1、任城區一中2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理班級姓名分數一、選擇題1 .在點電荷 正確的是（Q的電場中，一個質子通過時的軌跡如圖帶箭頭的線所示,）a、b為兩個等勢面，則下列判斷中A. Q可能為正電荷，也可能為負電荷B.運動中.粒子總是克服電場力做功C.質子經過兩等勢面的動能D.質子在兩等勢面上的電勢能Eka> EkbEpa> Epb2.真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間靜電力的大小為F。如果保持這兩個點電荷第14頁，共12頁的帶電量不變，而將它們之間的距離變為原來的4倍，那么它們之間的靜電力的大小為FFA. B. C. . D.匕，繩某時刻與水平方向夾角為a,下41

2、63 .如圖所示，某人用繩通過定滑輪拉小船，設人勻速拉繩的速度為列說法正確的是A .小船將做加速直線運動B.小船將做減速直線運動C.此時小船的速度v =v=vflcosfliD.此時小船的速度0AB的上下運動，現已知4 .如圖所示為某聯動控制裝置，其工作的原理是通過半圓柱體的左右運動來控制桿光滑半圓柱體（。為圓心）只能在水平面上左右以速度V勻速運動，AB桿如圖只能在豎直方向上運動，某一時刻桿與半圓柱的相對位置如圖，且發現此時AB桿上升的速度恰好也為 V,則下列說法中正確的是A .桿的端點A相對圓柱中心 O做的是直線運動B.圖示位置半圓柱正向左運動C.圖示位置桿向上做的是加速運動D.圖示位置圖中

3、的«=-45.如圖所示，長均為 d的兩正對平行金屬板 MN、PQ水平放置，板間距離為 2d,板間有正交的豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，一質量為期的帶電粒子從 MP的中點。垂直于電場和磁場方向以 Vo射入，恰沿直線從 NQ的中點A射出；若撤去電場，則粒子從M點射出（粒子重力不計）。以下說法正確的是A .該粒子帶正電兀B.若撤去電場，則該粒子運動時間為原來的二倍4C.若撤去磁場，則該粒子在運動過程中電勢能增加那才D.若撤去磁場，則粒子射出時的速度大小為百V06.如圖所示，在距水平地面高為 0.4m處，水平固定一根長直光滑桿，在桿上P點固定一定滑輪，滑輪可繞水平軸無摩擦轉動，

4、在 P點的右邊，桿上套有一質量 m=2kg的滑塊A。半徑R=0.3m的光滑半圓形細軌道豎直地固定在地面上，其圓心O在P點的正下方，在軌道上套有一質量也為m=2kg的小球Bo用一條不可伸長的柔軟細繩，通過定滑輪將 A、B連接起來。桿和半圓形軌道在同一豎直面內，A、B均可看作質點，且不計F = 50N (取 g=10m/s2)。貝U (滑輪大小的影響?，F給滑塊 A一個水平向右的恒力A.把小球B從地面拉到P的正下方時力F做功為20JB.小千B運動到C處時的速度大小為 0C.小王B被拉到與滑塊 A速度大小相等時，離地面高度為0.225mD.把小球B從地面拉到P的正下方C時，小球B的機械能增加了 20J

5、7.如圖所示為直升飛機由地面垂直起飛過程的速度時間圖象，則關于飛機的運動，下面說法正確的是（）A Mm s-1)A. 0 5s內飛機做勻加速直線運動B. 515s內飛機在空中處于懸停狀態C. 15 20s內飛機勻減速下降D. 0 25s內飛機上升的最大高度為 300m8 .有一臺小型直流電動機，經測量：在實際工作過程中兩端電壓U=5V,通過的電流I=1A,電機線圈電阻r =這臺電機工作5分鐘時間將電能轉化為焦耳熱和機械能的值為A.焦耳熱為30J B.焦耳熱為1500JC.機械能為1500J D.機械能為1470J9 .截面直徑為d、長為L的導線，兩端電壓為 U,當這三個量中的一個改變時，對自由

