C.若兩列波的傳播速度相同，則實線波與虛線波的周期之比-3D.在相遇區域不會發生干涉現象，也就沒有振動加強的點16.【加試題】（2分）水中點光源S,可以

9、發出a、b兩種單色光，其由水中射出水面的光路如圖所示。關于這兩種單色光性質的比較，下列判斷正確的是：八（）A.水對a、b的折射率關系為naVb/C.單色光a從水到空氣的全反射臨界角小于單色光b從水到空氣的全反射臨界角D.用同一雙縫干涉裝置進行實驗可看到a光干涉條紋的間距比b光的寬三非選擇題（本題共7小題，共55分）17. （5分）有一種“傻瓜”照相機，其光圈（進光孔徑）隨被拍攝物體的亮度自動調節，而快門（曝光時間）是固定不變的。一位同學利用“傻瓜”照相機來做“驗證機械能守恒定律”的實驗。（1）首先這個同學事先測定了相機的曝光時間為to（2）這位同學提出了下述實驗方案：他從墻面前某點O,使一個小

10、石子自由落下，對小石子照相得到如圖的照片，由于小石子的運動，它在照片上留下一條模糊的徑跡AB通過測量OA勺距離h,AB的距離x,當地的重力加速度為g,則石子劃過A點時的速度大小v=。（用題中給出的物理量字母表示）（3）多次改變高度h,重復上述實驗，作出x2?SkipRecordIf.?隨h變化的圖象如圖乙所示，當圖中已知量X、H和重力加速度g及曝光時間為t滿足表達式時，可判斷小球下落過程中機械能守恒。18. 小（5分）為了較為精確測量某一小燈泡的阻值，小燈泡的阻值約20Q,現用伏安法精確測量.現準備了以下器材：A.電流表（量程A,內阻約為1Q）B.電流表（量程A,內阻約為Q）C.電壓表（量程V

11、,內阻約為5kQ）D.電壓表（量程V,內阻約為15kQ）E.電源：電動勢E=6V,內電阻較小F.滑動變阻器（最大阻值為200Q,額定電流100mA）G.滑動變阻器（最大阻值為5Q,額定電流A）為了準確測量這一個小燈泡的電阻，需要較多的數據。則：（1）實驗中所用的電流表應選;電壓表選;滑動變阻器應選。（只需填器材前面的字母代號）（2）將圖中的實物連接成實驗所需的電路（有兩根導線已經接好）19. （9分）一質量為m的小孩子站在電梯內的體重計上、電梯從t=0時刻由靜止開始上升，在0s到6s內體重計示數F的變化如圖所示.試問：在這段時間內電梯上升的高度是多少？（重力加速度g=10m/s2）20. （1

12、2分）如圖所示，四分之一圓弧軌道的圓心O和半圓軌道的圓心02,與斜面體ABC勺豎直面八叫同一豎直面上，兩圓弧軌道銜接處的距離忽略不計，斜面體ABC勺底面BC是水平面，一個視為質點質量n=的小球從P點靜止釋放，先后沿兩個圓弧軌道運動，最后落在斜面體上（不會彈起），不計一切摩擦，已知AB=9日BC=12m,O2A=,四分之一圓弧的半徑和半圓的半徑都是R=,g=10m/s2。求：、（1）小球在半圓最低點Q對軌道的壓力；（2）小球落在斜面上的位置到A點的距離21 .【加試題】（4分）在用多用電表粗測電阻時，該興趣小組首先選用“X10”歐姆擋，此時歐姆表的指針位置如圖甲所示，為了減小誤差，多用電表的選擇

13、開關應換用歐姆擋；按操作規程再次測量該待測電阻的阻值，此時歐姆表的指針位置如圖乙所示，其讀數是Q;圖甲圖乙22 .【加試題】（8分）如圖所示，傾角為0=37。光滑斜面上，有垂直斜面向上，且上、下水平界面分別為mapq的勻強磁場，磁感應強度為R正方形導線框abcd邊長為L,導線框的質量為E電阻為R。磁場方向垂直于斜面向里。線框從斜面某處由靜止落下，當線框的ab邊剛進入磁場時，線框的加速度方向向下、大小為g,線框平面始終位于斜面面內，且上、下兩邊總平行于pq。空氣阻力不計，重力5加速度為g。求：（1）線框的ab邊剛進入磁場時，通過線框導線中的電流；23 .【加試題】(12分)如圖所示，在一半徑為R

