1、電場強度檢測題1、一個點電荷從靜電場中的a點移到b點，其電勢能的變化為零，則(D)Aa，b兩點的場強一定相等 B該點電荷一定沿等勢面移動C作用于該點電荷的電場力與移動方向總是垂直的 Da、b兩點的電勢一定相等2、把質量為m的正點電荷放在電場中無初速度釋放，不計重力，則以下說法正確的是：（ C ） A點電荷的運動軌跡一定和電力線重合； B點電荷的速度方向總是與所在處的電力線方向一致； C點電荷的加速度方向總是與它所在處的電力線切線方向重合；D點電荷將沿電力線切線方向拋出，作拋物線運動3、如圖所示，一水平放置的平行板電容器充完電后一直與電源相連，帶正電的極板接地，兩極板間在P點固定一帶正電的點電荷

2、，若將負極板向下移動一小段距離穩(wěn)定后（兩板仍正對平行），則下列說法中正確的是 （ C）A. P點的電勢升高 B. 兩板間的場強不變 C. 點電荷的電勢能降低 D. 兩極板所帶的電量不變4、如圖所示,在方向向下的勻強電場中,一個帶負電的小球被絕緣細線拴住在豎直面內做圓周運動,則( AD ).A. 小球可能做勻速圓周運動 B. 當小球運動到最高點時,線拉力一定最小C. 當小球運動到最高點時,電勢能最大D. 小球在運動過程中,機械能一定不守恒5、如圖所示，平行直線表示電場線，但未標方向，電量為+102C的粒子在電場中只受電場 力作用，由M點移到N點，動能損失0.1J，若M點電勢為10V，則（ ABC

3、 ）A電場線方向從右向左 B粒子的運動軌跡一定是軌跡1CN點的電勢為0伏 D此過程中粒子的電勢能減小0.1J6.如圖有一接地的金屬球A，其半徑為R，有一點電荷的電量Q，到球心距離為r，該點電荷的電場在球心O處的場強等于 ( D )A B. C. 0 D. 7、電工穿的高壓作業(yè)服是用銅絲編織的，下列說法正確的是 ( B ) A銅絲編織的衣服不易被拉破，所以用銅絲編織 B電工被銅絲編織的衣服所包裹，使體內電場強度保持為零，對人體起保護作用 C電工被銅絲編織的衣服所包裹，使體內電勢保持為零，對人體起保護作用 D銅絲必須達到一定的厚度，才能對人體起到保護作用8、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個

4、等勢面，且相鄰等勢面之間電勢差相等，實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下依次通過a、b、c三個等勢面區(qū)域的運動軌跡，P、Q是軌跡上的兩點，據(jù)此可知 ( ABD )A三個等勢面中，a的電勢最高； B帶電質點在P點時的電勢能較在Q點大；C帶電質點在P點時的動能較在Q點大；D帶電質點在P點時的加速度較在Q點大 9、一帶負電小球在從空中的a點運動到b點的過程中，受重力、空氣阻力和電場力作用，重力對小球做功3.5 J，小球克服空氣阻力做功0.5 J，電場力對小球做功1 J，則下列錯誤的選項是 (BC ) A小球在a點的重力勢能比在b點大3.5 J B小球在a點的機械能比在b點大0.5 J C小球在a點的

5、電勢能比在b點少l J D小球在a點的動能比在b點少4 J10.在圖中，虛線表示電場中的等勢面，相鄰兩等勢面間的電勢差相等，有一帶正電的粒子在電場中運動，軌跡如圖中實線所示。不計重力，粒子在 a 點時的動能為20 e V，運動到 b 點時，動能為 2 eV，取 c 點為零勢能點，則粒子的電勢能為6eV時，它的動能為 （ B ）A. 16eV B. 14eV C. 6eV D. 4eV 11、一根放在水平面內的光滑玻璃管絕緣性很好，內部有兩個完全相同的彈性金屬小球A和B，帶電量分別為9Q和Q，兩球從圖示的位置由靜止釋放，那么兩球再次經過圖中的原靜止位置時，A球的瞬時加速度為釋放時的（ A ）A1

6、6/9倍 B9/16倍C1倍 D3/20倍12、如圖所示的電場中，一個正電荷從C點分別沿直線移到A點和B點，在這兩種過程中，均需克服電場力做功，且做功的數(shù)值相同，有可能滿足這種做功情況的電場是： ( C )在y方向的勻強電場 在負x方向的勻強電場 ；在第象限內有負點電荷；在第象限內有正點電荷A B C D13、如圖所示直線CD是真空中的一條電場線，若將一電子從A點由靜止釋放，電子沿電場線從A到B運動中速度隨時間變化的圖線如圖所示，則A、B兩點的電勢、的高低和場強EA、EB及電子在A、B兩點電勢能EPA、EPB的大小關系是（BC）A、 B、EPAEPBC、EAEBD、EAEBE+14、如圖所示一

