1、桃城區一中2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理班級座號姓名分數一、選擇題1 .阻值相等的四個電阻、電容器C及電池E（內阻可忽略）連接成如圖所示電路。開關S閉合且電流穩定時，C所帶的電荷量為Q1,;斷開開關S,電流再次穩定后，C所帶的電荷量為Q2。Qi與Q2的比值為第3頁，共14頁在兩極板間有一帶電小球，小球用一絕緣輕線懸掛于 O+Q和-Q ,此時懸線與豎直方向的夾角為兀/6再給電兀/3且小球與兩極板不接觸。則第二次充電使電容器正極2 .如圖所示，一平行板電容器的兩個極板豎直放置,點。現給電容器緩慢充電，使兩極板所帶電荷量分別為容器緩慢充電，直到懸線與豎直方向的夾角增加到板增加的電

2、量是（）A.Q/2B.QC.3QD.2Q3.如圖所示，虛線是小球由空中某點水平拋出的運動軌跡，A、B為其運動軌跡上的兩點。小球經過A點時，速度大小為10m/s、與豎直方向夾角為60。；它運動到B點時速度方向與豎直方向夾角為30；不計空氣阻力，重力加速度取10m/s2,下列敘述正確的是A.小球通過B點的速度為12m/sB.小球的拋出速度為5m/sC.小球從A點運動到B點的時間為1sD.A、B之間的距離為4 .如圖所示，ab是一彎管，其中心線是半徑為R的一段圓弧，將它置于一給定的勻強磁場中，方向垂直紙面向里。有一束粒子對準a端射入彎管，粒子的質量、速度不同，但都是一價負粒子，則下列說法正確的是XX

3、XXXXA.只有速度大小一定的粒子可以沿中心線通過彎管B.只有質量大小一定的粒子可以沿中心線通過彎管x.kwC.只有質量和速度乘積大小一定的粒子可以沿中心線通過彎管D,只有動能大小一定的粒子可以沿中心線通過彎管5 .一枚玩具火箭由地面豎直向上發射，其速度和時間的關系如圖所示，則A. 4時刻玩具火箭距地面最遠B. 6、出時間內，玩具火箭在向下運動C. 時間內，玩具火箭處于超重狀態D. 0討工時間內，玩具火箭始終處于失重狀態P點出6 .示波管是示波器的核心部件，它由電子槍、偏轉電極和熒光屏組成，如圖所示。如果在熒光屏上現亮斑，那么示波管中的（）A .極板x應帶正電B .極板x '應帶正電C

4、.極板y應田正電D.極板y'應帶正電I*Itt7 .矩形線圈繞垂直磁場線的軸勻速轉動，對于線圈中產生的交變電流|事¥a.ir()I*A.交變電流的周期等于線圈轉動周期Tfj*qCB.交變電流的頻率等于線圈的轉速由1"C.線圈每次通過中性面，交變電流改變一次方向D.線圈每次通過中性面，交變電流達到最大值8.將一均勻導線圍成一圓心角為90°的扇形導線框OMN,其中OM=R,圓弧MN的圓心為。點，將導線框白O。點置于如圖所示的直角坐標系的原點，其中第二和第四象限存在垂直紙面向里的勻強磁場，其磁感應強度大小為B,第三象限存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為

5、2B。從t=0時刻開始讓導線框以。點為圓心，以恒定的角速度3沿逆時針方向做勻速圓周運動，假定沿ONM方向的電流為正，則線框中的電流隨時間的變化規律描繪正確的是yXXB版、XXX X/VBX X0 B B=0.1T ,導線長度9 .如圖所示，一通電直導線位于勻強磁場中，導線與磁場方向垂直，磁場的磁感應強度L=0.2m,當導線中的電流I=1A時，該導線所受安培力的大小A.0.02NB.0.03NC.0.04ND.0.05N10 .如圖所示，AB、CD為兩個光滑的平臺，一傾角為37。，長為5m的傳送帶與兩平臺平滑連接。現有一小煤塊以10m/s的速度沿平臺AB向右運動，當傳送帶靜止時，小煤塊恰好能滑到

6、平臺CD上，則下列說法正確的是（重力加速度g=10m/s2,sin370=0.6,cos370=0.8）（）第15頁，共14頁A.小煤塊跟傳送帶間的動摩擦因數1=0.5B.當小煤塊在平臺AB上的運動速度v=4m/s時，無論傳送帶勻速運動的速度多大，小物體都不能到達平臺CDC.若小煤塊以v=8m/s的速度沿平臺AB向右運動，傳送帶至少要以3m/s的速度順時針運動，才能使小物體到達平臺CDD.若小煤塊以v=8m/s的速度沿平臺AB向右運動，傳送帶以4m/s的速度順時針運動時，傳送帶上留下的痕跡長度為2.4m11 .如圖甲所示，傾角為。的足夠長傳送帶以恒定的速率V0沿逆時針方向運行。t=0時，將質量