6、電子定向移動的平均 速率的影響，下列說法正確的是（）A .電壓U加倍時，自由電子定向移動的平均速率不變B.導線長度L加倍時，自由電子定向移動的平均速率不變C.導線截面直徑d加倍時，自由電子定向移動的平均速率加倍D.導線截面直徑d加倍時，自由電子定向移動的平均速率不變A、C10. 1. A為實心木球，B為實心鐵球，C為空心鐵球。已知三個球的直徑相同，運動中空氣阻力不計, 球質量相同。它們從同一高度處同時由靜止開始自由下落，以下說法中正確的是：A.三個球同時落地B. A球先落地C. B球先落地D. C球先落地11 .某物體從 O點開始做初速度為零的勻加速直線運動，依次通過A、B、C三點，OA、AB

7、、BC過程經歷的時間和發生的位移分別對應如圖， 經過A、B、C三點時速度分別為 、，以下說法不正確的是（）Q It A k RhCA.若 t1 :t2：t3 =1:2:3 ,則 vA：vB :vc =1:3: 6B.若t1 ：t2% =1:2:3 ,則 s :頷 0 =1:8: 27C.右 s>i: S2: S31: 2:3 ,貝UVa : Vb : vc 1: y/3: f6D.若 S1: S2: S3 1: 2:3 ,則t1 ： t? : t3 1: 33 : a/612 .某電場區域的電場線如右圖所示.把一個電子從A點移到B點時，則（）A.電子所受的電場力增大，電子克服電場力做功.

8、B.電子所受的電場力減小，電場力對電子做正功:一C.電子所受的電場力增大，電勢能減小，動能增大ED.電子所受的電場力增大，電勢能增大，動能減小一13.在軍事演習中，某空降兵從懸停在空中的直升飛機上跳下，從跳離飛機到落地的過程中沿豎直方向運動的 v式圖象如圖所示，則下列說法正確的是A . 010 s內空降兵和降落傘整體機械能守恒B. 010 s內空降兵和降落傘整體所受空氣阻力越來越大C. 1015 s時間內運動員的平均速度 v< 2D . 1015 s內空降兵和降落傘整體處于失重狀態14.橫截面積為S的銅導線，流過的電流為 I,設單位體積的導體中有 n個自由電子，電子的電荷量為 e,此V,

9、在時間及內，通過導線橫截面的自由電子數為時電子的定向移動的平均速率設為A. tB. -I：:-.vlitlitC.-D.一eeS15 .小型登月器連接在航天站上，一起繞月球做圓周運動，其軌道半徑為月球半徑的3倍，某時刻，航天站使登月器減速分離， 登月器沿如圖所示的橢圓軌道登月，在月球表面逗留一段時間完成科考工作后，經快速啟動仍沿原橢圓軌道返回，當第一次回到分離點時恰與航天站對接，登月器快速啟動時間可以忽略不計，整個過程中航天站保持原軌道繞月運行。已知月球表面的重力加速度為g,月球半徑為R,不考慮月球自轉的影響，則登月器可以在月球上停留的最短時間約為（）二、填空題16 .如圖，兩光滑斜面在B處連

10、接，小球由A處靜止釋放，經過B、C兩點時速度大小分別為 3m/s和4m/s, AB=BC。設球經過B點前后速度大小不變，則球在 AB、BC段的加速度大小之 比為 L球由A運動到C的平均速率為 m/s。8*1b6葭則A、B兩點間的電勢差UaB為17 .把帶電量十4篦1。-電的電荷從A點移到B點，電場力對它做功V ,若A點的電勢為0, B點的電勢 幅為 V ,該電荷在B點具有的電勢能Epb為 J。解答題18 .如圖所示，物體 1、物體3的質量均為 m=1kg,質量為M=2 kg、長度為L=1.0m的長木板2與物體3通過 不可伸長車5繩連接.跨過光滑的定滑輪.設長板2到定滑輪足夠遠，物體 3離地面高

11、H=6.5m ,物體1與長板2 之間的動摩擦因數 0 =0.2。長板2在光滑的桌面上從靜止開始釋放，同時物體.(視為質點)在長板 2的左端以v0 = 3m / s的初速度開始運動.求：(1)長板2開始運動時的加速度大??；(2)通過計算說明物體 1是否會從長木板2的右端落下？(3)當物體3落地時，物體1在長板2上的位置.19 .如圖所示，一質量 M=3.0 kg、足夠長的木板B放在光滑的水平面上，其上表面放置質量m=1.0 kg的小木塊A, A、B均處于靜止狀態，A與B間的動摩擦因數 月0.30,且最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等?，F給木塊 A施加一隨時間t變化的水平力 F = kt (k=2.