7、根用絕緣材料制成的輕彈簧，勁度系數(shù)為K，一端固定，另一端與質量為m，帶電量為+q的小球相連，靜止在光滑絕緣水面上，當施加水平向右的勻強電場E后，小球開始運動，關于小球的運動的正確說法是（ABD）A、運動過程中最大加速度為 B、從靜止向右運動距離為時速度最大 C、小球的機械能守恒 D、小球的動能、彈性勢能、電勢能之和保持不變15、氘核貼著水平的平行板電容器的一塊極板，以速度v從左端平行極板射入極板間的電強是場中，恰能貼著另一極板離開電場。今將粒子入射速度增加到，且仍能從另一板的右端點離開可采取的措施是（BC）A、只是將入射的氘核換作氦核 B、只是將入射的氘核換作氫核C、只是將偏轉電壓增加到原來的

8、2倍 D、只是將板間距離變?yōu)樵瓉淼?/2xy0ab16、如圖所示一勻強電場的直角坐標系XOY所在平面平行，電場中的o、a、b三點的電勢分別為，則場強方向（A）A、沿+x偏下方向B、沿+x偏上方向C、沿y方向D、沿+x方向 17、如圖所示，真空中A、B兩點固定兩個等量正電荷，一個具有初速度的帶負電的粒子僅在這兩個電荷作用下可能做（BD）A、勻速直線運動B、變速直線運動 C、勻變速曲線運動D、勻速圓周運動18、（2009年全國卷）18如圖所示，一電場的電場線分關于y軸（沿豎直方向）對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM=MN。則ADM點的電勢比P點的電勢高 將負電荷由O點移動到 P 點，電場力做

9、正功MN兩點間的電勢差大于OM兩點間的電勢差 、在O點靜止釋放一帶正電拉子該粒子將沿y軸做直線運動19、如圖所示 平行板電容器經開關S與電源連接，S閉合一段時間后斷開，a處固定一帶電量很小的正點電荷，表示a點電勢 ，F(xiàn)a表示點電荷受的電場力，表示在a點的電勢能，現(xiàn)將電容器B板向下移動一小段距離使板間距離增大，則(B )A、變小，F(xiàn)a變大變小B、變大，F(xiàn)a不變變大C、不變，F(xiàn)a變小不變D、不變，F(xiàn)a不變不變 20、如圖B7所示平行直線表示電場線，但未標方向，帶電為+10-2C的電荷在電場中只受電場力作用，由A移至B點，動能損失0.1J，若=10V，則（BC）A、B點電勢=10V B、電場方向從右

10、向左ABFLC、運動軌跡可能為1D、運動軌跡可能為2 21、如圖所示，A、B是質量相同的帶等量同種電荷的小球， 懸線長為L，B球固定。平衡時，A球受的拉力為F，現(xiàn)其他條件不變，改變A的質量，使A球在距處再平衡，則A球受到繩的拉力為（D）A、FB、2FC、4FD、8F 22、如圖所示有兩個完全相同的金屬球A、B，B固定在絕緣地板上，A在離B高H的正上方由靜止釋放，與B發(fā)生正碰后回跳至h處，若碰撞中無能量損失，空氣阻力不計，則（C）A、若A、B帶等量同種電荷，則hH B、若A、B帶等量異種電荷，則hHC、若A、B帶等量異種電荷，則hH D、若A、B帶等量異種電荷，則h=H OabN粒子M粒子c23

11、、圖中虛線為勻強電場中與場強方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質量相等，所帶電荷的絕對值也相等，現(xiàn)將M、N從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示。點a、b、c為實線與虛線的交點，已知O點電勢高于c 點。若不計重力，則BDA、M帶負電荷，N帶正電荷 B、N在a點的速度與M在c點的速度大小相同C、N在從O點運動至a點的過程中克服電場力做功D、M在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零24、圖示為一個內、外半徑分別為R1和R2的圓環(huán)狀均勻帶電平面，其單位面積帶電量為。取環(huán)面中心O為原點，以垂直于環(huán)面的軸線為x軸。設軸上任意點P到O點的的距離為x，P

12、點電場強度的大小為E。下面給出E的四個表達式（式中k為靜電力常量），其中只有一個是合理的。你可能不會求解此處的場強E，但是你可以通過一定的物理分析，對下列表達式的合理性做出判斷。根據(jù)你的判斷，E的合理表達式應為B ABCD25、（2009年上海物理）7位于A、B處的兩個帶有不等量負電的點電荷在平面內電勢分布如圖所示，圖中實線表示等勢線，則（CD ）（A）a點和b點的電場強度相同（B）正電荷從c點移到d點，電場力做正功（C）負電荷從a點移到c點，電場力做正功 （D）正電荷從e點沿圖中虛線移到f點，電勢能先減小后增大26、如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點處有一正點電荷，帶負電的小物體以初速