7、m=1kg的物體（可視為質點）輕放在傳送帶上，物體相對地面的加速度 g=10 m/s2, sin 37 =0.6, cos 37 =0.8。則v4圖象如圖乙所示。設沿傳送帶向下為正方向，取重力研m曉）乙A.傳送帶的速率vo=10m/sB.傳送帶的傾角9=30°C.傳送帶的傾角9=37°D.物體與傳送帶之間的動摩擦因數尸0.512 .如圖所示，輕彈簧兩端拴接兩個質量均為m的小球a、b,拴接小球的細線固定在天花板，兩球靜止，兩細線與水平方向的夾角燈30。，彈簧水平，以下說法正確的是A.細線拉力大小為mg也B.彈簧的彈力大小為mg2C.剪斷左側細線瞬間，b球加速度為01I 1&g

8、t;I2；面；b 的點D.剪斷左側細線瞬間，a球加速度為13 .如圖，兩根相互平行的長直導線分別通有方向相反的電流Ii和且a、b、c、d為導線某一橫截面所在平面內的四點，且a、b、c與兩導線共點在兩導線之間，b、d的連線與導線所在平面垂直。磁感應強度可能為零是（）B. b點C. c點D. d點14 .（2016河南開封模擬）如圖所示，傾角為0=30°的光滑絕緣斜面處于電場中，斜面AB長為L,一帶電荷量為+q、質量為m的小球，以初速度V0由斜面底端的A點開始沿斜面上滑，到達斜面頂端時速度仍為V0,則（）A.小球在B點時的電勢能一定大于小球在A點時的電勢能8. A、B兩點之間的電勢差一定

9、為mgL4qc.若該電場是勻強電場，則電場強度的值一定是mgqD.若該電場是由放在AC邊中垂線上某點的點電荷Q產生的，則Q一定是正電荷15 .如圖所示是物體在某段運動過程中的Vt圖象，在3和t2時刻的瞬時速度分別為Vi和V2則時間由tl到t2的過程中，物體的（）A加速度增大B加速度不斷減小c平均速度”一m+viD平均速度216 .如圖所示，滑塊穿在水平橫桿上并可沿桿左右滑動，它的下端通過一根細線與小球相連，小球受到水平向右的拉力F的作用，此時滑塊與小球處于靜止狀態.保持拉力F始終沿水平方向，改變F的大小，使細線與豎直方向的夾角緩慢增大，這一過程中滑塊始終保持靜止，則（）A.滑塊對桿的壓力增大B

10、.滑塊受到桿的摩擦力不變C.小球受到細線的拉力大小增大D.小球所受各力的合力增大17 .下面說法中正確的是()A.根據E=F/q,可知電場中某點的場強與電場力成正比B.根據E=KQ/r2,可知點電荷電場中某點的場強與該點電荷的電量Q成正比C.根據E=U/d,可知電場中某點的場強與電勢差成正比D.根據場強疊加原理，可知合電場的場強一定大于分電場的場強、填空題18 .質量為mi=2kg的帶電絕緣球A,在光滑水平面上，從無限遠處以初速度10m/s,向另一個固定在水平面上帶同號電荷的絕緣球B靠近，B球的質量為m2=3kg,在它們相距到最近時，總的動能為J,它們具有的電勢能為J。19 .如圖所示，為測量

11、做勻加速直線運動小車的加速度，將寬度均為b的擋光片A、B固定在小車上，測得二者間距為dod，'"QO_I(1)駕小車勻加速經過光電門時，測得A、B兩擋光片先后經過光電門的時間為4,和*2,則小車的加速度a=。(2)為減小實驗誤差，可采取的方法是oA,增大兩擋光片的寬度bB,減小兩擋光片的寬度bC,增大兩擋光片的間距dD,減小兩擋光片的間距d三、解答題20 .如圖所示，以A、B和C、D為端點的兩半圓形光滑軌道固定于豎直平面內，一滑板靜止在光滑水平地面上，左端緊靠B點，上表面所在平面與兩半圓分別相切于B、Co一物塊被輕放在水平勻速運動的傳送帶上E點，運動到A時剛好與傳送帶速度相同