12、0 N/s),取g=10 m/s2777777777777777777(1)若木板B固定，則經過多少時間木塊 A開始滑動；(2)若木板B固定，求t2=2.0 s時木塊A的加速度大小;(3)若木板B不固定，求t1=2.0 s時木塊A受到的摩擦力大小。任城區一中2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理(參考答案)一、選擇題1 .【答案】C2 .【答案】D七%【解析】在距離改變之前庫侖力為：F = k一帶電量不變，而將它們之間的距離變為原來的4倍時庫侖力為：r；A1Q2 1F =k； = F,故D正確，ABC錯誤。(4r)2 163 .【答案】AC【解析】船的速度等于沿繩子方向和垂直于繩子

13、方向速度的合速度，根據平行四邊形定則，有：匕cos a飛，則V =一因a角的增大，導致 匕增大，即船做加速運動，是變加速運動，故 AC正確，BD錯誤。cos a'4 .【答案】D【解析尊D 桿的端點水平方向與回柱可達同尤角古的這也 宜對邕喧&心。有妨向方向的遑度，AB鰭誤, 桿子的實等法更是接觸點薦出線方向涉這史今二力壯運受的合運度.如羽，根據法曼的合成，運更平行日 邊格定期，得 uftancu桿向上運動，8羞菽心，,tan G成小，liftanS做小，桿作成造迨劫1C錯誤工當 目a桿上升的速度恰好也為*計.3=?.即虞=；.d正其：445.【答案】AD【解析】 撤去電場，粒子

14、從 M點射出，粒子剛射入磁場時所受洛倫茲力豎直向上，由左手定則知粒子、一、 一、 、帶正電荷，故 A正確；電磁場共存時，粒子運動的時間4二一,撤去電場后，粒子在磁場中做勻速圓周%2冗色n運動的時間：._1兀萬_向，則該粒子運動時間為原來的一，選項B錯誤；若撤去磁場，£口 = 一= =-02 /2 為*則該粒子繳桌平把運動，電造力數正科，之勢能成小，就C措誤：設獨子的蜃重為用，省電荷量為基 粒子射入電助城時的耳.更為v3?囑W子沿交我道過通3沖：BqyEq,撤去電場自，在洛倫撥力的昨1C用于，超于數石周造動，也幾何知識射：r=三港儉法才描果句。力，由牛線弱二專城停工qy；刀二用二； 澈

15、去磁溺，粒子散類平自運動.粒子的如注.夏為 寨宅E旃所戔討宜為八 水工方向：泊品 加注度：qE ,1114二，堡支分位移：一M,解簿：產我 設式速度為v.出勃急靈理如士 m:MEq乩 明m" 2“22得：v= J5v0，故D正確?！久麕燑c睛】 本題考查帶電粒子在電場、磁場中兩的運動， 粒子在電場中做類平拋運動，在磁場中做勻速圓周運動，分析清楚粒子運動過程是解題的前提，根據粒子在磁場中的偏轉方向判斷出洛倫茲力方向，應用左手定則可以判斷出粒子的電性；應用類平拋運動規律與牛頓第二定律可以解題。6 .【答案】ACD【解析】【解析】解: 把小球B從地面拉到P點正下方二點過程中，力F的位移為:

16、x= 7042+032 -(0.4-03)= 0.4m ,則力F做的功Wf=Fx=20J 7選項A正確j把小球B從地面拉到P 點正下方C點時,此時B的速度方向與繩子方向垂直，此時A的速度為零，設B的速度為七則由動育流 理：WF -mgR =-2-0，解得v= 2幣m/s,選項B錯誤;當細繩與圓形軌道相切時,小球B的速 j£t度方向沿圓周的切線方向向上"懼搟世局子方向重合,故與小球A速度大小相等，由幾何關系可得ko."5m 選項C正確；B機械能增加量為 F做的功20J, D正確本題選ACD7 .【答案】AD8 .【答案】AD【解析】根據焦耳定律可得焦耳熱為：Q =*