14、半圓形區域內(O為圓心，PQ邊為直徑)有垂直紙面向外的勻強磁場(圖中沒畫出)，PQ上方是電場強度為E的勻強電場。現有一質量為m電量為q的帶正電粒子從靜止開始勻強電場中的A點釋放，從O點垂直于AB進入磁場，已知OA勺距離也為R不計重力與空氣阻力的影響。(1)求粒子經電場加速射入磁場時的速度；(2)若要進入磁場的粒子不從圓弧邊界離開磁場，求磁感應強度B的最小值；(3)若磁感應強度B42mqER求帶電粒子從靜止開始運動到達圓弧邊界的時間。qR1 .【答案】B【解析】試題分析：笛卡兒認為運動物體如果沒有受到力的作用，將繼續以同一速度沿同一直線運動，A錯誤；法拉第不僅提出了場的概念，而且直觀地描繪了場的

15、清晰圖像，故B正確；牛頓第二定律對宏觀物體的研究適用，對微觀物體的研究不適用，故C錯誤；法拉第根據感應電動勢跟磁通量的變化率成正比得出了法拉第電磁感應定律，故D錯誤。考點：物理學史【命題意圖】考查學生對物理學史的理解2 .【答案】A【解析】試題分析：甲在0-t2這段時間內，速度一直為負，一直向負方向運動，位移越來越大，所以，甲在t2負向位移最大，故A正確；甲乙兩質點從同一地點同時開始在同一直線上運動，乙一直沿正向運動，甲在0-t2時間內沿負向運動，兩者間距增大.t2-t3時間內乙沿正向運動，甲在乙的前方運動，乙的速度小于甲的速度，所以兩者間距增大.t3時刻之后，乙的速度大于甲的速度，兩者間距減

16、小，則在t3時刻，甲乙相距最遠.故B、GD錯誤。考點：v-t圖象【命題意圖】考查學生對運動學規律的理解和v-t圖象3 .【答案】C【解析】試題分析:第3s初是指時間軸上的C點，故A錯誤；第5s內是指時間軸上EF段，故B錯誤；前4s內是指時間軸上AE段，故C正確；第2s內是指時間軸上的BC段，故D錯誤。考點：時間和時刻【命題意圖】考查學生對物理基本概念的理解4 .【答案】B/【解析】試題分析：任意相等時間內通過的位移都相等的直線運動，物體做勻速直線運動，故/A錯誤；任意相等時間內速度的變化量相等的直線運動，就是加速度恒定不變的直線運動，也就是勻變速直線運動，故B正確，C錯誤；任意相等時間內通過的

17、路程都相等的運動可能是勻速直線運動，故D錯誤。考點：勻變速直線運動規律【命題意圖】考查學生對勻變速直線運動規律的理解5 .【答案】C【解析】試題分析：根據勻變速直線運動的推論x=aT2得：ax0.1m/s2,故A錯誤；小球第3s末的速度2tV3=at3=s,小子第4s末的速度V4=at4=s,則小球第4s內的平均速度v4v3一v40.35m/s,故B錯2、1212誤；小球第4s的初速度也就是第3s末的速度為s,故C正確；前3s內的位移x-at20.132m=22故D錯誤。/考點：勻變速直線運動規律【命題意圖】考查學生對勻變速直線運動規律及推論的理解6.【答案】C點的速度Va v0，點A的動能E