12、，然后經A沿半圓軌道滑下，再經B滑上滑板。滑板運動到C時被牢固粘連。物塊可視為質點，質量為m,滑板質量M=2m,兩半圓半徑均為R,板長l=6.5R，板右端到C的距離L在R<L<5R范圍內取值。E距A為s=5R。物塊與傳送帶、物塊與滑板間的動摩擦因素均為產0.5,重力加速度取go(1)求物塊滑到B點的速度大小；(2)試討論物塊從滑上滑板到離開滑板右端的過程中，克服摩擦力做的功Wf與L的關系，并判斷物塊能否滑到CD軌道的中點。21 .有一小型直流電動機，把它接入Ui=0.3V的電路中時，電動機不轉，測得流過電動機的電流為Ii=0.6A;若把電動機接入U2=3.0V的電路中時，電動機正常

13、工作，工作電流是I2=1.0A,求：(1)電動機正常工作時的輸出功率是多少？(2)如果電動機正常工作時，轉子突然被卡住，此時電動機的發熱功率是多大？桃城區一中2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理（參考答案）一、選擇題1 .【答案】B閉合時,【解析】根據等效電路，開關3斷開時，電容器的電壓5=乂；我乂；=；£R-R3工金3G=一X：我=；豆，Q)=a7故，故B正確。r+Lr23Qa%32點晴：閉合電路的歐姆定律、電容器的綜合應用。2 .【答案】D3 .【答案】C出【解析】根據速度的分解與合成可得小球平拋運動的初速度為：Vq=Va$iti60°=10乂ym/s=5

14、后m怎，小球通過V0LB點的速度為：Vb=、=1闿3m息,故AB錯誤；根據速度的分解與合成可得小球在A點時豎直分速度為：sin3O0vAy=vAcos600=5m/s,在B點的豎直分速度為：VB）=vBcosO°=1m/fi,則小球從A點到B點的時間為：ByAy155t=-L=卜，故C正確；根據速度位移公式可得a、B之間的豎直距離為：g1。22上口=至的=三三川=10m,A、B間的水平距離為：x="Qt=5d§x1m=5百m則a、B之間的距離為：相霞203 =際7=#5十屈M=訴1,故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。4 .【答案】C【解析】洛倫茲力提供向心力，根據

15、牛頓第二定律，有勿3二加一，解得K，故要保證粒子半徑相同，故只有質量與速度的乘積一定的粒子才能沿中心線通過彎管，故只有C正確。【名師點睛】粒子沿著中心線運動時，只受磁場力，磁場力提供向心力，根據牛頓第二定律列式分析即可。5 .【答案】AC【解析】ACOTj這段時間內,鴻度一支;將正使，法勁專句點受，赳火鏟土井的蓑高點？A正f機B塔浜t47：計用內，火鏟向上加透，和速度的方包向土，代于靛黃狀態，C正崎；O一4計同內,加麥方向向上，妃子笑量狀態，F：與時間內，比建反的方句句下,大于火言狀態，D堪誤.就達AC.6 .【答案】AC7 .【答案】ABC【解析】試題分析：線圈繞垂直磁感線的軸勻速轉動，產生

16、正弦交流電，其周期等于線圈的轉動周期，故A正確；頻率為周期的倒數，故頻率應相等線圈的轉速；故B正確；在中性面上時，磁通量最大，但磁通量的變化率為零，即產生感應電動勢為零，電流將改變方向，故C正確，D錯誤.考點：考查了交流電的產生8 .【答案】B【解析】【解析】在o時間內,線框從圖示位置開始（U0）轉過世的過程中，產生的感應電動勢為西二扣好時由閉合電路歐姆定律得，回路中的電流為人二,二等，根據楞次定律判斷可知費線框中感應電,流方向為逆時針方向（沿QJW方向卜在友即。時間內,線框進入第三象限的過程中回路中的電流方向為順時針方2Soj；感應電流為修=311。向（沿QWN方向）。回路中產生的感應電動勢

17、為題二扣如廬+；在為3M時間內，線框進入第四象限的過程中，回路中的電流方向為逆時針方向（沿OVM方向回路中產生的感應電動勢為段二2加把+/3回灰=自必二3叫感應電流為人在W7加時間內，線框出第四象限的過程中回路中的電漪方向為順時針方向（沿awT方向）,回路中產生的感應電動勢為=?曲史，由閉合電路歐姆定律得,回路電流為A二八。9 .【答案】A【解析】解：導線與磁場垂直，導線受到的安培力為：F=BIL=0.1M>0.2=0.02N,故BCD錯誤，A正確.故選：A【點評】本題比較簡單，考查了安培力的大小計算，應用公式F=BIL時注意公式適用條件和公式中各個物理量的含義10 .【答案】ABC【解