17、5 乂 60J = 3QJ ,故A正確，B錯誤；電動機做的總功為:W=UIt=5 X >5 40J=1500J,機械能為：E=W-Q=1500-30J=1470J,故 D 正確，C 錯誤。所以 AD 正確，BC 錯誤。9 .【答案】D10 .【答案】A11 .【答案】D12 .【答案】C13 .【答案】BC【解析】010 s內速度時間圖線的切線斜率逐漸減小，可知空降兵和降落傘向下做加速度逐漸減小的變加速直線運動，阻力對空降兵和降落傘做負功，故選項 A錯誤；根據牛頓第二定律得，mgf=ma,因為加速度減小，可知阻力增大，故選項 B正確；1015 s內做空降兵和降落傘向下做加速度減小的變減速

18、直線運動，5 s內的位移小于做勻變速直線運動的位移,故1015 s時間內空降兵和降落傘的平均速度1015 s內做減速運動，加速度方向向上，可知空降兵和降落傘處于超重狀態，故選項D錯誤。14 .【答案】A【解析】根據電流的微觀表達式 I=nevS,在At時間內通過導體橫截面的自由電子的電量Q=I義，Q A tnevS A t則在dt時間內，通過導體橫截面的自由電子的數目為N = -= ,將I=nevS代入得M = nvS Ate ee選項A正確，BCD錯誤；故選A.點睛：本題考查電流的微觀表達式和定義式綜合應用的能力，電流的微觀表達式I=nqvs,是聯系宏觀與微觀的橋梁，常常用到. 15.【答案

19、】 A【解析【名師解析】設登月器和航天站在半徑為3斤的軌道上運行時的周期為丁,因其繞月球作圖周運動j所以應用牛頓第二定律有6的_ 4 兀* r _ .一r= Ly, T=3 斤4 27r唱 =6冗既在月球表面的物體所受重力近似等于萬有引力，加 4所以E冗、匡T2。設登月器在小橢圓軌道運行的周期為Ti，航天站在大圓軌道運行的周期為對登月器和航天站依據開普勒第三定律分別有一2一 2一 2TTiT2_ 3 = 3 =_ 3 3R2R3R為使登月器仍沿原橢圓軌道回到分離點與航天站實現對接，登月器可以在月球表面逗留的時間t應滿足t=nT2-Ti （其中，n=1、2、3、）聯立得t=6Ttn-4兀弋下（其

20、中n=1、2、3、）當n=1時，登月器可以在月球上停留的時間最短，即 t=4.7兀,故A正確。、填空題16.【答案】9: 7 ; 2.1郵析AB=BC =x,根據勻變速直線運動的規律，AB *P-0 = 24B BC段有:42 -32 = 2a2x3+0 匕F%,聯立得4 = 9 7；根據平均速率公式可知兩段的平均速率分別二 3+4全 程 的 平 均 速 度 為- 2xv =LJL上2x= 2Am / s17.【答案】(1).200(2)O，_、_-6.-200(3) . -8 1為【解析】由題意，電荷從WAB 8 X 1O-6A點移到B點時電場力做的功 8M0-6J.則A、B兩點間的電勢差U

21、4B= = 7V = 200V；因 UAB=(j)A-(j)B,若 A 點的電勢為 0, q 4 x io 8有的電勢能：B點的電勢帕為-200V ；該電荷在B點具解答題物體1在長木板2的最左端.18 .【答案】（1） 4m/s2 （2）物體1不會從長木板右端落下；（3）【解析】試題分析:（1）物體1相對于2向右運動，恰好沒有從長板2的右端掉下，則知物體1滑到長板2 的右端時，1和2速度相等.根據牛頓第二定律求出物體1的加速度和物體2和3的整體加速度,由速度相 等，求出時間，由位移公式分井原出物體1和物體貧的位移，兩者位移之差;（團判斷三個物體能否相對靜止.假設物體1因相對靜止，由牛頓第二定律求出加速度和物體1所受的靜摩 擦力，與最大靜摩擦力比較，可知物體1和物體2相對滑動.再求出物體1和物體23的加速度，由位移公 式求出物體3落地時整體下落高度h，得到時間，并求出物體1的位移，可知物體1在長木板2的最左端.（1）物體2和3的整體加速度為：& = W±2 = 4啖；M + 陽 /3（2）設向右為正方向，物體