18、和勢能b分別是：Ek 2加速度a g sing cosv0 (5) .3mv2 gsinEd mgLsin mg2sin()p2a8a,過程中，勢能增加，動能減小，所以上升過程中勢能是動能考點：牛頓運動定律；動能定理1 212mv - mvo ,物體沿斜回向上運動時，2 83mv2,所以在點A有：Ep 3Ek ,在上升 83倍的位置在A點上方，故C正確，D錯誤。試題分析：斜面與滑塊間有摩擦，滑塊無論上升還是下降時，都有機械能損失，VoV1故A、B錯誤；可知A【命題意圖】考查學生對牛頓運動定律和動能定理的理解7.【答案】B、【解析】試題分析：設地球質量為M半徑為 R,神舟十一號質量G Mm 2

19、m(2一)2(R h),黃金代換公式GM(R h)2T示地球的質量 M和地球的半徑的運行半徑 R再由v大小，由第一式可看出神舟十一號的質量不能求出，故選項考點：力后引力定律【命題意圖】考查學生對方招引力定律的理解為m,由萬有引力定律和牛頓第一定律得，2gR ,由已知量T、h、g,兩式可解得可以求出表GM21一，一、和GM gR2可求得神舟十一號的線速度B正確，A、C D錯誤。【解析】8.【答案】D【解析】試題分析：解：設杯子做圓周運動的半徑為r,當杯子經過最高點時，里面的水恰好不會流出來，所以杯子通過最高點時，有(叫m2)g(m1m2)v,杯子由最高點到A點的過程，根據機械能守恒定律得:(m

20、m2)gR (m12m2)v(m1m2)v；,聯立得：vA/3謙，設杯子在A點時，細繩對杯子2的彈力為F,則有：F(1一m2)vA=3(m+m)g,方向向右。此時繩子對人的拉力也是3(m+m)g,方向向左。對人受力分析可知，地面對人的摩擦力與繩子的拉力大小相等，方向相反，即地面對人的摩擦力大小為3(m+m)g,方向向右，故D正確，AB、C錯誤.考點：機械守恒定律；圓周運動【命題意圖】考查學生對機械守恒定律與圓周運動相結合知識的理解9 .【答案】A【解析】試題分析：如圖所示，可知場源電荷在O點，PQ位于以O點為圓心的一個圓周上，所以兩者電場強度大小相等，電勢也相同，故A正確，RC、D錯誤。考點：

21、電勢；電場強度【命題意圖】考查學生對電勢和電場強度的理解10 .【答案】C【解析】試題分析：電壓表接AB兩端時，兩電流表的讀數相同，根據電路串并聯規律可知:電壓表接AC兩端時，電流表Ai的的讀數只有電流表A2有讀數的一半，根據電路串并聯規律可知:R2Rv旦，解得R=6kQo故C正確，A、RD錯誤。/R2Rv2考點：歐姆定律；電路串并聯規律【命題意圖】考查學生對歐姆定律和電路串并聯規律的理解11 .【答案】D【解析】試題分析：小球沿斜面方向有兩個力：重力的分力和滑動摩擦力。規定沿斜面向下為正方向，合力為/mgsinmgcos,.Fmgsin(mgcosqv0B)。當v0時，合力F=0,小球可能做

22、勻速運qB動；當Vomgsnmgcos時，合力F0,小球做加速度減小的加速運動，速度增大，洛倫茲力增大，qB滑動摩擦力增大，合力減小，加速度減小，直到加速度為0,后做勻速直線運動；故D正確，A、B、C錯誤考點：磁場對運動電荷的作用力；左手定則【命題意圖】考查學生對磁場對運動電荷的作用力和左手定則的理解12 .【答案】B【解析】試題分析：解：將小球的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，在沿繩子方向上的分速度等于物塊的速度，所以小球的速度v岳,由動能定理得：qEh-mv2-mv2,解得vJqEh,故B正2213m確，ACD錯誤。/考點：動能定理；運動的合成與分解；電場力【命題意圖】考查學生對動能