13、度v1從M點沿斜面上滑，到達N點時速度為零，然后下滑回到M點，此時速度為v2（v2v1）。若小物體電荷量保持不變，OMON，則（AD ）A小物體上升的最大高度為 B從N到M的過程中，小物體的電勢能逐漸減小C從M到N的過程中，電場力對小物體先做負功后做正D從N到M的過程中，小物體受到的摩擦力和電場力均是先增大后減小abcd解析：設斜面傾角為、上升過程沿斜面運動的最大距離為L。因為OMON，則MN兩點電勢相等，小物體從M到N、從N到M電場力做功均為0。上滑和下滑經過同一個位置時，垂直斜面方向上電場力的分力相等，則經過相等的一小段位移在上滑和下滑過程中電場力分力對應的摩擦力所作的功均為相等的負功，所

14、以上滑和下滑過程克服電場力產生的摩擦力所作的功相等、并設為W1。在上滑和下滑過程，對小物體，應用動能定理分別有：mgLsinmgLcosW1和mgLsinmgLcosW1，上兩式相減可得Lsin，A對；由OMON，可知電場力對小物體先作正功后作負功，電勢能先減小后增大，BC錯；從N到M的過程中，小物體受到的電場力垂直斜面的分力先增大后減小，而重力分力不變，則摩擦力先增大后減小，在此過程中小物體到O的距離先減小后增大，根據(jù)庫侖定律可知小物體受到的電場力先增大后減小，D對。27、在光滑的絕緣水平面上，有一個正方形的abcd，頂點a、c處分別固定一個正點電荷，電荷量相等，如圖所示。若將一個帶負電的粒

15、子置于b點，自由釋放，粒子將沿著對角線bd往復運動。粒子從b點運動到d點的過程中(D)A先作勻加速運動，后作勻減速運動 B先從高電勢到低電勢，后從低電勢到高電勢C電勢能與機械能之和先增大，后減小 D電勢能先減小，后增大28、如圖所示，在光滑絕緣水平面上放置3個電荷量均為q(q0)的相同小球，小球之間用勁度系數(shù)均為k0的輕質彈簧絕緣連接。當3個小球處在靜止狀態(tài)時，每根彈簧長度為l， 已知靜電力常量為，若不考慮彈簧的靜電感應，則每根彈簧的原長為 CA B C D【解析】第三個小球受三個力的作用，它們的關系是，得； 29、如圖6-3-21所示，水平放置的平行金屬板充電后板間形成勻強電場，板間距離為d

16、，一個帶負電的液滴帶電量大小為q，質量為m，從下板邊緣射入電場，沿直線從上板邊緣射出，則(ACD)A液滴做的是勻速直線運動 B液滴做的是勻減直線運動C兩板的電勢差為mgd/q D液滴的電勢能減少了mgd30、如圖6-16所示，在電場中，一個負電荷從C點分別沿直線移到A點和B點，在這兩個過程中，均需克服電場力做功，且做功的值相同，有可能滿足這種做功情況的電場是（ A ）正y方向的勻強電場 正x方向的勻強電場 在第象限內有負點電荷 在第象限內有正點電荷A B C D31（04上海） 光滑水平面上有一邊長為L的正方形區(qū)域處在場強為E的勻強電場中，電場方向與正方形一邊平行，一質量為m，帶電量為q的小球

17、由某一邊的中點，以垂直于該邊的初速度v0進入該正方形區(qū)域當小球再次運動到該正方形區(qū)域的邊緣時，具有的動能可能為(ABC )A0 B C D32、如圖所示，a、b兩個帶電小球的質量均為m，所帶電量分別為+2g和-q，兩球間用絕緣細線連接，a球又用長度相同的絕緣細線懸掛在天花板上，在兩球所在的空間有方向向左的勻強電場，電場強度為E，平衡時細線都被拉緊則平衡時可能位置是圖中的（ C ） S0E甲tvt1t2t3Ov1vm乙33、（2009年福建卷）21如圖甲，在水平地面上固定一傾角為的光滑絕緣斜面，斜面處于電場強度大小為E、方向沿斜面向下的勻強電場中。一勁度系數(shù)為k的絕緣輕質彈簧的一端固定在斜面底端