18、析】A、傳送帶靜止時，小煤塊受力如圖甲所示據牛頓第二定律得umgcos+mgsin=ma,B-C過程有v2=2al,解得a=10m/s2,N=0.5,故A正確；B、當小煤塊受到的摩擦力始終向上時，最容易到達傳送帶頂端，此時，小物體受力如圖乙所示，據牛頓第二定律得mgsin8umgcosH=ma',若恰好能到達高臺時，有v2=2a'l,解得v=2j5m/s>4m/s,即當小煤塊在AB平臺上向右滑動速度小于4m/s,無論傳帶順時針傳動的速度多大，小煤塊總也不能到達高臺CD,故B正確；C、以v'表示傳送帶順時針傳動的速度大小，對從小煤塊滑上傳送帶到小物體速度減小到傳送帶

19、速度過程有v2v'=2axi，對從小煤塊速度減小到運動到恰滑上CD高臺過程，有v'2=2a'x2,x+x2=l,解得v'=3m/s,即傳送帶至少以3m/s的速度順時針運動，小物體才能到達高臺CD,故C正確；1 .2V-V-D、對小煤塊煤塊的位移x=2m,x2=lx1=vt-at,t=1s,傳送帶的位移5=vm=1.6m,2 as2=vt=4m，傳送帶上留下的痕跡長度x2s2=1m,故D錯誤；故選ABC。11 .【答案】ACD【解析】ACD由圖象可以得出物體先做勻加速直線運動，當速度達到傳送帶速度后，由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物塊繼續向下做勻加速直線運動

20、，根據牛頓第二定律，結合加速度的大小求出動摩擦因數的大小和傳送帶的夾角。由于剛放到傳送帶上時，物體的相對傳送帶斜向上運動，故受到的摩擦力方向為沿傳送帶向下，從圖乙中可知，當物體的速度達到10m/s后，物體的運動加速度發生變化，但仍是加速運動，所以由此可知10m/s為傳送帶的速度，即%二10血$,之后物體相對傳送帶斜向下運動，受到的摩擦力方向為沿傳送帶向上，在01s內物塊的加速度由二一=m/s-10m/s,由牛頓第二定律得M1wgsin+gcosi?=mL,在i2s內，。廣告二彳"/,由牛頓第二定律得：憎皿8-口唯QS§二叫,解得：k0.5,9=37°,故ACD正確

21、。12 .【答案】C【解析£肉C對亡魂分析.孟更共點力平講圣步再：5退的抗寸身I=-=Img,彈要防彈力為工QsintzF=wfcota=笛mg.故AB場暖；方野工口甘;瀛r凈芭，萍鬢的淳力不受，版不球。所受的合力紇=0,市速度為0,故C正磷；穿新左便細綬的廉。洋法的彈力系變，小球口所受的合力七二丁二2唯，移第毛地第二定律法故D躺送.13 .【答案】C14 .【答案】B【解析【名師解析】對小球進行受力分析可知，小球受重力、支持力和電場力作用，由功能關系及能量守恒定律可知,由火點到B點的過程中，重力做負功，重力勢能增大，電場力做正功，電勢能減小，合外力做的功為零，動能不變“小球在/點時

22、的電勢能大于在B點時的電勢能：A錯誤由動能定理可知，95一狗國血6=0,可求得/、3兩點之間的電勢差為鬻，B正確孑由于不知道電場方向.因此不能確定電場強度的大小C錯誤/由于電場力做正功，而場源電荷位置不同，做功結果也不同，故D錯誤。15 .【答案】B16 .【答案】C【解析】：CD、對球分析,受重力mg.拉力F和細線的拉力工如圖所示:根據平衡條件，有：F=mgtwO,二21cds9隨著e的不斷增大,故拉力F不斷增加，拉力T也增加;小球的合力為零,保持不變故C正確，D錯誤汗AB、對球和滑塊整體分析，受到總重力.支持力、拉力和靜摩擦力，根據平衡條件方：N=(MA-m)gr=F=mgtanB所以支持力不變才艮據牛頓第三定律JE力也不變了靜摩擦力等于拉力7不斷增加;故AB錯誤：綜上所述本題答案是：C17 .【答案】0 100二、填空題18 .【答案】始畫-A©19 .【答案】三、解答題20 .【答案】答案：(1)2d Al 收（3 分）（2） BC （4 分）【解析】(1)滑塊從靜止開始做勻