23、定理、電場力和運動的合成與分解的理解13 .【答案】B/【解析】試題分析：試題分析：對導線進行受力分析如圖所示：由力的合成知識可知：2BILC0Smg,解得：Bmg一，故B正確，A、GD錯誤。2ILcos考點：安培力；共點力作用下的平衡考點：磁場對電流的作用力；左手定則【命題意圖】考查學生對磁場對電流的作用力和左手定則的理解14 .【答案】AD【解析】試題分析：一群氫原子從n=4能級躍遷到n=1能級，由于有6中不同的躍遷方式，所以有6中不同頻率的光子；一個氫原子從n=4能級躍遷到n=1能級，最多有3中不同的躍遷方式，所以最多放出3種頻率不同的光子，故A、D正確，RC錯誤考點：玻爾理論【命題意圖

24、】考查學生對玻爾理論的理解15 .【答案】BC【解析】試題分析：由圖可知，實線波的波長是4m,虛線波的波長是6nl由于不知波速，所以無法知道它們的周期，故A錯誤；實線波此時引起平衡位置為x=4m處的質點的振動方向向下，虛線波此時引起平衡位置為x=4m處的質點的振動方向向下，故B正確；由T可知：當速度相同時，周期與波長成正比，故C正確；盡管在相遇區域不會發生干涉現象，但也會有振動加強的點，只不過沒有穩定的振動加強的點，/故D錯誤。/考點：波的傳播【命題意圖】考查學生對波的傳播的理解16.【答案】ABD【解析】試題分析：光線在水與空氣的水平界面發生折射，從水到空氣，折射率為折射角正弦值與入射角正弦

25、值之c比，據圖判斷，折射率navnb,選項A正確；根據折射率、n可判斷，a的折射率小，介質中傳播1速度大，所以a、b在玻璃中的傳播速度關系為vavb，選項B正確；發生全反射的臨界角Carcsin,a光折射率小，所以a光的臨界角大，選項C錯誤；根據折射率大的波長短，所以ab,雙縫干涉的條紋間距LL,波長越短則間距越窄，所以b光波長短條紋間距窄，選項D正確。考點：光的折射；光的干涉【命題意圖】考查學生對光的折射和光的干涉的理解xx217.【答案】(2)(3)gHXt2t2【解析】x試題分析：(2)石子劃過A點時的瞬時速度可認為等于石子劃過徑跡AB的平均速度上。t22(3)由機械能守恒定律得mgHm

26、X-，即gH勺。考點：驗證機械能守恒定律【命題意圖】考查學生用自由落體運動來驗證機械能守恒定律18.【答案】(1)A;C;G;(2)如下圖所示試題分析(1)燈泡的電阻約為20Q,電源電動勢6V,電流IE=,因此電流表選擇A,電壓表選擇C,為了R得到更多的數據，滑動變阻器采用分壓接法，滑動變阻器選小阻值大額定電流的G調節靈敏；小燈泡電阻較小，電流表采用外接法。(2)實物圖如上所示考點：伏安法測電阻【命題意圖】考查學生對伏安法測電阻的理解19.【答案】/【解析】試題分析：在0-2s的過程中：電梯做勻加速直線運動。由牛頓第二定律得：=ma,解得ai=2m/s2。這段時間內的位移x1a1t12=4m;

27、第2s末的速度vi=ati=4m/s2在2-5s的過程中：電梯做勻速直線運動，這段時間內的位移X2Vit2=12nx在5-6s的過程中：電梯做勻減速直線運動。由牛頓第二定律得：=ma,解得a2=3m/s2。這段時間內的位移x3v1t3la2t；=;2在這段時間內電才上升的高度X=X1+X2+X3=考點：勻變速直線運動；牛頓運動定律【命題意圖】考查學生對勻變速直線運動和牛頓運動定律的理解20.【答案】(1) 14N,方向向下;(2)試題分析：(1)小球從P點運動到Q點的過程中，機械能守恒，由機械能守恒定律得:12mg(3R) -mv解得：v=6m/s由向心力公式得：FNmg2mvR解得：Fn=14N由牛頓第三定律得：小球在半圓最低點Q對軌道的壓力大小是14N,方向豎直向下。(2)小球離開半圓軌道后做平