18、，整根彈簧處于自然狀態(tài)。一質量為m、帶電量為q（q0）的滑塊從距離彈簧上端為s0處靜止釋放，滑塊在運動過程中電量保持不變，設滑塊與彈簧接觸過程沒有機械能損失，彈簧始終處在彈性限度內，重力加速度大小為g。（1）求滑塊從靜止釋放到與彈簧上端接觸瞬間所經歷的時間t1（2）若滑塊在沿斜面向下運動的整個過程中最大速度大小為vm，求滑塊從靜止釋放到速度大小為vm過程中彈簧的彈力所做的功W；（3）從滑塊靜止釋放瞬間開始計時，請在乙圖中畫出滑塊在沿斜面向下運動的整個過程中速度與時間關系v-t圖象。圖中橫坐標軸上的t1、t2及t3分別表示滑塊第一次與彈簧上端接觸、第一次速度達到最大值及第一次速度減為零的時刻，縱

19、坐標軸上的v1為滑塊在t1時刻的速度大小，vm是題中所指的物理量。（本小題不要求寫出計算過程）【解析】本題考查的是電場中斜面上的彈簧類問題。涉及到勻變速直線運動、運用動能定理處理變力功問題、最大速度問題和運動過程分析。（1）滑塊從靜止釋放到與彈簧剛接觸的過程中作初速度為零的勻加速直線運動，設加速度大小為a，則有 qE+mgsin=ma 聯(lián)立可得 （2）滑塊速度最大時受力平衡，設此時彈簧壓縮量為，則有 tvt1t2t3Ov1vm 從靜止釋放到速度達到最大的過程中，由動能定理得 聯(lián)立可得 （3）如圖34. （湖北省八校2009屆第一次聯(lián)考）如圖十五所示，固定于同一條豎直線上的A、B是兩個帶等量異種

20、電荷的點電荷，電荷量均為Q，其中A帶正電荷，B帶負電荷，D、C是它們連線的垂直平分線，A、B、C三點構成一邊長為d的等邊三角形。另有一個帶電小球E，質量為m、電荷量為q(可視為點電荷)，被長為L的絕緣輕質細線懸掛于O點，O點在C點的正上方。現(xiàn)在把小球 E拉起到M點，使細線水平繃直且與A、B、C處于同一豎直面內，并由靜止開始釋放，小球E向下運動到最低點C時，速度為v。已知靜電力常量為k，若取D點的電勢為零，試求： (1)在A、B所形成的電場中，M的電勢M。 (2)絕緣細線在C點所受到的拉力T 。(1)電荷E從M點運動到C的過程中,電場力做正功,重力做正功.根據(jù)動能定理Uq+mgL=mv2/2 -

21、（分）得、兩點的電勢差為 MC(mv2-2mgL)/2q-（2分）又,C點與D點為等勢點,所以M點的電勢為M(mv2-2mgL)/2q（2分）(2)在點時對的場力與對的電場力相等，且為kQq/d2-（2分）又，、為一等邊三角形，所以、的夾角為120，故F1、F2的合力為 F12= kQq/d2, 且方向豎直向下。 -(分）由牛頓運動定律得 T- k=mv2/L-(5分)絕緣細線在C點所受的張力為 T= k +-(1分）35 （唐山市2009屆摸底考試）如圖(1)所示，在平行板電容器的A板附近，有一個帶正電的粒子(不計重力)處于靜止，在A、B兩板間加如圖(2)所示的交變電壓，帶電粒子在電場力作用

22、下由靜止開始運動經3t0時間剛好到達B板，設此時粒子的動能大小為Ek3。(1)若用改變A、B兩板間距的方法，使粒子在5t0時刻到達B板，此時粒子的動能大小為 Ek5。求Ek3/Ek5等于多少?(2)若保持A、B兩板間距離及電壓的值U0不變，僅用改變交變電壓周期的方法使粒子到達B板的動能最大，求此交變電壓的最小周期與原周期之比。（1）5：3 （2）YYv0L Adb36、（南通市2008屆基礎調研測）如圖所示，真空中水平放置的兩個相同極板Y和Y長為L，相距d，足夠大的豎直屏與兩板右側相距b在兩板間加上可調偏轉電壓U，一束質量為m、帶電量為+q的粒子（不計重力）從兩板左側中點A以初速度v0沿水平方向射入電場且能穿出 （1）證明粒子飛出電場后的速度方向的反向延長線交于兩板間的中心O點；（2）求兩板間所加偏轉電壓U的范圍；（3）求粒子可能到達屏上區(qū)域的長度解：（1）設粒子在運動過程中的加速度大小為a，離開偏轉電場時偏轉距離為y，沿電場方向的速度為vy，偏轉角為，其反向延長線通過O點，O點與板右端的水平距離為x，則有y（1分）YYv0AOv0vyxyy0（1分） （1分） （1分）聯(lián)立可得 （1分）即粒子飛出電場后的速度方向的反向延長線交于兩板間的中心（2） （1分） 由式解得（1分）當時，（1分）則兩板間所加電壓的范圍 （